2025年粤教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理上册阶段测试试卷712考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列关于磁感线的说法不正确的是（）A.磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向B.磁场中两条磁感线一定不相交C.地球的地理北极的磁感线由地面指向空中D.磁感线分布较密的地方，磁感应强度较强2、如图所示，两电荷量分别为和的点电荷固定在直线上，两者相距为L，以点电荷所在位置为圆心、为半径画圆，是圆周上四点，其中在直线上，两点连线垂直于下列说法正确的是（）

A.两点的电场强度相同B.两点的电势相同C.a点的电势高于b点的电势D.a点的电场强度小于b点的电场强度3、如图所示，为两个带有等量异号电荷的点电荷，点是它们之间连线的中点，是连线中垂线上的两点，点距点较近．用和分别表示三点的电场强度的大小和电势，下列说法正确的是（）

A.等于B.一定小于C.一定大于D.将一电子从点沿中垂线移动到点，电场力一定不做功4、在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动；则三个电表示数的变化情况是。

A.I1增大，I2不变，U增大B.I1减小，I2增大，U减小C.I1增大，I2减小，U增大D.I1减小，I2不变，U减小5、图中电源的电动势为6V，内阻为1，R1为2，R2的最大阻值为3；下列说法中错误的是（）

A.当R2为1时，R1消耗的功率最大B.R2的阻值越小，R1消耗的功率越大C.通过改变R2的阻值，路端电压的最大值为5V，最小值为4VD.当R2的阻值为3时，R2消耗的功率最大6、如图所示，为某一物理量y随另一物理量x变化的函数图像；关于该图像与横轴所围面积（阴影部分）的物理意义，下列说法中正确的是（）

A.若图像表示质点的加速度随时间的变化关系，则面积值等于质点在对应时间内的位移B.若图像表示力随位置的变化关系，则面积值等于该力在对应位移内做功的平均功率C.若图像表示沿x轴方向电场的场强随位置的变化关系，则面积值等于电场在O~x0段的电势差D.若图像表示电容器充电电流随时间的变化关系，则面积值等于对应时间内电容器储存的电能7、如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α．则AB两点的电势差为。

A.零B.ELC.ELcosαD.ELsinα8、如图所示，电荷均匀分布在半球面上，它在这半球的中心O处电场强度大小等于E0，两个平面通过同一条直径，夹角为a，从半球中分出一部分球面，则所分出的这部分球面上（在“小瓣”上）的电荷在O处的电场强度大小为()

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示．下列判断中正确的是（）

A.当R＝r时，电源有最大的输出功率B.电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大C.电源的功率P总随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大10、右图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用；则（）

A.带电粒子一定带负电B.带电粒子在a处受力方向沿电场线方向指向场源电荷C.带电粒子在b点的速度大于在a点速度D.带电粒子在b点的电势能大于在a点电势能11、如图是某区域的电场线分布。A、B、C是电场中的三个点；下列说法正确的是（）

A.三点中B点场强最强，C点场强最弱B.一正点电荷在A处所受电场力的方向就是A点场强方向C.三点中B点电势最高D.把一负电荷从B点移到C点，电势能减小12、如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一可视为质点的质量为m、电荷量为的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成角，此时让小球获得沿切线方向的初速度且恰能绕O点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.小球带负电，且匀强电场的电场强度B.小球做圆周运动过程中速度的最小值C.小球从静止位置运动至圆周轨迹最高点的过程中动能逐渐减小，电势能先减小后增大D.小球从静止位置开始至其在竖直平面内运动一周的过程中，机械能先减小后增大13、如图所示，弹簧测力计下端挂一条形磁铁棒，其中条形磁铁棒极的一部分位于未通电的螺线管内；则下列说法正确的是（）

A.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小B.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大C.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大D.若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示四根导线中电流要使O点磁场增强，应切断电流_______.

15、如图，电源电压恒定不变，闭合开关S、S1，电流表示数为0.3A，则电源电压为___________V，10s内电流通过产生的热量为___________J；再闭合开关S2，调节使电流表示数为0.5A，则此时变阻器的阻值为___________Ω。

16、电源的两个重要参数是电动势E和内电阻r。对一个闭合电路有两种特殊情况；当外电路断开时，电源两端的电压等于电源电动势；当外电路短路时，短路电流等于电动势和内电阻的比值。现有一个电动势为E、内电阻为r的电源和一阻值为的定值电阻，将它们串联或并联组成的系统视为一个新的等效电源，这两种连接方式构成的等效电源分别如图甲和乙虚线框所示，和分别为甲、乙等效电源的电动势和内阻。当这两个新的等效电源分别和一阻值为R的电阻连接时，新的等效电源输出功率恰好相等；若改为将分别接在这两个新的等效电源两端，新的等效电源的输出功率分别为则。

（1）______（选填“等于”“大于”；“小于”“无法判断”）

（2）______（选填“等于”“大于”；“小于”、“无法判断”）

（3）______（选填“等于”、“大于”“小于”“无法判断”）17、元电荷：最小的电荷量，e=____________C，由____________测得。所有带电体的电荷量都是e的____________。18、带电粒子在电场中的加速。

分析带电粒子的加速问题有两种思路：

（1）利用___________定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是___________且涉及___________等描述运动过程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及___________、___________等动能定理公式中的物理量或___________电场情景时，公式有qEd=mv2-mv（匀强电场）或qU=mv2-mv（任何电场）等。19、某学生在测量均匀圆柱体的电阻率的实验中，用20分度的游标卡尺测量其长度，由图甲可知其长度为______________cm；用螺旋测微器测量其直径，由图乙可知其直径为_________________mm；用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为_____________Ω。

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)20、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)21、某同学要将一满偏电流为的毫安表G改装为量程为的电流表。他先测量出毫安表G的内阻；然后对表进行改装，最后再利用—标准毫安表，对改装后的电流表进行校正。具体实验步骤如下：

①按电路原理图甲连接线路；

②将的阻值调到最大，闭合开关后调节的阻值；使毫安表G的指针偏转到满刻度；

③闭合S2，保持不变，调节的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度的一半的位置，记下的阻值。

(1)若按正确操作步骤读出的阻值为95Ω，则毫安表G内阻的测量值______Ω，与毫安表内阻的真实值相比，______（选填“大于”“等于”或“小于”）

(2)若忽略实验的误差，将上述毫安表G改装成量程为的电流表，则需要______（选填“串”或“并”）联一个阻值______Ω（保留两位有效数字）的电阻；

(3)根据图乙所示电路对改装后的电表进行校正。改装表的指针位置如图丙所示，若改装的电流表准确，则标准毫安表的示数为______（保留三位有效数字）22、某同学查阅资料发现二极管的实物图、电路符号以及二极管的正向伏安特性曲线如图甲所示，为了验证二极管的正向伏安特性，该同学在实验室找来电源、电流表电压表滑动变阻器R；二极管、开关和导线若干。

（1）该同学设计的实验电路图如图乙所示，为了描绘二极管的正向伏安特性曲线，电源a端应为电源的________（选填“正”或“负”）极；闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于________（选填“P”或“Q”）端。

（2）用笔画线代替导线，完成图丙实物图连线_______。

（3）闭合开关S，调节滑动变阻器滑片位置，测量多组电流值I和电压值U，并描绘二极管的正向伏安特性曲线如图丁所示，由图像可知，欧姆定律___（选填“适用”或“不适用”）二极管，在“死区电压”阶段二极管的阻值____（选填“非常大”或“几乎为零”），在正向电压时，二极管的阻值为________（结果保留两位有效数字）。

（4）若将该规格的二极管与一个阻值为的定值电阻串联后接在一节电动势为内阻不计的干电池上，如图戊所示，则稳定后二极管的实际功率为__W（结果保留两位有效数字）。

评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)23、如图甲所示；粗糙水平轨道与半径为R的竖直光滑；绝缘的半圆轨道在B点平滑连接，过半圆轨道圆心0的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场E，质量为m的带正电小滑块从水平轨道上A点由静止释放，运动中由于摩擦起电滑块电量会增加，过B点后电量保持不变，小滑块在AB段加速度随位移变化图像如图乙．已知A、B间距离为4R，滑块与轨道间动摩擦因数为μ=0.5，重力加速度为g，不计空气阻力，求。

(1)小滑块释放后运动至B点过程中电荷量的变化量。

(2)滑块对半圆轨道的最大压力大小。

(3)小滑块再次进入电场时，电场大小保持不变、方向变为向左，求小滑块再次到达水平轨道时的速度大小以及距B的距离24、如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m。若将电荷量均为q=+2.0×10-6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N·m2/C2。求：

(1)两点电荷间的库仑力大小；

(2)C点的电场强度的大小和方向。

25、如图所示，粗糙绝缘水平地面ABC与光滑绝缘半圆弧竖直轨道CD相切C点，CD右侧（含CD）有水平向右的匀强电场，电场强度大小为圆弧轨道半径为R，AB长度L1=R，BC长度L2=4R。有一质量为M=2m的滑块P以从A点向右运动，在B处与一质量为m、带电荷量为的滑块Q发生弹性碰撞（碰撞过程中Q的电荷量不变），碰撞后滑块Q继续向右运动经过C点进入光滑圆轨道。已知滑块P、Q与地面的动摩擦因数均为μ=0.5，不计空气阻力，滑块都可看作质点，重力加速度为g。求：

（1）若滑块P与Q发生碰撞后瞬间滑块Q速度v的大小；

（2）滑块Q继续运动到达圆轨道的最高点D时对轨道压力N的大小：

（3）若滑块P与Q发生弹性碰撞后使Q能滑上圆弧轨道并且可沿轨道滑回平面，求滑块P初速度的最大值vm。（答案可用分数及根式表示）

26、如图所示，已知电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻箱R的最大值为3Ω，保护电阻R0=0.5Ω；求：

(1)R取何值时，电阻箱R的电功率最大；并求这个最大值。

(2)R取何值时；电源的效率最大，并求这个最大值。（结果保留3位有效数字）

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向；A正确；

B．两条磁感线若相交；在交点处磁感应强度就有两个方向，所以磁场中两条磁感线一定不相交，B正确；

C．地球的地理北极在地磁场S极附近；所以磁感线由空中指向地面，C错误；

D．磁感线分布较密的地方；磁感应强度较强，D正确。

本题选择不正确选项，故选C。2、B【分析】【详解】

A．的场源在两点产生的场强大小相等，的场源在两点的产生的场强大小也相等，根据场强的合成可知两点的总场强大小相等，但方向不同，故两点的电场强度不同；故A错误；

BC．四点在以点电荷为圆心的圆上，可知产生的电场在四点的电势是相等的，所以四点的总电势可以通过产生的电场的电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，点的电势最高，两点对称电势相等，点电势最低；故B正确；C错误；

D．由点电荷的场强公式

合成可得

方向向左；

方向向右；故

则D错误。

故选B。

【点睛】

本题考查判断电势、场强大小的能力，要利用库仑定律和场强的矢量合成的方法对各点的电势和场强进行判定，并且要充分利用电场的叠加原理进行分析。3、D【分析】【详解】

A．所在的空间各点的电场强度由这两点电荷共同决定，电场强度是矢量，在点的电场强度方向指向负电荷所在方向，故点的电场强度不为故A错误；

BC．所在的空间各点的电场强度和电势由这两点电荷共同决定，从点开始，沿中垂线场强逐渐减小中垂线为等势力线，即在的中垂线上各点电势相等，故点的场强大于点场强，点电势等于点电势；故BC错误；

D．等量异种电荷连线的中垂线为等势线，点和点电势相同；电场力不做功，故D正确。

故选4、B【分析】【详解】

R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2示数增大．故A、C、D错误，B正确．5、A【分析】【详解】

AB．为定值电阻，通过的电流越大，则功率越大，所以R2的阻值越小，电路中的总电流越大，R1消耗的功率越大；当为零时，电路中的电流最大，消耗的功率最大；故A错误，B正确；

C．由闭合电路的欧姆定律可知，外电压

当时，有

当时

故C正确；

D．将定值电阻当成电源内阻的一部分，则根据输出功率

可知，当

时，消耗的功率最大；故D正确；

由于本题选错误的，故选A。6、C【分析】【详解】

A．若图像表示加速度随时间的变化，y轴表示加速度，x表示时间，由

知△v=a△t

知面积等于质点在相应时间内速度的变化量。故A错误。

B．若图像表示力随位置的变化，根据W=Fl

知；面积等于该力在相应位移内所做的功，故B错误。

C．若图像表示沿x轴方向电场的场强随位置的变化关系，根据U=qEd

则面积值等于电场在Ox0段的电势差；故C正确。

D．若图像表示电容器充电电流随时间的变化，由q=It

知面积等于相应时间内电容器储存的电荷量；故D错误；

故选C。7、C【分析】【分析】

根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电势差。

【详解】

两点的电势差UAB=Ed=ELcosα，故C正确，A、B、D错误．8、C【分析】【详解】

根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，如图所示，由平行四边形定则得到“小瓣”球面上的电荷在O处的电场强度故选项C正确，A；B、D错误；

二、多选题(共5题，共10分)9、A:D【分析】【详解】

A、根据电路的输出功率结果图象可知当R＝r时，电源有最大的输出功率为A正确．B、电源内阻的功率外电阻R的增大内阻的功率不断变小，B错误．C、电源的总功率则随着外电阻R的增大而减小，C错误．D、电源的效率得随着R增大时；电源的效率增大，D正确．

【点睛】

根据图象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，功率最大．10、B:D【分析】【详解】

AB．曲线运动中；力指向运动轨迹凹侧，可知，带电粒子与场源电荷电性相反，但具体的电性不能确定，所受电场力沿电场线指向场源电荷。故A错误；B正确；

CD．假定带电粒子从a运动到b；则电场力做负功粒子的动能减小电势能增加。故C错误；D正确。

故选BD。11、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线越密电场强度越大，越疏电场强度越小，所以三点中B点场强最强，C点场强最弱；A正确；

B．正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同；B正确；

C．沿电场线方向电势逐渐降低；C正确；

D．把一负电荷从B点移到C点；电场力做负功，电势能增大，D错误。

故选ABC。12、A:B:C【分析】【详解】

A.小球静止时细线与竖直方向成角，由平衡条件可知电场力水平向右，与场强方向相反，小球带负电，有

解得

故A正确；

B.小球恰能绕O点在竖直面内做圆周运动，在等效最高点A点速度最小；如图所示。

根据平衡条件得

解得

故B正确；

C.小球从静止位置内沿逆时针方向运动至圆周轨迹最高点的过程中，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，而小球在等效最高点A点速度最小；动能最小，所以小球动能逐渐减小，故C正确；

D.小球从静止位置开始沿逆时针方向至其在竖直平面内运动一周的过程中；小球的机械能和电势能之和守恒，小球电场力先做正功后负功后再做正功，则电势能先减小后增大再减小，机械能先增大后减小再增大，故D错误。

故选ABC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

当接电源正极，接负极时，根据线圈的绕向可知，磁铁棒的极受到的磁场力方向向下，磁铁棒极受力方向向上．由于磁铁棒的极所在处磁感线较稀，故极受力大于极受力，磁铁棒所受磁场力的合力方向向下，弹簧测力计示数增大。同理，当接电源正极，接负极时；弹簧测力计示数减小，所以BD正确；AC错误；

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

[1]根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1在O点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O点产生的磁场的方向向里，导线4在O点产生的磁场的方向向外。由于所以合磁场的方向向里，根据磁场的叠加可知，要使O的磁场增强，应切断【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可得；电源电压为。

[2]10s内电流通过产生的热量为。

[3]当电流表示数为0.5A时；由欧姆定律可得。

代入数据解得。

【解析】6183016、略

【分析】【详解】

(1)[1]甲图中等效电源的电动势为

乙图中等效电源的电动势等于间的电压，即

所以

(2)[2]甲图中等效内电阻为

乙图中等效内电阻等于与并联的阻值，即有

所以

(3)[3]电源U-I图线与电阻U-I图线的交点表示该电阻接在该电源上时的工作状态；此交点横；纵坐标的乘积为电源的输出功率；

由于两个新的等效电源分别和一阻值为的电阻连接时，新的等效电源输出功率相等。则两电源的U-I线与电阻R的U-I线交于一点如下图。

结合画出的U-I线，如上图，可知【解析】大于大于小于17、略

【解析】①.1.60×10-19②.密立根③.整数倍18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛顿第二定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是匀强电场且涉及运动时间等描述运动过程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及位移、速率等动能定理公式中的物理量或非匀强电场情景时，公式有qEd=mv2-mv（匀强电场）

或qU=mv2-mv（任何电场）【解析】①.牛顿第二②.匀强电场③.运动时间④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非匀强19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，故图中所测圆柱体的长度为

[2]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，故图中所测圆柱体的直径为

[3]欧姆表的读数为指针的读数与倍率的乘积，故所测电阻的阻值为【解析】5.0252.7001.9×103四、作图题(共1题，共8分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共16分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由于指针指在满刻度一半的位置，说明分得的电流和毫安表的电流相等，所以毫安表的内阻等于即毫安表的内阻为

[2]闭合后，与的并联值所以此时电阻R2两端的电流大于毫安表的电流，即

(2)[3]毫安表G改装成量程为的电流表需要并联一个电阻。

[4]由并联电路分流特点；并联电阻阻值为。

(3)[5]改装后的电流表显示为因量程扩大20倍，故标准毫安表的示数为【解析】95小于并5.060.022、略

【分析】【详解】

（1）[1]研究二极管的正向伏安特性曲线，二极管的正极应该接高电势，负极接低电势，所以电源a端应为电源的负极；

[2]闭合开关前，为了保护电路，应该让分压电路的电压值为零，所以滑动变阻器的滑片应滑到Q端。

（2）[3]连接电路如图所示。

（3）[4]根据描绘的伏安特性曲线可知；二极管正向伏安特性曲线为非线性电阻，不适用欧姆定律；

[5]在“死区电压”阶段；二极管正向电压增大，但是电流值几乎为0，所以二极管在“死区电压”阶段阻值非常大；

[6]正向电压为0.8V时，电流为20mA，所以此时二极管的电阻为

（4）[7]将电池和定值电阻R看作一个电池，由闭合电路欧姆定律可知

在二极管的正向伏安特性曲线图中描绘出电流I和电源的路端电压U的变化关系曲线如图所示。

可知此时二极管两端的电压为

电流为

所以二极管的实际功率为【解析】负Q不适用非常大40####六、解答题(共4题，共28分)23、略

【分析】【详解】

试题分析：根据在A；B两点的加速度结合牛顿第二定律即可求解小滑块释放后运动至B点过程中电荷量的变化量；

利用“等效重力”的思想找到新的重力场中的电低点即压力最大点；

解：(1)A点：

B点

联立以上两式解得

(2)从A到B过程：