2025年牛津上海版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版选择性必修2物理上册月考试卷190考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，物理课上老师做了这样一个实验，将一厚度均匀且足够长的光滑铝板固定在绝缘支架上，铝板与永平面的倾角为现将一质量为m的永磁体静止地放置在铝板的上端；它将沿斜面向下运动，则运动过程中永磁体（）

A.做加速度为a的匀加速直线运动，且B.做加速度为a的匀加速直线运动，且C.重力势能先逐渐减小，最后保持不变D.动能先逐渐增加，最后保持不变2、如图所示，匀强磁场方向竖直向下，一正电荷水平向右射入匀强磁场中．此时，该电荷所受洛伦兹力力的方向是（）

A.向上B.向下C.垂直纸面向外D.垂直纸面向里3、如图所示，某带电粒子（重力不计）由M点以垂直于磁场边界的速度v射入宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时速度方向与原来射入方向的夹角为磁场的磁感应强度大小为B。由此推断该带电粒子（）

A.带负电且动能不变B.运动轨迹为抛物线C.电荷量与质量的比值为D.穿越磁场的时间为4、下列四幅图，分别是通电导线在磁场中所受安培力及运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的示意图，其中正确的是A.B.C.D.5、图为发电机的原理图。边长为的匝正方形线圈，在磁感应强度为的匀强磁场中，绕垂直于磁场的中心轴做匀速转动，角速度为线圈电阻不计，外接电阻和电压表；下列说法正确的是（）

A.从图示位置开始计时，线框中的感应电动势的瞬时值表达式为B.若将电阻换成电容器，电容器的耐压值可以为C.从图示位置转过90°流过中的电量D.线框转一周，外力所做的功为6、一矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示，线圈电阻为r=10Ω。现把交流电加在电阻R=40Ω的电热丝上；下列判断正确的是（）

A.在t=0.02s时刻，穿过线圈的磁通量最大B.线圈转动的角速度=50rad/sC.电热丝R的发热功率P=640WD.在t=0.01s时刻，线圈的磁通量变化率最大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、某小型水电站发电机的输出的电功率为100kW，输出电压为250V，现用匝数比为1：10的变压器升压后向远处输电，输电线的总电阻R为4Ω；在用户端用降压变压器将电压降低到220V，假设变压器均为理想变压器，则下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为40AB.降压变压器的匝数比10：1C.用户得到的功率为93.6kWD.若直接输送，用户得到的功率为88kW8、如图所示为调幅振荡电流图像；此电流存在于电磁波发射和接收中的哪些阶段（）

A.经调制后B.经调谐后C.经解调后D.耳机中9、环形对撞机是研究高能粒子的重要装置，其核心部件是一个高度真空的圆环状的空腔。若带电粒子初速度可视为零，经电压为U的电场加速后，沿圆环切线方向注入对撞机的环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B。带电粒子将被限制在圆环状空腔内运动。要维持带电粒子在圆环内做半径确定的圆周运动；下列说法中正确的是（）

A.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越大B.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越小C.对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期越小D.对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期都不变10、如图所示，电灯A和B与固定电阻的阻值均为R，L是自感系数很大的线圈。当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，再闭合S2，待电路稳定后将S1断开；下列说法正确的是（）

A.B立即熄灭B.A灯将比原来更亮一些后再熄灭C.有电流通过B灯，方向为c→dD.有电流通过A灯，方向为b→a11、如图，距地面h高处水平放置间距为L的两条光滑平行金属导轨，导轨左端接有电动势为E的电源，质量为m的金属杆静置于导轨上，与导轨垂直且电接触良好，空间有竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场。现将开关S闭合，一段时间后金属杆从导轨右端水平飞出，测得其平射程为d；下列说法正确的是（）

A.金属杆离开导轨前做匀变速直线运动B.金属杆离开导轨前做非匀变速直线运动C.电源消耗的电能为D.从闭合开关到金属杆刚要落地时，金属杆受到的冲量为12、如图所示，矩形ABCD区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，AB边长为d，BC边长为2d，O是BC边的中点，E是AD边的中点。在O点有一粒子源，可以在纸面内向磁场内各个方向射出质量均为m、电荷量均为q、同种电性的带电粒子，粒子射出的速度大小相同，速度与OB边的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场；不计粒子的重力，则（）

A.粒子带负电B.粒子运动的速度大小为C.从AD边离开的粒子在磁场中运动的最短时间为D.从AD边离开的粒子在磁场中经过的区域形成的面积为13、某同学设计了一个电磁冲击钻，其原理示意图如图所示，若发现钻头M突然向右运动；则可能是（）

A.开关S由断开到闭合的瞬间B.开关S由闭合到断开的瞬间C.保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向左滑动D.保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向右滑动14、如图所示，水平面内固定有电阻可忽略且足够长的光滑“凸”形金属导轨，左侧宽度为L1，右侧宽度为L2，且L1=2L2，有两根材料相同，质量均为m的导体格垂直两平行导轨静止放置，在垂直于导轨平面内有匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直轨道平面向外。现给导体棒II一初速度v0；使其沿水平方向开始运动直至达到稳定状态，整个过程导体棒I一直在左侧导轨部分，下列说法正确的是（）

A.导体棒I达到稳定状态时速度为B.导体棒I达到稳定状态时速度为C.整个过程中通过导体棒II的电荷量为D.整个过程中导体棒II上产生的焦耳热为15、如图甲所示，两条足够长、电阻不计的平行导轨放在同一水平面内，相距l=1m。磁感应强度B=1T的范围足够大的匀强磁场垂直导轨平面向下。两根质量均为m=1kg、电阻均为r=0.5Ω的导体杆a、b与两导轨垂直放置且接触良好，开始两杆均静止。已知a杆与导轨间的动摩擦因数=0.15，b杆与导轨间的动摩擦因数=0.1，现对b杆加一与杆垂直且大小随时间按图乙规律变化的水平外力F，已知在t1时刻，a杆开始运动。假设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小，重力加速度g=10m/s2则下列说法正确的是（）

A.当a杆开始运动时，b杆的速度大小为1.6m/sB.当a杆开始运动时，b杆的加速度为零C.两杆最终以不同的速度做匀速直线运动D.在t1~t2时间内。安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、_____________预言了电磁波的存在，___________设计实验证明了电磁波的存在，并用实验测得电磁波在真空中传播的速度。17、如图甲所示，为热敏电阻的R－t图像，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器的电阻为100Ω。当线圈的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合。为继电器线圈供电的电池的电动势E＝9.0V；内阻可以不计。图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。则。

(1)应该把恒温箱内的加热器接在________（填“A、B端”或“C、D端”）。

(2)如果要使恒温箱内的温度保持50℃，可变电阻R′的阻值应调节为________Ω。18、如图为在温度为左右的环境中工作的某自动恒温箱的原理简图。

箱内的电阻为热敏电阻，它的电阻随温度变化的图线如图所示。当ab端电压时，电压鉴别器会令开关S接通，恒温箱内的电热丝发热，使箱内的温度升高；当时，电压鉴别器会使S断开，停止加热。则恒温箱内的温度恒定在________

19、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。20、变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗。学校实验室有一台升压变压器，假设它只有一个原线圈和个副线圈，则______的导线应当粗些，______的匝数多。（均填“原线圈”或“副线圈”）21、徐老师用实验来探究自行车测速码表用的霍尔元件中自由电荷的电性。如图所示，设NM方向为x轴，沿EF方向（y轴）通入恒定电流I，垂直薄片方向（z轴）加向下的磁场B，测得沿___________（填“x”“y”或“z”）轴方向会产生霍尔电压如果自由电荷为负电荷，则___________（真“M”或“N”）板电势高。

22、如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的符号______，若已知变压比为变流比为并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

永磁体沿斜面向下运动的过程中，铝板内会产生涡流，铝板所受安培力的反作用力将阻碍永磁体的运动，由牛顿第二定律有

由于涡流的产生会有阻尼作用，且随速度的增大而增大，故永磁体将先做加速度逐渐变小的变加速运动，且当安培力的反作用力与永磁体的重力沿斜面的分力等大反向时；永磁体开始做匀速运动，故重力势能一直减小，动能先增加后保持不变。

故选D。2、D【分析】【详解】

由图示可知；磁场竖直向下，粒子带正电，运动的方向水平向右，由左手定则可知，粒子受到的洛伦兹力的方向垂直于纸面向里。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．根据左手定则；粒子带正电，故A错误；

B．该粒子在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动；轨迹是圆周的一部分，故B错误；

C．根据牛顿第二定律

又因为

解得

故C错误；

D．穿越磁场的时间为

解得

故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A.根据左手定则知；电流方向垂直纸面向外，磁场方向向右所受安培力应向上，故A错误；

B.根据左手定则知；电流方向向右，磁场方向向上，安培力应垂直纸面向外，故B错误；

C.根据左手定则知；负电荷向右运动，磁场方向垂直纸面向里，洛伦兹力应向下，故C正确；

D.根据左手定则知；正电荷运动方向向右，磁场方向垂直纸面向里，洛伦兹力应向上，故D错误。

故选：C5、D【分析】【详解】

A．图示位置为垂直中性面位置，从图示位置开始计时，线框中的感应电动势的瞬时值表达式为

故A错误；

B．若将电阻换成电容器，电容器的耐压值考虑最大值，为故B错误；

C．从图示位置转过90°流过中的电量

故C错误；

D．线框转一周，外力所做的功就是回路产生的焦耳热，则

故D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．在t=0.02s时刻；产生的感应电动势最大，此时线圈与中性面垂直，磁通量为零，故A错误；

B．从图中可知T=0.02s，则

故B错误；

C．交流电压的最大值为Em=200V，所以有效值为

则电热丝两端的电压为

发热功率

故C错误；

D．在t=0.01s时刻；产生的感应电动势最大，由法拉第电磁感应定律可知，线圈的磁通量变化率最大，故D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．升压变压器副线圈的电压是

则输电线上的电流

故A正确；

BC．输送过程中损失的电功率

则用户得到的功率为

降压变压器原线圈的电压是

降压变压器的匝数比

故B错误；C正确。

D．若发电机仍输出的电功率为100kW，则输电线路中电路电流

输送过程中损失的电功率

与能量守恒定律不符，则若直接输送，电机输出功率变化，直接输送，用户总电流、输电线电流、发电机输出电流相同，则

计算可得

用户得到的功率

故D错误。

故选AC。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

为了把信号传递出去；需要将信号“加”到高频振荡电流上，这就是调制。调制的方法之一是使高频振荡电流的振幅随信号而变化，成为调幅振荡电流，这就是调幅。在接收电路中，经过调谐，使电路与所需接收的电磁波产生电谐振，电路中将会出现调幅振荡电流。经解调后，调幅振荡电流将被“切”去一半，得到单向脉动电流，再经过滤波电路，把高频交流成分滤除掉，在耳机中就只有随信号而变化的音频（属于低频）电流。

故选AB。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．带电粒子经过加速电场时；由动能定理得。

qU＝－0解得。

带电粒子以该速度进入对撞机的环状空腔内；且在圆环内做半径确定的圆周运动，粒子做匀速圆周运动过程，根据牛顿第二定律。

解得。

联立以上可得。

对于给定的加速电压，即U一定，则带电粒子的比荷越大，磁感应强度B应越小；故A错误，B正确；

CD．环形对撞机半径是恒定的；当比荷一定时，由。

可知，U越大，B也相应越大；再代入周期公式。

解得粒子运动的周期越小；故C正确，D错误。

故选BC。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AC．待电路稳定后将S1断开；线圈无法对B供电，B立即熄灭，A正确，C错误；

B．当S1闭合、S2断开且电路稳定时，A、B亮度相同，说明线圈的直流电阻也为R，再闭合S2，稳定时流过A与L的电流相同，故将S1断开时；A只会逐渐熄灭，不会闪亮，B错误；

D．将S1断开瞬间，线圈L中电流方向保持不变，与A形成闭合回路，流经A的电流方向为b→a；D正确。

故选AD。11、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．电键闭合后；导体棒受向右的安培力而做加速运动，随速度的增加，导体切割磁感线产生的感应电动势逐渐变大，因为此电动势与原电源电动势反向，可知电路中电流减小，金属棒受安培力减小，则金属杆离开导轨前做非匀变速直线运动，选项A错误，B正确；

C．金属棒做平抛运动的速度

由动量定理

电源消耗的电能为

选项C正确；

D．金属棒落地的速度

根据动量定理，从闭合开关到金属杆刚要落地时，金属杆受到的冲量为

选项D正确。

故选BCD。12、A:B【分析】【详解】

A．速度与OB边的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场；所以由左手定则可知，粒子带负电，A正确；

B．速度与OB边的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场；粒子在磁场中的运动轨迹如图。

粒子的运动轨迹结合几何关系可知，α=60°，所以粒子做圆周运动的半径

由牛顿第二定律

解得粒子运动的速度大小为

故B正确；

C．作图可知，粒子从AD边离开时的运动轨迹都会劣弧，由于粒子做圆周运动的速度大小相同，因此从AD边离开的粒子在磁场中运动的轨迹越短，即该轨迹对应的弦越短，时间越短，分析可知，O点到AD的最短距离为EO，即从E点射出的粒子在磁场中运动时间最短，因此最短时间为六分之一周期，由

可得最短时间

故C错误；

D．如图，当粒子水平向左飞入时刚好从A点飞出，当粒子竖直向上飞入时，刚好从D点飞出，由图可知，从AD边离开的粒子在磁场中经过的区域的面积为图中区域的面积。

所以该区域面积为

故D错误。

故选AB。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．开关S由断开到闭合的瞬间，穿过M的磁通量变大；为阻碍磁通量变大，钻头向右运动。故A正确；

B．开关S由闭合到断开的瞬间，穿过M的磁通量减小；为阻碍磁通量的减小，钻头向左运动，故B错误；

C．保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向左滑动，穿过M的磁通量增加；为阻碍磁通量增加，钻头向右运动。故C正确；

D．保持开关S闭合，变阻器滑片匀速向右滑动，穿过M的磁通量减小；为阻碍磁通量减小，钻头向左运动。故D错误。

故选AC。14、B:C:D【分析】【详解】

AB．达到稳定状态时电流为零，此时导体棒Ⅰ的速度为导体棒Ⅱ的速度为则有

解得

设过程中通过导体棒的平均电流为I，对导体棒Ⅰ根据动量定理可得

对导体棒Ⅱ根据动量定理可得

则

解得

所以导体棒Ⅰ达到稳定状态时速度为故B正确，A错误；

C．对导体棒Ⅱ根据动量定理可得

其中则整个过程中通过导体棒Ⅱ的电荷量为

故C正确；

D．整个过程中系统产生的焦耳热

两个导体棒材料相同，质量相同，则体积相同，横截面积之比为1∶2，由电阻定律可知电阻之比为4∶1，导体棒Ⅱ上产生的焦耳热为

故D正确。

故选BCD。15、B:C:D【分析】【详解】

A．t=t1时；a杆开始运动，此时回路中的电流。

a杆受到的安培力大小。

可得。

v1=1.5m/s故A错误；

B．t=t1时；外力大小为。

F2=2.5N对b杆有∶

可得。

a=0故B正确；

C．t=t2后；外力大小。

F=2.5N又。

可知最终两杆受到安培力的大小均为。

两杆以不同的速度做匀速直线运动；故C正确；

D．在t1~t2时间内，由功能关系可知，安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热；故D正确。

故选BCD。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]麦克斯韦预言了电磁波的存在。

[2]赫兹设计实验证明了电磁波的存在，并用实验测得电磁波在真空中传播的速度。【解析】麦克斯韦赫兹17、略

【分析】【详解】

(1)[1]恒温箱内的加热器应接在A、B端。随着恒温箱内温度升高，热敏电阻R的阻值变小，则线圈中的电流变大，当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸到下方来，则恒温箱加热器与电源断开，加热器停止工作，恒温箱内温度降低。随着恒温箱内温度降低，热敏电阻R的阻值变大；则线圈中的电流变小，当线圈的电流小于20mA时，继电器的衔铁又被释放到上方，则恒温箱加热器又开始工作，这样就可以使恒温箱内保持在某一温度。

(2)[2]要使恒温箱内的温度保持50℃，即50℃时线圈内的电流为20mA。由闭合电路欧姆定律

r为继电器的电阻，由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为90Ω，所以R′＝－R－r＝260Ω【解析】①.A、B端②.26018、略

【分析】【详解】

设电路路端电压为U，当Uab=0时，有R1=R3

解得Rt=20kΩ

由图可知，当Rt＝20kΩ时t=35【解析】3519、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】20、略

【分析】【详解】

[1][2]根据

由于是一台升压变压器，既有

则有

由于

由于

则有

根据题意可知，原线圈的导线应当粗些，副线圈的匝数多。【解析】原线圈