2025年北师大版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、质量为m的汽车行驶在平直的公路上，在运动中所受阻力不变，当汽车的加速度为a，速度为v时发动机的功率为P1；则当以功率P2行驶时，汽车的最大速度为（）A.B.C.D.2、如图所示是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点是将非电学量的变化转换为电信号，使测量自动化）．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极；中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，于是从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低．如果指示器显示出电容增大了，则可判断（）A.液面不变B.液面升高C.液面降低D.无法判断3、关于“探究求合力的方法”的实验，下列说法中不正确的是（）A.用两只弹簧秤和用一只弹簧秤拉橡皮筋时，结点必须拉到同一点B.实验过程中，弹簧的轴线必须与纸面平行C.两个拉力的方向必须垂直D.作力的平行四边形时，不同拉力的标度应该相同4、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r、L1、L2是两个小灯泡，闭合S后，两灯均能发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现()A.L1变暗L2变暗B.L1变亮L2变暗C.L1变亮L2变亮D.L1变暗L2变亮5、世界上第一盏用海浪发电的航标灯，其气室（器壁是导热的）结构示意如图．利用海浪上下起伏的力量，空气从A吸进来，在B中压缩后再推入工作室C，推动涡轮机带动发电机发电．当海水下降时，阀门K1关闭，K2打开．当海水上升时，K2关闭，海水推动活塞等温压缩空气（可视为理想气体），空气压强达到6×105Pa时，阀门K1才打开．K1打开后，活塞继续推动B中的空气，直到气体全部被推入工作室C为止，同时工作室C的空气推动涡轮机工作．根据上述信息判断下列说法正确（）A.该装置由于从单一热源吸收热量，所以违反了热力学第二定律B.在活塞向上推动，K1未打开之前，B中的空气向周围放出热量C.在活塞向上推动，K1未打开之前，B中每个空气分子对器壁的撞击力增大D.气体被压缩，体积减小，分子间的平均距离减小，气体压强增大，分子力表现斥力6、带电粒子在电场中，只受电场力时，也可以做匀速圆周运动。A.正确B.错误7、如图所示，物体A和B的重力分别为20N和3N，不计弹簧秤和细线的重力及一切摩擦，系统处于静止状态，则弹簧秤的读数为（）A.17NB.3NC.6ND.23N评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、电梯修理员、牵引专家等，常需要知道绳（或金属线）内部中的张力（即内部各部分间的相互牵引力）T，可又不便到绳（或线）的自由端去测量．某家公司制造了一种夹在绳上的仪表（图中B、C为该夹子的横截面），测量时，只要如图示那样用一硬杆竖直向上作用在绳上的某点A，使绳产生一个微小偏移量a，借助仪表很容易测出这时绳对硬杆竖直向下的压力F，（A、B、C可看作质点，绳子粗细及重力可忽略不计）．现测得该微小偏移量为a=12mm，BC间的距离为2L=250mm，绳对横杆的压力为F=300N，则绳内部中的张力T的表达式为T=____，并估算出T的大小为____N（请保留三位有效数字）．

9、【题文】如图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以Q为焦点的椭圆运动。M、N为椭圆上的两点，N点是轨道上离Q最近的点。电子在从M运动至N点的过程中，电子的速率将____，电势能将____。(均填“增大”或“减小”)10、图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定；右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．

（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=______．（用题中的符号表示）

（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数；除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是。

______．（说明物理意义并用符号表示）

（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=______．（用题中所测的物理量的符号表示）11、一台电动机的功率是54kW，用这台电动机匀速提升2.7×104kg的货物，提升的速度是____m/s．（取g=10m/s2）12、在真空中有一带电量为Q=2×10-9C的点电荷，在它形成的电场中距离它r=1m处的电场强度的大小是____N/C（已知静电力常量K=9.0×109N•m2/C2）评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)13、普通验电器能直接检测物体带有何种性质的电荷．____．（判断对错）14、10个分子的动能和分子势能的总和就是这10个分子的内能．____．（判断对错）15、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）16、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应____（判断对错）17、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）18、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）19、两个力的合力总是大于原来每一个力．____（判断对错）20、做平抛运动的物体，在空中运动的时间与初速度有关．____（判断对错）评卷人得分四、解答题(共1题，共5分)21、“太极球”是近年来在广大市民中较流行的一种健身器材．做该项运动时；健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，球却不会掉落地上．现将太极球简化成如图甲所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A；B、C、D位置时小球与板间无相对运动趋势．A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高，圆的半径为R．已知小球的重力为1N，不计平板的重力，且在A处板对小球的作用力为F．

（1）设小球在A处的速度大小为v；写出在A处板对小球的作用力与小球速度大小的关系式；

（2）求在C处板对小球的作用力比在A处大多少？

（3）当球运动到B、D位置时，板与水平方向需有一定的夹角θ，才能使小球在竖直面内做匀速圆周运动，请作出tanθ-F的关系图象．评卷人得分五、简答题(共4题，共12分)22、如图所示，在光滑的水平面上，有一质量M=3kg的木板，木板上有一质量m=1kg的物块．它们都以相对于地面v0=4m/s的初速度反向运动；它们之间有摩擦，且长木板足够长，求：

①当木板的速度为2.4m/s时；物块的速度大小；

②从它们开始运动至速度相等的过程中；物块和木板之间因摩擦产生的热量．

23、硼普遍存在于蔬果中，是维持骨骼的健康和钙、磷、镁正常代谢所需要的微量元素之一。回答下列问题：rm{(1)}基态磷原子核外的价层电子排布图为______________，占据最高能级的电子云轮廓图形状为________________。rm{(2)}硼原子的第二电离能rm{(I_{2})}和第三电离能rm{(I_{3})}的大小关系为：rm{I_{2}}________rm{I_{3}(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}原因是____________________________。rm{(3)BF_{3}}可用于制造火箭的高能燃料。rm{BF_{3}}分子中的中心rm{B}原子采用的杂化方式为___________，rm{BF_{3}}为________分子rm{(}填“极性”或“非极性”rm{)}rm{(4)}钙、镁的氧化物熔点rm{CaO}________rm{MgO(}填“大于”或“小于”rm{)}其原因是_____________________________________________________。rm{(5)}硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}晶体为层状结构。其中一层的结构片段如图rm{(a)}所示，将这些rm{H_{3}BO_{3}}分子聚集在一起的作用力为____________________。rm{(6)}某立方氮化硼rm{(BN)}晶体的晶胞如图rm{(b)}。该晶胞中rm{N}原子全部位于晶胞体内，则rm{B}原子处于晶胞的___________位置。已知该晶体密度为rm{dg隆陇cm^{-3}}rm{N}rm{{,!}_{A}}代表阿伏加德罗常数的值，则晶胞中两个距离最近的rm{B}原子之间的距离rm{=}____________________rm{pm}rm{(}用含rm{d}rm{N}rm{{,!}_{A}}的代数式表示rm{)}24、金属钛rm{(Ti)}因其硬度大、熔点高、常温时耐酸碱腐蚀而被广泛用作高新科技材料，被誉为“未来金属”。以钛铁矿rm{(}主要成分钛酸亚铁rm{)}为主要原料冶炼金属钛同时获得副产品甲的工业生产流程如下。请回答下列问题。

rm{(1)}钛酸亚铁rm{(}用rm{R}表示rm{)}与碳在高温下反应的化学方程式为rm{2R+C篓T2Fe+2TiO_{2}+CO_{2}隆眉}钛酸亚铁的化学式为______________；钛酸亚铁和浓rm{H_{2}SO_{4}}反应的产物之一是rm{TiOSO_{4}}反应中无气体生成，该反应的化学方程式为__________________________________________________。

rm{(2)}上述生产流程中加入铁屑的目的是________________________，此时溶液Ⅰ中含有rm{Fe^{2+}}rm{TiO^{2+}}和少量rm{Mg^{2+}}等阳离子。常温下，其对应氢氧化物的rm{K_{sp}}如下表所示。。氢氧化物rm{Fe(OH)_{2}}rm{TiO(OH)_{2}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{K_{sp}}rm{8.0隆脕10^{-16}}rm{1.0隆脕10^{-29}}rm{1.8隆脕10^{-11}}rm{垄脵}常温下，若所得溶液中rm{Mg^{2+}}的物质的量浓度为rm{0.0018mol/L}当溶液的rm{pH}等于______时，rm{Mg(OH)_{2}}开始沉淀。

rm{垄脷}若将含有rm{Fe^{2+}}rm{TiO^{2+}}和rm{Mg^{2+}}的溶液加水稀释；立即析出大量白色沉淀，该反应的离子方程式为__________________________________________________________。

rm{(3)}中间产品乙与焦炭、氯气在高温下发生反应制取rm{TiCl_{4}}的方程式为__________________________________________。rm{Mg}还原rm{TiCl_{4}}过程中必须在rm{1070K}的温度下进行，你认为还应该控制的反应条件是___________________________。除去所得金属钛中少量的金属镁可用的试剂是_________________。25、如图甲所示，两根长度相同间距为R

的直木棍AB

和CD

相互平行，固定在同一水平面上，一个重力为G

半径为R

的圆柱工件架于两木棍之间，工件与木棍之间滑动摩擦因数为32

在水平向右的推力作用下恰好向右匀速运动；若两根直木棍AB

和CD

间距不变，相互平行，斜靠在竖直墙壁上固定不动，如图乙所示，该工件恰好沿两木棍匀速下滑，求：

(1)

图甲情况下；水平向右的推力大小？

(2)

图乙情况下，木棍与水平方向夹角的大小？评卷人得分六、综合题(共2题，共20分)26、

(1)力F的大小是多少?

(2)为使绳不被拉断，作用在A物体上的拉力F的最大值是多少?27、【题文】如图所示，一弹簧振子在A、B间做简谐运动，O点为平衡位置，A、B间的距离为10cm，由A运动到B所需的时间为2s.取向左为正方向，从某时刻开始计时，经1s，振子具有正向的最大加速度。试作出振子的振动图象，并写出简谐运动的位移随时间变化的关系式.参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】当汽车的加速度为a时，对汽车受力分析，由牛顿第二定律可以求得汽车运动过程中受到的阻力大小，再由P=Fv=fv可以求得汽车的最大速度．【解析】【解答】解：对汽车受力分析；设受到的阻力的大小为f．

当汽车的加速度为a时；由牛顿第二定律可得，F-f=ma，所以F=f+ma；

由功率P1=Fv=（f+ma）v，解得f=-ma

当功率恒为P2时，设最大速度为v′，则P2=F′v′=fv′，所以v′==．

故选：C2、B【分析】【分析】由图可知电容器的构造，再由平行板电容器的决定式进行分析即可【解析】【解答】解：由图可知，液体与芯柱构成了电容器，由图可知，两板间距离不变；液面变化时只有正对面积发生变化；则由可知；当电容增大时只能是正对面积S增大；故可判断液面升高；故ACD错误，B正确；

故选：B．3、C【分析】【分析】在验证“力的平行四边形定则”时，可以根据实验的原理进行分析需要注意的事项．【解析】【解答】解：A；在实验中；用一个力和用两个力拉动时，应保证合力与两分力的效果相同，故必须要拉到同一点，故A正确；

B；实验中应保证合力与分力在同一平面内；故弹簧的轴线必须与纸面平行，故B正确；

C；两个拉力的方向没有定性要求；夹角可以任意，故C错误；

D；在作图时；应保证拉力的标度相同，才能正确作出图形，故D正确；

本题选错误的，故选C．4、D【分析】试题分析：当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电阻增大、总电阻增大，则干路电流减小，内电阻及L1上电流均减小，则L1变暗，而电阻R和灯泡L2所得电压增大，则L2变亮，所以D正确。考点：本题考查串电阻并联及其电阻的变化、串并联电路的特点、闭合电路欧姆定律。【解析】【答案】D5、B【分析】解：A；该装置是利用海水推动活塞做功；是海水的机械能转化为电能，不违反热力学定律，故A错误。

B；海水推动活塞等温压缩空气；内能不变，而外界对气体做功，根据热力学第一定律知B中的空气向周围放出热量，故B正确。

C、在活塞向上推动，K1未打开之前；由于温度不变，则B中气体分子的平均动能不变，对单个分子来讲其动能变化不一定，故C错误。

D；气体被压缩；体积减小，分子间的平均距离减小，气体压强增大，因是理想气体，不考虑分子间的作用力，故D错误。

故选：B

该装置是利用海水推动活塞做功；是海水的机械能转化为电能，海水推动活塞等温压缩空气，内能不变，而外界对气体做功，由于温度不变，则B中气体分子的平均动能不变，对单个分子来讲其动能变化不一定．

本题是物理知识与现代生活相联系的题目，考查了热力学第一定律的应用，这是高考考查的一个方向要引起足够重视．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】当电场力与速度始终垂直时，粒子可做匀速圆周运动；本题考查电场和圆周运动的综合分析，基础题目。【解答】电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，当电场力总是与速度方向垂直时，则电粒子在电场中也可以做匀速圆周运动。故选A。【解析】A

7、B【分析】【分析】弹簧秤在一对拉力作用下保持静止，合力为零；弹簧秤读数等于其中的一个拉力的大小．【解析】【解答】解：对B分析可知绳子对B的拉力为3N；说明绳子对弹簧秤的拉力也为3N，故弹簧秤的读数为3N．

故选：B．二、填空题(共5题，共10分)8、1.56×103【分析】【分析】对A点受力分析，抓住A点合力为零，运用合成法求出绳子中的张力大小．【解析】【解答】解：A点受力如图，根据合成法知，FT=．

根据几何关系，sinα=．

则FT=

代入数据，解得：FT=N=1.56×103N；

故答案为：；1.56×103．9、略

【分析】【解析】

试题分析：由于异种电荷相吸；所以从M到N过程中，电场力做正功，电势能减小，速度增大；

考点：本题考查了电场力做功。

点评：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大，【解析】【答案】增大，减小10、略

【分析】解：（1）根据极限的思想；在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度；

所以铁块通过光电门l的速度是v=

（2）（3）要测量动摩擦因数，由f=μFN可知要求μ；需要知道摩擦力和压力的大小；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得；

v2=2aL

对于整体由牛顿第二定律可得；

Mg-f=Ma

因为f=μFN；

所以由以上三式可得：μ=需要测量的物理量是：光电门和B点之间的距离L

故答案为：光电门和B点之间的距离L；

（1）很短的时间内；我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求得铁块的速度大小；

（2）根据滑动摩擦力的公式可以判断求动摩擦因数需要的物理量；

（3）由滑块的运动情况可以求得铁块的加速度的大小；再由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑动摩擦力的公式可以求得滑动摩擦因数．

测量动摩擦因数时；滑动摩擦力的大小是通过牛顿第二定律计算得到的，加速度是通过铁块的运动情况求出来的．

运用动能定理来求解弹性势能，注意摩擦力做负功．【解析】光电门和B点之间的距离L；11、0.2【分析】【分析】当电动机匀速提升物体时，电动机的拉力与物体的重力相等，由P=FV可以求得物体上升的速度．【解析】【解答】解：由于物体是匀速上升的；所以物体受力平衡，电动机的拉力与物体的重力大小相等；

由P=FV=mgV；可以求得：

v=

故答案为：0.212、18【分析】【分析】根据点电荷电场强度公式，E=，即可求解．【解析】【解答】解：根据题意可知；由点电荷电场强度公式，有：

E==N/C=18N/C；

故答案为：18三、判断题(共8题，共16分)13、×【分析】【分析】验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的．【解析】【解答】解：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；故验电器张开的角度越大，说明带电体所带的电荷越多，不能直接判断电荷的正负，只可以定性表物体带电量的多少．

故答案为：×14、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和．【解析】【解答】解：物体的内能是构成物体的所有分子的无规则热运动的动能和分子势能的代数和；具有统计意义，对单个或几个分子无意义；

故答案为：×15、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×16、√【分析】【分析】根据核反应的种类可知，太阳辐射的能量是核聚变反应．【解析】【解答】解：太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变．所以以上的说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】解答此题时；要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间；【解析】【解答】解：当两个力方向相同时；合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故错误；

故答案为：×．20、×【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，与初速度无关．【解析】【解答】解：根据h=得：t=；知平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．所以这个说法是错的．

故答案为：×．四、解答题(共1题，共5分)21、略

【分析】【分析】人在运动过程中受重力和支持力，分析向心力的来源，由向心力公式求解即可．【解析】【解答】解：（1）由于小球在A处的速度大小为v；半径为R

则在A处时有F+mg=m；①

可得F=m-mg

（2）在C处时，有F′-mg=m；②

由①②式得△F=F′-F=2mg=2N

（3）在A处时板对小球的作用力为F，球做匀速圆周运动的向心力：F向=F+mg

由于无相对运动趋势；在B处不受摩擦力作用，受力分析如图所示．

则tanθ===F+1

作出的tanθ-F的关系图象如图所示。

答：

（1）在A处板对小球的作用力与小球速度大小的关系式为F=m-mg．

（2）在C处板对小球的作用力比在A处大2N．

（3）作出tanθ-F的关系图象如图．五、简答题(共4题，共12分)22、略

【分析】【分析】（1）分析物体的运动情况：初态时；系统的总动量方向水平向左，两个物体开始均做匀减速运动，m的速度先减至零，根据动量守恒定律求出此时M的速度．之后，m向右做匀加速运动，M继续向右做匀减速运动，最后两者一起向右匀速运动．根据动量守恒定律求出薄板的速度大小为2.4m/s时，物块的速度．

（2）当M和m具有相同速度时，根据动量守恒定律求出共同速度，再根据能量守恒求出产生的热量．【解析】【解答】解：①开始阶段；m向右减速，M向左减速，规定向左为正方向，根据动量守恒定律得：

（M-m）v0=Mv1+mv2

得：v2=0.8m/s

②当两者速度达到相同时；根据动量守恒定律得：

（M-m）v0=（M+m）v

v=2m/s

整个过程中，根据能量守恒定律得：=24J

答：①当木板的速度为2.4m/s时；物块的速度大小为0.8m/s；

②从它们开始运动至速度相等的过程中，物块和木板之间因摩擦产生的热量为24J．23、（1）纺锤形(哑铃形)

（2）<B2+失去1个电子比B+失去1个电子需要克服的电性吸引更大，消耗的能量也越高

（3）sp2杂化非极性

（4）小于Mg2+半径比Ca2+小，MgO的晶格能较大

（5）氢键和范德华力

（6）顶点、面心【分析】【分析】本题考查物质结构与性质选修模块，涉及原子结构与元素的性质、杂化轨道理论、晶体结构与晶胞计算，难度中等。【解答】rm{(1)}磷的原子序数为rm{15}根据构造原理知基态磷原子核外的价层电子排布图为占据的最高能级rm{p}能级的电子云轮廓图形状为纺锤形rm{(}哑铃形rm{)}故答案为：纺锤形rm{(}哑铃形rm{)}rm{(2)}硼原子的第二电离能rm{(I_{2})}和第三电离能rm{(I_{3})}的大小关系为：rm{I_{2}<I_{3}}原因是rm{B^{2+}}失去rm{1}个电子比rm{B^{+}}失去rm{1}个电子需要克服的电性吸引更大，消耗的能量也越高，故答案为：rm{<}rm{B^{2+}}失去rm{1}个电子比rm{B^{+}}失去rm{1}个电子需要克服的电性吸引更大，消耗的能量也越高；rm{(3)BF_{3}}分子中rm{B}原子形成rm{3}个rm{娄脪}键，没有孤电子对，采用的杂化方式为rm{sp^{2}}分子立体构型为平面三角形，为对称结构，rm{BF_{3}}为非极性分子；故答案为：rm{sp^{2}}非极性；rm{(4)}钙、镁的氧化物熔点rm{CaO}小于rm{MgO}其原因是小于rm{Mg^{2+}}半径比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能较大，故答案为：小于；rm{Mg^{2+}}半径比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能较大；rm{(5)}根据图示知硼酸rm{(H_{3}BO_{3})}晶体的层状结构中，将这些rm{H_{3}BO_{3}}分子聚集在一起的作用力为氢键和范德华力，故答案为：氢键和范德华力；rm{(6)}立方氮化硼的化学式为rm{BN}rm{N}rm{B}原子个数比为rm{1}rm{1}该晶胞中rm{N}原子全部位于晶胞体内，数目为rm{4}则rm{B}原子个数也为rm{4}根据晶胞结构知rm{B}原子处于晶胞的顶点、面心，rm{1mol}晶胞中含有rm{4molBN}则rm{1mol}晶胞的质量为rm{4mol隆脕25g/mol=100g}该晶体密度为rm{dg隆陇cm^{-3}}rm{N}rm{{,!}_{A}}代表阿伏加德罗常数的值，则晶胞参数为rm{sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}cm=sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕10^{-10}pm}两个距离最近的rm{sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}

cm=sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕10^{-10}pm}原子之间的距离为rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}pm}故答案为：顶点、面心；rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}rm{B}【解析】rm{(1)}纺锤形rm{(}哑铃形rm{)}rm{(2)<}rm{B^{2+}}失去rm{1}个电子比rm{B^{+}}失去rm{1}个电子需要克服的电性吸引更大，消耗的能量也越高rm{(3)sp^{2}}杂化非极性rm{(4)}小于rm{Mg^{2+}}半径比rm{Ca^{2+}}小，rm{MgO}的晶格能较大rm{(5)}氢键和范德华力rm{(6)}顶点、面心rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}sqrt[3]{

dfrac{100}{d{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}24、（1）FeTiO3FeTiO3+H2SO4（浓）=TiOSO4+FeSO4+2H2O

（2）防止Fe2+氧化

①10

②TiO2++2H2O═H2TiO3↓+2H+

（3）TiO2+2C+2Cl2=TiCl4+2CO隔绝空气稀盐酸

【分析】【分析】本题考查物质的制备实验方案的设计，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高考常见题型，难度中等，注意把握实验的基本原理和物质的性质。【较短】钛铁矿和浓硫酸混合，钛铁矿和浓硫酸反应的产物之一是rm{TiOSO_{4}}反应中无气体生成，浓硫酸具有强氧化性，rm{+2}价rm{Fe}具有还原性，则rm{+2}价rm{Fe}被浓硫酸氧化生成rm{Fe^{3+}}然后向混合物中加入水、铁屑，发生反应rm{2Fe^{3+}+Fe=3Fe^{2+}}沉降过滤，滤液rm{I}中溶质为rm{TiOSO_{4}}和rm{FeSO_{4}}将滤液冷却结晶得到副产品甲和溶液rm{II}根据流程图中溶液rm{II}中含有rm{TiOSO_{4}}则副产品甲为绿矾rm{FeSO_{4}?7H_{2}O}先将溶液rm{II}中加入水并加热，rm{TiO^{2+}}水解生成rm{H_{2}TiO_{3}}然后过滤回收硫酸，同时得到rm{H_{2}TiO_{3}}煅烧rm{H_{2}TiO_{3}}rm{H_{2}TiO_{3}}分解生成rm{TiO_{2}}和水，乙能和氯气、rm{C}在高温下发生氧化还原反应生成rm{TiCl_{4}}则乙是rm{TiO_{2}}在高温条件下，用rm{Mg}和四氯化钛发生置换反应生成rm{Ti}

rm{(1)}根据原子守恒可知，钛酸亚铁的化学式为rm{FeTiO_{3}}钛铁矿精矿和浓硫酸反应的产物之一是rm{TiOSO_{4}}反应中无气体生成，依据氧化还原反应分析，应生成硫酸亚铁和水，反应的化学方程式为：rm{FeTiO_{3}+H_{2}SO_{4}(}浓rm{)=TiOSO_{4}+FeSO_{4}+2H_{2}O}故答案为：rm{FeTiO_{3}}rm{FeTiO_{3}+H_{2}SO_{4}(}浓rm{)=TiOSO_{4}+FeSO_{4}+2H_{2}O}

rm{(2)}钛铁矿和浓硫酸反应的产物之一是rm{TiOSO_{4}}加入铁屑，可防止rm{Fe^{2+}}氧化；故答案为：可防止rm{Fe^{2+}}氧化；

rm{垄脵K_{sp}[Mg(OH)_{2}]=c(Mg^{2+})隆脕c^{2}(OH^{-})=1.8隆脕10^{-11}}故rm{c(O{H}^{-})=sqrt{dfrac{1.8隆脕{10}^{-11}}{0.0018}}={10}^{-4}mol/L}故rm{c({H}^{+})=dfrac{{10}^{-14}}{{10}^{-4}}={10}^{-10}mol/L}故此时rm{c(O{H}^{-})=sqrt{

dfrac{1.8隆脕{10}^{-11}}{0.0018}}={10}^{-4}mol/L}故答案为：rm{c({H}^{+})=

dfrac{{10}^{-14}}{{10}^{-4}}={10}^{-10}mol/L}rm{pH=10}已知rm{10}发生水解生成钛酸rm{垄脷}沉淀和氢离子，其离子方程式为：rm{TiO^{2+}}故答案为：rm{(H_{2}TiO_{3})}

rm{TiO^{2+}+2H_{2}O篓TH_{2}TiO_{3}隆媒+2H^{+}}中间产品乙与焦炭、氯气在高温下发生反应制取rm{TiO^{2+}+2H_{2}O篓TH_{2}TiO_{3}隆媒+2H^{+}}的方程式为：rm{(3)}防止碳与氧气反应，应隔绝空气加热，可用稀盐酸溶解镁除去钛中