2025年沪科版选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选择性必修1物理下册月考试卷102考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，弹簧振子在振动过程中，振子经a、b两点的速度相同，若它从a经过O到b历时0.4s，从b再回到a的最短时间为0.6s；则该振子的振动周期为（）

A.0.8sB.1.0sC.1.2sD.1.4s2、一个摆长为l1的单摆，在地面上做简谐运动，周期为T1，已知地球质量为M1，半径为R1，另一摆长为l2的单摆，在质量为M2，半径为R2的星球表面做简谐运动，周期为T2，若T1＝2T2，l1＝4l2，M1＝4M2，则地球半径与星球半径之比R1∶R2为()A.2∶1B.2∶3C.1∶2D.3∶23、如图所示，一束可见光穿过玻璃三棱镜后，变为三束单色光。如果b光是蓝光；则以说法正确的是（）

A.a光可能是紫光B.c光可能是红光C.a光的频率小于c光的频率D.c光的波长大于b光的波长4、某弹簧振子在水平方向上做简谐运动，其位移x随时间t变化的关系为x=Asinωt；振动图像如图所示，下列说法不正确的是（）

A.弹簧在第1s末与第3s末的长度相同B.第4s末振子的速度最大，加速度为零C.从第3s末到第5s末，振子运动的位移等于AD.从第3s末到第5s末，振子的速度方向没有发生变化5、下面关于动量与冲量的说法正确的是（）A.速度越大，动量就越大B.力越大，力的冲量就越大C.物体所受合外力越大，它的动量变化就越快D.物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大6、如图所示，A、B两物体质量之比mA：mB＝3：2；原来静止在平板小车C上，A；B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则（）

A.若B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，B组成系统的动量守恒B.若B与平板车上表面间的动摩擦因数不同，C组成系统的动量不守恒C.若B所受的摩擦力大小不相等，C组成系统的动量不守恒D.无论B所受的摩擦力大小是否相等，C组成系统的动量守恒7、如图所示,小车与木箱紧挨着静止放在光滑的水平冰面上,现有一男孩站在小车上用力向右迅速推木箱。关于上述过程,下列说法正确的是。

A.男孩、小车与木箱三者组成的系统机械能守恒B.男孩与木箱组成的系统动量守恒C.木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同D.男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒8、如图所示，在光滑水平面上有A、B两辆小车，水平面的左侧有一竖直墙，在小车B上坐着一个小孩，小孩与B车的总质量是A车质量的4040倍。两车开始都处于静止状态，小孩把A车以相对于地面的速度v推出，A车与墙壁碰后仍以原速率返回，小孩接到A车后，又把它以相对于地面的速度v推出。每次推出，A车相对于地面的速度都是v；方向向左。则小孩把A车推出几次后，A车返回时小孩不能再接到A车（）

A.2019B.2020C.2021D.20229、弹簧振子做简谐运动的图象如图所示；下列说法正确的是（）

A.在第5s末，振子的速度最大且沿方向B.在第5s末，振子的位移最大且沿方向C.在第5s末，振子的加速度最大且沿方向D.在内，振子通过的路程为8cm评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图所示，电阻不计的光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距为d，两侧接有电阻R1、R2，阻值均为R，O1O2右侧有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为m、长度也为d的金属杆置于O1O2左侧，在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静止开始运动，经时间t到达O1O2时撤去恒力F，金属杆在到达NQ之前减速为零。已知金属杆电阻也为R；与导轨始终保持垂直且接触良好，下列说法正确的是（）

A.杆刚进入磁场时速度大小为B.杆刚进入磁场时电阻R1两端的电势差大小为C.整个过程中，流过电阻R1的电荷量为D.整个过程中，电阻R1上产生的焦耳热为11、铺设铁轨时，每两根钢轨接缝处都必须留有一定的间隙，匀速运行的列车经过轨端接缝处时，车轮就会受到一次冲击。由于每一根钢轨长度相等，所以这个冲击力是周期性的，列车受到周期性的冲击做受迫振动。每根钢轨长为12.6m，列车固有振动周期为0.315s。下列说法正确的是（）A.列车的危险速率为40m/sB.列车过桥需要减速，是为了防止桥梁发生共振现象C.列车运行的振动频率和列车的固有频率总是相等的D.增加钢轨的长度有利于列车高速运行12、图甲所示，质量分别为和的两物体用轻弹簧连接置于光滑水平面，初始时两物体被锁定，弹簧处于压缩状态。时刻将B物体解除锁定，时刻解除A物体的锁定，此时B物体的速度为AB两物体运动的图像如图乙所示，其中和分别表示时间和时间内B物体的图像与坐标轴所围面积的大小；则下列说法正确的是（）

A.B.C.时刻，弹簧伸长量最大D.时间内，弹簧对A物体的冲量大小为13、下列关于动量、冲量的说法正确的是（）A.动量小的物体的速度可能比动量大的物体的速度大B.物体的速度变化了，其动量一定发生变化C.小球在水平面上慢慢停下来的过程中，其重力对小球的冲量为零D.与水泥地相比，玻璃杯从相同高度落到地毯上不易碎是因为地毯对杯的冲量小14、如图所示，在光滑的水平面上有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B一样高，现让小滑块m从A点静止下滑；则（）

A.m恰能达到小车上的B点B.m从A到C的过程中M向左运动，m从C到B的过程中M向右运动C.m从A到B的过程中小车一直向左运动，m到达B的瞬间，M速度为零D.M和m组成的系统机械能守恒，动量守恒15、两列分别沿x轴正、负方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，其中a波振幅为2cm，沿x轴正方向传播；b波振幅为1cm，沿x轴负方向传播，两列波传播的速度大小均为v=2m/s。则下列说法正确的是（）

A.两列波的质点的起振方向均沿y轴负方向B.横波a的周期为2sC.t=1s时刻，质点P运动到M点E.两列波从相遇到分离所用的时间为4sE.两列波从相遇到分离所用的时间为4s评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、一列简谐横波沿x轴正向传播，如图为t=0时刻的波形图。波的传播速度为5m/s，此时波刚好传播到x=30m处；则：

(1)从t=0时刻开始至t=14s时，x=20m处的质点A运动的路程为_______m；

(2)从t=0时刻开始经过_______s，x=70m处的质点第三次到达波峰。

17、判断下列说法的正误。

（1）衍射条纹和干涉条纹都是明暗相间的，所以二者是一样的。____

（2）只有波长长的光才发生衍射现象。____

（3）横波和纵波都能产生偏振现象。____

（4）自然光通过偏振片可以获得偏振光。____

（5）用激光做双缝干涉实验是应用了激光具有高度的相干性的特点。____

（6）利用激光的平行度好的特点，可以利用激光进行距离测量。____18、一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是波刚传播到平衡位置位于x=5m处的M点时的波形图，图乙是质点N（x=3m）从此时刻开始计时的振动图像，Q是位于x=10m处的质点，则质点Q开始振动时，振动方向沿y轴___________方向（选填“正”或“负”）；经过___________s，质点Q第一次到达波峰。

19、如图所示是通过游标卡尺两测脚间的狭缝观察白炽灯光源时所拍下的四张照片，这四张照片表明了光通过狭缝后形成的图样。从照片甲到丁的图样分析可知，游标卡尺两测脚间的宽度由___________变___________（均选填“大”或“小”），照片丁中央条纹的颜色应是___________色。

20、一列沿x轴传播的简谐横波在t＝0时刻的波形图如图所示，此时质点Q沿y轴负方向运动，质点P的纵坐标为经1s质点Q第一次到达波谷位置，则质点P振动的周期为______s，该简谐横波沿x轴______（填“正”或“负”）方向传播，质点P从t＝0时刻开始经经______s第一次运动到波谷。

21、如图所示，一列简谐波沿x轴正方向传播，波速v＝15m/s，A质点坐标xA＝1.5m。若以图示波形图为计时起点，则0.4秒内质点A通过的路程是______m；t＝___________s时A质点正经过平衡位置。

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)22、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

23、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

24、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)25、某实验小组的同学做“用单摆测定重力加速度”的实验．

（1）实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的_________选填选项前的字母）

A.长约1m的细线B.长约1m的橡皮绳。

C.直径约1cm的均匀铁球D.直径约10cm的均匀木球。

（2）选择好器材，将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图中________所示的固定方式（选填“甲”或“乙”）．

（3）将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的时____________（选填选项前的字母）．

A.测出摆线长作为单摆的摆长。

B.把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度由静止释放；使之做简谐运动。

C.在摆球经过平衡位置时开始计时。

D.用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期。

（4）用l表示单摆的摆长，用T表示单摆的周期，则计算重力加速度的表达式为g=____________.

（5）乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是________（选填选向前的字母）．

A.开始摆动时振幅较小。

B.开始计时时；过早按下秒表。

C.测量周期时；误将摆球（n-1）次全振动的时间记为n次全振动的时间。

D.实验中，由于操作不当，使摆球做圆锥摆运动26、某学习兴趣小组利用如下装置做了“用单摆测量重力加速度的大小”实验。

（1）他们用机械式秒表记录了单摆完成50次全振动所需的时间，如图所示。秒表的读数为__________s。

（2）如图所示，给出了摆线上端的四种悬挂方式，其中，引起的摆长测量误差较小的是哪两种?___________（选填图中的字母代号）。

A．B．

C．D．

（3）通过查阅资料，该学习兴趣小组又用如下装置再次进行实验，测定了最大摆角分别为2°、3°、4°、5°及10°、15°、20°时单摆的周期，数据记录如下表所示：。最大摆角周期（秒）2.0062.0062.0062.0062.0102.0142.018

根据表中数据，你可以得出的结论是当最大摆角小于5°时，单摆的周期与振幅______（选填“有关”或“无关”）；当最大摆角大于5°时，最大摆角越大，周期越_________（选填“大”或者“小”）。

27、某实验小组在进行“用单摆测定重力加速度”的实验中，已知单摆在摆动过程中的摆角小于5°；在测量单摆的周期时，从单摆运动到最低点开始计时且记数为1，到第n次经过最低点所用的时间为t；在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆球悬挂后的摆线长（从悬点到摆球的最上端）为L，再用游标卡尺测得摆球的直径为d（读数如图所示）。

(1)该单摆在摆动过程中的周期T＝________。

(2)用上述物理量的符号写出求重力加速度的一般表达式g＝________。

(3)从图可知，摆球的直径为d=________mm。

(4)实验结束后，某同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大，其原因可能是下述原因中的()

A.把（n＋1）次摆动的时间误记为n次摆动的时间。

B.把n次摆动的时间误记为（n＋1）次摆动的时间。

C.以摆线长作为摆长来计算。

D.以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)28、如图甲所示，质量的长木板静止在足够大的水平地面上，一小物块以的速度从左端滑上长木板后，恰好不能从木板的右端掉落，其运动的图像如图乙所示。取重力加速度大小求：

（1）木板的长度L；

（2）小物块与木板间因摩擦产生的热量Q；

（3）2s~4s内静摩擦力对长木板的冲量I。

29、如图所示，进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100kg，他们携手远离空间站，相对空间站的速度为0.1m/s，A将B向空间站方向轻推后，A的速度变为0.2m/s，求此时B的速度大小和方向。30、一列简谐横波在时的波形图如图（a）所示，P是介质中的质点，图（b）是质点P振动图像。求：

(1)波速及波的传播方向；

(2)从时刻起，质点P第一次和第二次的y坐标为的时刻。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

振子经a、b两点的速度相同，则a、b两点关于O点对称，则从时间为振子经过点后，到达最远处再返回点，则根据运动的对称性可知振子从到达最远处的时间为所以振子从到最远处，即个周期时间为振子的周期为ABD错误，C正确。

故选C。2、A【分析】【分析】

【详解】

由公式

得

故选A。3、C【分析】【详解】

C．根据光路图可知，a光的折射率小于b光，c光的折射率大于b光，可知a光的频率小于b光，c光的频率大于b光，a光的频率小于c光的频率；选项C正确；

AB．因紫光的频率大于蓝光，b光是蓝光，则a光不可能是紫光；红光的频率小于蓝光，则c光不可能是红光；选项AB错误；

D．c光的频率大于b光，则c光的波长小于b光的波长；选项D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．由题图知；振子在第ls未与第3s末的位移相同，即振子经过同一位置，故弹簧的长度相同，A正确；

B．由题图知；第4s末振子回到平衡位置，故速度最大，加速度为零，B正确；

C．第3s末振子的位移为

第5s末振子的位移为

从第3s末到第5s末，振子运动的位移

C错误；

D．图像的切线斜率表示速度；可知，从第3s末到第5s末,振子的速度方向并没有发生变化，一直沿负方向，D正确。

本题选不正确的，故选C。5、C【分析】【详解】

A．根据p=mv可知；物体速度越大，动量不一定越大，选项A错误；

B．根据I=Ft可知；力越大，力的冲量不一定越大，选项B错误；

C．根据可知；物体所受合外力越大，它的动量变化就越快，选项C正确；

D．根据动量定理可知；物体所受合外力的冲量越大，它的动量变化越大，选项D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．若A；B与平板车上表面间的动摩擦因数相同；A、B发生滑动时，由于A的质量大于B的质量，A物体受到的摩擦力大于B物体受到的摩擦力，A、B系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；

B．无论A；B与平板车上表面间的动摩擦因数是否相同；A、B、C组成系统的合外力都为零，A、B、C组成系统的动量守恒，故B错误；

CD．无论A；B所受的摩擦力大小是否相等；A、B、C组成系统所受合外力都为零，A、B、C组成系统的动量守恒，故C错误，D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A.男孩推木箱的过程中；人对木箱；小车和自己做功，消耗人体内的化学能，转化为系统的机械能，所以系统的机械能增加，故A错误。

BD.男孩；小车与木箱三者组成的系统；竖直方向上重力和冰面的支持力平衡，合力为零，水平方向不受外力，故系统动量守恒，故B错误，D正确；

C.木箱、男孩、小车组成的系统动量守恒，木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量大小相同，方向相反，木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量不相同，故C错误。8、C【分析】【详解】

取水平向右为正方向，小孩第一次推出A车时，有

解得

第n次推出A车时，有

则

所以

当vn≥v时，再也接不到小车，由以上各式得n≥2020.5

取n=2021

故选C。9、C【分析】【分析】

【详解】

AB．在第5s末，振子的位移最大且沿方向；速度为零，故AB错误；

C．在第5s末，振子的位移最大且沿方向；根据。

则此时的加速度最大且沿方向；故C正确；

D．在内，振子通过的路程为故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)10、A:C:D【分析】【详解】

A.杆刚进入磁场之前的加速度。

则进入磁场时速度大小为。

选项A正确；

B.杆刚进入磁场时产生的感应电动势：

E=Bdv则电阻R1两端的电势差大小为。

选项B错误；

C金属棒进入磁场后；由动量定理：

即。

因为。

解得。

选项C正确；

D.整个过程中；产生的总焦耳热：

则电阻R1上产生的焦耳热为。

选项D正确；

故选ACD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．对于受迫振动，当驱动力的频率与固有频率相等时将发生共振现象，所以列车的危险速率v＝＝40m/s

A正确；

B．为了防止共振现象发生；列车过桥时需要减速，B正确；

C．为了防止列车发生共振现象；其运行的振动频率与其固有频率不能相等，C错误；

D．由v＝知，L增大时，T不变，v变大；D正确。

故选ABD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．题意可知，在后AB水平方向上只受弹簧的弹力，弹簧对AB的弹力大小始终相等，通过乙图可知，后的任意时刻，A的加速度大小都比乙大，根据牛顿第二定律可知A正确。

B．在时，弹簧处于原长状态弹性势能为零，时间弹簧的弹性势能全部转化为B的动能，此时B的速度最大，为时间内速度的变化量，即B此时的速度大小；弹簧弹力作用使得A加速，B减速，弹性势能转化为AB的动能，在时刻加速的为零，弹力为零，弹性势能为零。时刻AB动能之和等于时刻B的动能，时刻B的速度不为零，表示时间内B物体的速度变化量小于时间内速度的变化量，故B正确；

C．时刻；弹簧的状态与0时刻弹簧的状态相同，应该是弹簧压缩量最大，C错误；

D．根据的图像信息可知，时刻，A的速度减为零，B的速度为则弹簧对B的动量定理

弹簧对AB的作用力时刻大小相等方向相反，因此弹簧弹力对A的冲量大小等于弹簧弹力对B的冲量大小即为D正确。

故选ABD。13、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．动量大小由物体的速度和质量共同决定；动量小的物体如果质量比较小，速度可能比动量大的物体的速度大，A正确；

B．由动量的定义式

可得：物体的速度变化了；其动量一定发生变化，B正确；

C．由冲量的定义式，重力的冲量为

可得：小球在水平面上慢慢停下来的过程中；其重力对小球的冲量不为零，C错误；

D．与水泥地相比；玻璃杯从相同高度落到地毯上不易碎是因为地毯对杯的作用力小，D错误；

故选AB。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

m从A到C的过程中M向左加速运动，m从C到B的过程中M向左减速运动，即小车一直向左运动，且M和m组成的系统水平方向不受力，则水平方向动量守恒，则m滑到右端两者具有相同的速度时有。

解得。

系统运动中不受摩擦力，故系统的机械能也守恒，所以m恰能达到小车上的B点，且m到达B的瞬间，m、M速度为零；故AC正确；BD错误；

故选AC。15、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据同侧法可知，两列波的质点的起振方向均沿y轴负方向；A正确；

B．根据图像可计

所以

B正确；

C．质点P只在平衡位置振动不移动；C错误；

D．t=1.5s时，运动时间是则质点Q振动到最高点；位移为1cm，D正确；

E．根据题意可知，两列波从相遇到分离，a、b两列波都朝着传播方向运动了4m，则所用时间为

E错误。

故选ABD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

(1)由图知波长λ=20m，根据波速公式得

从t=0时刻开始至t=14s，其时间间隔△t＝14s＝3T，质点A通过的路程s=3×4A+2A=14×5cm=70cm；

(2)从t=0时刻起，最近的波峰传播第一次到x=70m需要的时间为

则x=70m处的质点第三次到达波峰的时间t总=△t′+2T=9s+2×4s=17s。【解析】0.71717、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.错误③.错误④.正确⑤.正确⑥.正确18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图甲所示的波形为波刚传到M点的波形，由题图甲可知，此时M处质点的振动方向向下，故质点Q开始振动的方向沿y轴负方向；

[2]由图甲可知，波长λ=4m，由题图乙可知，周期T=4s，所以波速

由图甲可知，最前面的波峰距质点Q的距离Δx=8m，故最前面的波峰传播到质点Q，也就是质点Q第一次到达波峰的时间，则【解析】①.负②.819、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]光在直线传播情况下，缝宽变窄，光屏上亮条纹变窄，从照片甲到照片乙就是这种情况；照片丙中已发生了明显的行射现象，说明从照片乙到照片丙，窄缝进一步变窄；从照片丙到照片丁可见行射条纹变多，中央亮条纹变宽，说明窄缝更窄。因此，从照片甲到照片丁，游标卡尺两测脚间的宽度由大变小。由于入射光是白光，所以衍射条纹的中央亮条纹是白色的，其两侧是彩色的条纹。【解析】①.大②.小③.白20、略

【分析】【详解】

[1][2]t＝0时刻质点Q沿y轴负方向运动，根据“同侧法”可知，该简谐横波沿x轴负方向传播，质点Q第一次到达波谷位置需要经历故有

[3]根据“同侧法”可知，t＝0时刻质点P沿y轴正方向运动，且此时质点P的纵坐标为则质点P平衡位置对应坐标x应满足

解得

t＝0时刻波源方向上离质点P最近的波谷在x=6m处，其振动形式传递过来所需时间为【解析】4负21、略

【分析】【详解】

[1]由图知，该波的波长为λ=4m，则周期为

因为

所以0.4秒内质点A通过的路程是：S=6A=12cm=0.12m

[2]简谐波沿x轴正方向传播，根据波形的平移法可知，当图中x=0处质点的振动状态传到A点时，A质点第一经过平衡位置时波所传播的距离x=xA=1.5m，用时：

结合波的周期性可得：（k=0，1，2，3）。【解析】0.12（k=0，1，2，3）四、作图题(共3题，共30分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析】(1)(2)23、略

【分析】【详解】

由图甲可知，简谐波的波长所以周期

此时波形与时刻波形相同，根据同侧法可知，波沿x轴负方向传播，根据波形的平移法可知，将时刻的波形向左平移得到时的波形图像；如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【分析】

【详解】

测量的长度，根据折射率表达式，有

带入数据，可得【解析】1.7五、实验题(共3题，共15分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1]AB.实验过程单摆摆长应保持不变；应选择长约1m的细线作为摆线，摆线不能选择有弹性的橡皮绳，故A正确，B错误；

CD.为减小实验误差；应选择密度大而体积小的球作为摆球，应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球，不要选用直径约10cm的均匀木球，故C正确，D错误；

故选AC；

（2）[2]在该实验的过程中；悬点要固定，应采用图乙中所示的固定方式．

（3）[3]A.摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长；故A错误；

B.单摆在小角度下的运动为简谐运动；把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，故B正确；

C.为减小测量误差；在摆球经过平衡位置时开始计时，故C正确；

D.为减小测量误差，应测出n个周期的总时间t，然后求出周期：用单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期实验误差较大，故D错误；

故选BC；

（4）[4]由单摆周期公式：可知：T与成正比，T−图象是正比例函数图象，T−图象的斜率：

则重力加速度：

（5）[5]由单摆周期公式：得：

A.单摆在小角度下的摆到为简谐振动；开始摆动时振幅较小，单摆的振幅对重力加速度的测量没有影响，故A错误；

B.开始计时时，过早按下秒表，所测周期T偏大；所测重力加速度偏小，故B错误；

C.测量周期时，误将摆球（n−1）次全振动的时间记为n次全振动的时间，所测周期T偏小，所测重力加速度g偏大；故C正确；

D.实验中，由于操作不当，使摆球做圆锥摆运动，测得的周期T偏小；所测重力加速度偏大；

故选CD；

故答案为（1）AC；（2）乙（3）BC；（4）（5）CD．

【点睛】

单摆测定重力加速度的原理：单摆的周期公式，还要知道：摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，为减小误差应保证摆线的长短不变；单摆在摆动的过程中，摆长不能发生变化．在最低点，速度最快，开始计时误差较小．【解析】AC乙BCCD26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图表可知；其示数为：90s+9.8s=99.8s；

(2)[2]实验