2025年青岛版六三制新必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新必修3物理上册阶段测试试卷589考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，四边形abcd的四条边边长相等，∠a=60°，对角线交点为O，在顶点a、b、c各放一个电性相同电量相等的点电荷，则O点和d点的电场强度大小之比为（）

A.1B.C.D.22、如图所示，在方向竖直向下，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，等边三角形abc的a、b两点分别放置一长直导线，导线中通有大小相等、方向垂直纸面向里的恒定电流，测得c点的磁感应强度大小为2B，若将b处电流反向，则此时c处的磁感应强度大小为（）

A.2BB.BC.BD.B3、下列属于防范静电危害的是（）A.静电式空气净化器B.使用避雷针C.静电复印D.静电喷涂4、关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A.元电荷就是电子B.元电荷就是质子C.元电荷就是原子D.物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍5、如图所示，在光滑的绝缘水平面上，有两个质量相等、相距为r、带电荷量分别为和的小球甲、乙，在水平恒力F作用下做匀加速直线运动。静电力常量为k，则水平恒力F的大小为（）

A.B.C.D.6、如图所示，用伏安法测电阻，若电流表内阻1Ω，电压表内阻5000Ω，Rx约为10Ω；则下图中哪个测量结果较为准确？测量值比真实值偏大还是偏小（）

A.甲电路，偏大B.甲电路，偏小C.乙电路，偏大D.乙电路，偏小7、如图所示；图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是（）

A.电源的电动势为30VB.电源的内阻为C.电流为2.5A时，外电路的电阻为15ΩD.输出功率为120W时，路端电压是50V评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量的绝对值分别用和表示，下列说法正确的是

A.变小，变大，变小，I变大B.变大，变小，变大，I变大C.不变，变小，变小D.不变，不变，不变9、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r，C为两块彼此靠近而又绝缘的平行金属板，两金属板中一带电液滴P处于静止状态，R1、R2和R3为定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片由图中位置向a端移动过程中；下列判断正确的是（）

A.电源总功率逐渐增大B.带电液滴P将向上运动C.R2上消耗的功率减小D.电流表读数减小，电压表读数增大10、如图所示，一电荷量为的小球镶嵌在倾角为的光滑绝缘斜劈中，小球和斜劈总质量为m。将该斜劈置于光滑水平地面上，质量为km的绝缘小球，通过轻绳与斜劈顶端相连，轻绳与斜面平行，轻绳的最大承受力为2kmg，重力加速度为g。若在水平地面上方存在水平向右；电场强度大小由0逐渐增大的匀强电场；小球在运动过程中，始终与斜劈保持相对静止。下列说法正确的是（）

A.绝缘小球对斜劈的压力逐渐增大B.轻绳对绝缘小球的拉力逐渐增大C.若则电场强度的最大值为D.若则电场强度的最大值为11、如图所示，电容器由平行金属板M、N和电介质D构成．电容器通过开关S及电阻及与电源E相连接。则（）

A.M上移电容器的电容变大B.将D从电容器抽出，电容变小C.断开开关S，M上移，MN间电压将增大D.闭合开关S，M上移，流过电阻R的电流方向从B到A12、如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），R为滑动变阻器，D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），真空中水平放置的平行板电容器，上下极板Y和Y′相距d，A为两极板左侧中点，AB线段与两极板等长，到两板距离相等。在开关S闭合后，质量为m、带电荷量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0沿水平方向射入电场且能穿出电场，偏转位移为y。则（）

A.粒子飞出电场时，速度方向的反向延长线一定交于AB线段中点B.只将变阻器R的滑动触头P向上移动，则偏转位移y将减小C.只将上极板Y向上稍微移动，粒子穿过电场过程中，电场力做功不变D.只将热敏电阻R0升温，粒子穿过电场过程中，粒子的动量变化量不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、电磁波谱的排列是：无线电波、微波、_______________、可见光、紫外线、X射线、γ射线；可用来灭菌消毒的电磁波是____________；在探月工程中，从地球向“月兔号”月球车发指令，电磁波信号经过__________s到达月球车。（已知地月表面距离约为3.84×108m）14、在如图所示的电路中，电源内电阻为r，R1、R3分别为两个定值电阻．闭合电键S，当变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，伏特表V1的示数逐渐________________（选填“增大”、“减小”、“不变”）．若移动P的过程中，电流表示数变化量的大小为ΔI，则伏特表V2示数变化量的大小ΔU2＝________________．

15、静电场中某电场线如图所示．把点电荷从电场中的A点移到B点，其电势能增加1.2×10-7J，则该点电荷带_____电（选填：“正”或“负”）；在此过程中电场力做功为____J．

16、如图所示直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线，直线b为电阻R两端的电压随电流的变化图线，用该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率为___________W，内阻为___________Ω。

17、某学校开展“摇绳发电”的比赛活动。如图所示；在操场上，将一根长为20m的铜芯导线两端与电流传感器的两个接线柱连接，构成闭合回路；两同学面对面站立摇动这条导线。（忽略地球磁偏角的影响）

（1）若增大摇绳的频率，则电流传感器的最大示数将_______（选填“增大”；“减小”、“不变”）；

（2）为了获得较大电流，两同学应该________站立摇绳。（选填“东西”、“南北”）评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)18、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

19、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)20、如图是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量_______；当S旋到位置_______时，可用来测量电流，其中S旋到位置_______时量程较大。

21、如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置。

（1）以下说法不正确的是______

A．A板与静电计的指针的电势相等。

B．甲图中将B板上移；静电计的指针偏角增大。

C．乙图中将B板左移；静电计的指针偏角不变。

D．丙图中将电介质插入两板之间；静电计的指针偏角减小。

（2）下列关于实验中使用静电计的说法正确的是有______

A；使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况。

B；使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况。

C；静电计可以用电压表替代。

D、静电计可以用电流表替代22、某同学用如图甲所示的电路测量电源的电动势和内阻。可提供的实验器材有：

A.待测的一节干电池。

B.一段粗细均匀、电阻率为的电阻丝

C.螺旋测微器。

D.电阻箱R（最大阻值为最小改变值为）

E.电压表V（量程为内阻约为）

F.毫米刻度尺。

G.开关及导线若干。

主要实验步骤如下；请完成下列填空：

（1）用螺旋测微器在电阻丝上的三个不同位置测量其直径，算出直径的平均值为D。某次螺旋测微器测量的示数如图丙所示，则该示数为______mm；

（2）根据如图甲所示的电路，用笔画线代替导线将图乙中的实物连接成测量电路______；

（3）正确连接好电路后，在开关S断开的情况下，调节电阻丝上的导电夹P的位置，用毫米刻度尺测量并记录P到电阻丝右端b的长度x；闭合开关S，调节电阻箱的阻值使电压表的示数为U，记录电阻箱对应的阻值R；

（4）重复步骤（3），调节电阻丝上的导电夹P的位置，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数仍为U，得到x、R的多组数据；

（5）根据x、R的多组数据，作出图像如图丁所示，若图线的斜率为k，图线在纵轴上的截距为不考虑电压表的内阻对电路的影响，则该电池的电动势为______，内阻______。（均选用D、U、k、b表示）23、如图所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图；已知电池组的电动势约3V，内阻约2Ω。现提供的器材如下：

A．电池组。

B．电压表V1(量程0～10V；内阻约10000Ω)

C．电压表V2(量程0～3V；内阻约3000Ω)

D．电阻箱R(0～99.9Ω)

E．定值电阻R1＝20Ω

F．定值电阻R2＝1000Ω

G．开关和导线若干。

(1)如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择______(选填“B”或“C”)；定值电阻R0应选择______(选填“E”或“F”)。

(2)改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的图像如图所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为－b、a，定值电阻的阻值用R0表示，则可得该电池组的电动势为_______，内阻为_______(用字母表示)。

(3)该实验测得的电动势与真实值相比_______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)，内阻的测量值与真实值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)24、如图所示，在区域Ⅰ（0≤x≤L）和区域Ⅱ内分别存在匀强电场，电场强度大小均为E，但方向不同。在区域Ⅰ内场强方向沿y轴正方向，区域Ⅱ内场强方向未标明，都处在xOy平面内，一质量为m，电量为q的正粒子从坐标原点O以某一初速度沿x轴正方向射入电场区域Ⅰ，从P点进入电场区域Ⅱ，到达Ⅱ区域右边界Q处时速度恰好为零。P点的坐标为（L，0.5L）。不计粒子所受重力；求：

(1)带电粒子射入电场区域Ⅰ时的初速度；

(2)带电粒子在电场区域Ⅱ中从P到Q的运动时间。

25、如图；真空中两个带电量均为+Q的点电荷固定在A；B亮点，它们之间的距离为8d，O点是它们连线的中点。C、D是连线中垂线MN上关于O点对称的两点。AC与MN的夹角是53°，空间中还有一匀强电场。将一试探负电荷放置在C点时恰能保持静止。已知静电力常量为k、试探电荷的比荷为μ。（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，不考虑电荷的重力）

（1）求匀强电场的电场强度E的大小及方向。

（2）给该试探电荷某一初速度，使其从C点沿MN恰能运动到D点，求初速度的大小。26、如图所示，电源电动势恒为E=34V，内阻r=2Ω，电灯上标有6V，12W字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω。若电灯恰能正常发光；且电机能正常运转，求：

（1）流过电灯的电流是多大？

（2）电动机两端的电压是多大？

（3）电动机输出功率是多少？

27、在绿色植物的光合作用中，每放出一个氧分子要吸收的光能。若绿色植物在光合作用中每放出1mol的氧气；自身即可贮存469kJ的能量。试问：

（1）绿色植物在光合作用中是什么形式的能之间的转化？

（2）绿色植物的能量转换效率约为多少？

（3）若太阳光照射到地面的辐射强度为则每增加的绿地，在阳光下每小时可贮存多少能量？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

设每个点电荷的带电量为q，四边形的边长为L，因为ac两处的电荷在O点的场强等大反向，则O点的电场强度大小

因为ac两处的电荷在d点的场强等大且互成120°，则d点的电场强度大小

则

故选D。2、A【分析】【分析】

考查磁场的叠加。

【详解】

根据右手螺旋定则判断如图：

设a、b两点处的导线在c点产生的磁场磁感应强度大小为则有：

解得将b处电流反向；则：

则此时c处的磁感应强度大小为A正确，BCD错误。

故选A。3、B【分析】【详解】

A．静电式空气净化器除灰尘；利用的是带电体具有吸引轻小物体的性质，属于静电应用，故A不符合题意；

B．下雨天；云层带电打雷，往往在屋顶安装避雷针，是导走静电，防止触电，属于防范静电危害，故B符合题意；

C．复印机复印文件资料；就是利用静电墨粉成在鼓上，属于静电利用，故C不符合题意；

D．静电喷涂是利用异种电荷间的吸引力来工作的；属于静电利用，故D不符合题意。

故选B。4、D【分析】【分析】

【详解】

ABC．元电荷是与电子的电荷量数值相等的电荷量；但不是电子，故ABC错误；

D．元电荷是自然界最小的电荷量；物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍，故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

选甲，乙整体为研究对象，加速度

选乙为研究对象，列牛顿第二定律方程有

联立得

故选C。6、B【分析】【详解】

根据题中数据可计算。

则

故应采用电流表外接法；故选甲电路；

由于电压表分流使电流表示数偏大流表；则由欧姆定律可知，测量值比真实值小。

故选B。

【点睛】

本题考查伏安法测电阻的实验，要注意明确实验中内外接法的选择，并能根据电表内阻分析误差原因及结果。7、C【分析】【分析】

先根据根据闭合电路欧姆定律推导出电源输出电压与电流的关系图象的表达式；然后对照图象求解电动势和内电阻；可以从图象读出不同电流对应的电压和输出功率，根据欧姆定律求解电阻。

【详解】

A．根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压

对照U-I图象，当I=0时，故A错误；

B．U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故

故B错误；

C．电流为2.5A时，对照U-I图象，电压为37.5V，故外电路电阻

故C正确；

D．输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为4A，再对照U-I图象；输出电压为30V，故D错误；

故选C。

【点睛】二、多选题(共5题，共10分)8、C:D【分析】【详解】

AB.闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器的电阻R2减小，由于和串联，则总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律得总电流为：

则总电流增大，由路端电压公式：

知，减小，由欧姆定律知电阻两端的电压为：

则增大，由串并联关系知

则减小；故AB错误；

CD.因不变，则由欧姆定律可得，

保持不变，由数学规律可知，也保持不变，因滑片向上移动，故的接入电阻减小，故变小，而

故保持不变，因

故比值减小，而

故比值保持不变；故CD正确；

故选CD；9、B:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器R4的滑片由图中位置向a端移动过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大，则电路的总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流变小，由

可知电源总功率逐渐变小；故A错误；

BD．由

可知电压表读数变小，由

可得，并联电路两端点的电压U变大，则电容器两端电压增大，电容器板间场强增大，质点P所受到的电场力增大，则质点向上运动，根据

可知电流表读数变大；故B正确，D错误；

C．由上述可知，流过两端的电流增大，由于总电流减小，则流过电流减小，根据

可知R2上消耗的功率减小；故C正确。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

AB．绝缘小球受到重力、斜劈的支持力与轻绳的拉力作用，对其分析有

根据牛顿第三定律，绝缘小球对斜劈的压力

解得

对斜劈与绝缘小球整体有

根据上述结果可知；当电场强度大小由0逐渐增大时，加速度逐渐增大，绝缘小球对斜劈的压力逐渐减小，轻绳对绝缘小球的拉力逐渐增大，A错误，B正确；

C．由于轻绳的最大承受力为2kmg，若在电场强度增大到最大值时，绝缘小球与斜面之间弹力恰好为0，对绝缘小球分析有

解得

既有

此时的加速度

对绝缘小球与斜面整体有

解得

C正确；

D．若斜面倾角根据上述在电场强度达到最大值时，绝缘小球与斜面之间的弹力不可能为0，则有

解得

D错误。

故选BC。11、B:C【分析】【详解】

，根据电容的决定式可知，当M向上移时，板间距离d增大，电容器的电容变小；当将D从电容器抽出，介电常数减小，电容器的电容变小，故A错误，B正确；断开开关S，M上移，电量不变，而电容减小，根据电容的定义式可知电容器两端的电压增大，故C正确；闭合开关S，电压不变，M上移时电容减小，则由可知；电量Q减小,电容器放电，流过电阻的电流方向从A到B，故D错误．选BC.

【点睛】根据电容的决定式分析电容的变化．电容器的板间电压不变，根据电容的定义式分析电容器电量的变化，即可判断电路中电流的方向．12、A:C【分析】【详解】

A．依题意知，粒子在极板间受到竖直向下恒定的电场力作用，粒子做类平抛运动。根据平抛运动推论可推知该粒子飞出电场时，速度方向的反向延长线一定交于AB线段中点；故A正确；

B．只将变阻器R的滑动触头P向上移动，则滑动变阻器接入电路中的阻值变大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，内电压及R0两端电压减小，所以滑动变阻器两端电压增大，由于极板间的电压等于滑动变阻器两端电压，所以极板间电压变大，电场场强变大，根据类平抛运动规律可知，粒子飞出极板的时间保持不变，竖直方向加速度变大，根据竖直方向上偏转位移

可知，y将增大；故B错误；

C．只将上极板Y向上稍微移动，则根据

可知电容器电容将减小，根据

由于电容器极板间电压保持不变，所以Q将减小，即电容器将放电，但由于二极管单向导电，所以电容器上的电荷量将保持不变，根据

又

联立可得

可知极板间电场强度保持不变，粒子穿过电场过程中受到的电场力保持不变，由于粒子飞出电场的时间不变，则粒子穿过电场过程中，竖直方向位移y不变；电场力做功不变，故C正确；

D．只将热敏电阻R0升温，则R0则阻值变小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，则滑动变阻器两端电压增大，极板间电压增大，电场强度增大，粒子受到的电场力F变大，由于粒子飞出电场的时间保持不变，根据动量定理

可知粒子的动量变化量将增大；故D错误。

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

考查电磁波谱；电磁波的特性，电磁波的传播。

【详解】

[1]．电磁波谱根据波长从长波到短波排列顺序是：无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线；

[2]．紫外线具有灭菌消毒的作用；

[3]．电磁波在真空中传播速度为光速所以：【解析】红外线紫外线1.2814、略

【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由欧姆定律，I变小，U1=IR1变小，故V1逐渐减小；因R1、R3为定值电阻，故由欧姆定律U2＝E−I(R1+R3+r)可知，电压表V2示数的变化量绝对值与电流表A示数的变化量比值等于R1+R3+r，故．【解析】减小ΔI(R3+R1+r)15、略

【分析】【详解】

把点电荷从电场中的A点移到B点，其电势能增加1.2×10-7J，电场力做负功，则该点电荷带负电；在此过程中电场力做功为-1.2×10-7J.【解析】负16、略

【分析】【详解】

[1]由交点坐标知工作电压为U=2V，工作电流为I=2A，则输出功率为P出=UI=2×2=4W

[2]由纵截距知电源的电动势为E=3V

由横截距知电源短路电流为I0=6A

电源的内阻【解析】40.517、略

【分析】【详解】

（1）[1]若增大摇绳的频率；则穿过闭合线圈的磁通量变化率增大，电流传感器的最大示数将增大。

（2）[2]地磁场方向沿南北方向，为使摇绳时线圈中有较大的磁通量变化率，从而产生较大电流，两同学应该沿东西方向站立摇绳。【解析】增大东西四、作图题(共2题，共14分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】19、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4题，共32分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当转换开关S旋到位置3时；内部电源被接通，构成欧姆表，可测量电阻。

[2]当S旋到位置1；2时；电流表与电阻并联，并联电阻起分流作用，可用来测量电流。

[3]S旋到位置1时，并联电阻阻值较小，则分流较大，故S旋到位置1时，电流表量程较大。【解析】①.电阻②.1、2③.121、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）A板与静电计相连，静电平衡后电势相等，A正确；将B板向上平移，两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大，B正确；乙图中将B板左移，板间距离增大，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大，C错误；将电介质插入两板之间，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到；板间电势差U减小，则静电计指针张角减小，D正确；本题选不正确的，故选C．

（2）静电计是用来测量电容器两极板的电势差；从而研究电容器电容随电容器正对面积；两板距离、介电常数等因素的变化．如果用电压表、电流表来替代则构成电容器的放电回路，两电表都没有示数，故选A．．

考点：研究平行板电容器．

【名师点睛】

静电计是测量电势差的仪器，根据张角可以得出两板间的电压高低；根据静电计的原理可知其使用方法．先根据电容的决定式分析电容的变化，再根据电容的定义式分析板间电势差的变化，判断静电计指针张角的变化．【解析】CA22、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据螺旋测微器的读数规律，该读数为

（2）[2]根据电路图；连接实物图，如图所示。

（5）[3][4]根据闭合电路欧姆定律有

根据部分电路欧姆定律有

由于

可得

结合图线有

解得【解析】0.300b23、略

【分析】【详解】

(1)[1]由于电源电动势约为