2025年沪科新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高二物理上册阶段测试试卷752考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、两块平行金属板M、N水平放置，带电情况如图所示，其内部空间有两个悬浮着的小带电液滴A和B，采用以下哪些办法可使液滴向上做加速运动A.使两板靠近一些B.用导线将两板连接一下C.使A和B粘合在一起D.使两板左、右错开一些2、紫外线照射一些物质时，会发生荧光效应，即物质发出可见光.

这些物质中的原子先后发生两次跃迁，其能量变化分别为娄陇

E

1

和娄陇

E

2.

下列关于原子这两次跃迁的说法中正确的是()

A.先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|娄陇

E

1

E

2|

B.先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|娄陇

E

1

E

2|

C.两次均向高能级跃迁，且|娄陇

E

1

E

2|

D.两次均向低能级跃迁，且|娄陇

E

1

E

2|

3、如图所示，小明用与水平方向成娄脠

角的轻绳拉小车，小车以速度v

向右做匀速直线运动，绳中拉力大小为F.

则拉力的功率大小为(

)

A.Fv

B.Fvsin娄脠

C.Fvcos娄脠

D.Fvtan娄脠

4、卢瑟福提出原子的核式结构学说；其根据是用α粒子轰击金箔的实验．在实验中，他观察到α粒子（）

A.全部穿过金原子；且发生很小的偏转。

B.绝大多数穿过金原子；只有少数发生大角度偏转，极少数甚至被弹回。

C.绝大多数发生很大的偏转；甚至被弹回，只有少数穿过金原子。

D.全部发生很大的偏转。

5、如图所示，在“探究求合力的方法”的实验中，两弹簧测力计将橡皮条拉伸到O

点，它们示数分别为F1

和F2.

接下来用一只弹簧测力计拉橡皮条时

A.将橡皮条拉伸到O

点B.拉力大小等于F2鈭�F1

C.拉力大小等于F1+F2

D.沿F1

和F2

角平分线方向6、如图所示电路中接有三只完全相同的电压表，在AB

间加恒定电压12V

电压表1

的示数为5V

则电压V2V3

的示数依次为A.V2

为7VV3

为0V

B.V2

为7VV3

为7V

C.V2

为5VV3

为2V

D.V2

为7VV3

为2V

7、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab

附近P

处放置一个正点电荷，达到静电平衡后(

)

A.a

端的电势比b

端低B.b

端的电势与d

点的电势相等C.杆内c

处场强大小不等于零，c

处场强方向由b

指向a

D.感应电荷在杆内c

处场强的方向由a

指向b

8、如图所示，两根相距为l且水平放置的平行金属直导轨ab、cd，b、d间接有一定值电阻R，导轨电阻忽略不计。MN为放在ab和cd上的一个金属棒，与ab垂直，其电阻也为R．整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向竖直向下，现对MN施力使它沿导轨以速度v向右匀速运动。令U表示MN两端电压，则（）A.U=电阻R上感应电流方向由b到dB.U=电阻R上感应电流方向由d到bC.U=Blv，电阻R上感应电流方向由b到dD.U=Blv，电阻R上感应电流方向由d到b评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、在电场中的某点放入电荷量为5.0×10-9C的点电荷，受到的电场力是3.0×10-4N．则这一点的电场强度E=____N/C．如果改用电荷量为6.0×10-9C的点电荷，来确定该点的电场强度，场强大小____（填“变大”、“变小”或“不变”）．10、如图所示，在曲柄上悬挂一个弹簧振子，转动摇把可使振子上下振动．若不转动摇把，用手将振子向下拉离平衡位置，再放手使弹簧振子上下振动，测得振子在10s内完成20次全振动；若匀速转动摇把，当摇把转速为______r/min时，弹簧振子的振幅最大；当摇把转速为n=240r/min时，弹簧振子振动稳定后的振动周期为______s．11、把一个标有“6V，3W”的灯泡接在10伏的电源上，要使灯泡正常发光，需要____________联一个____________欧的电阻，此时电阻消耗的电功率是____________瓦．12、在均匀介质中，各点的平衡位置在同一条直线上，相邻两点间的距离为a，如图（a）所示，波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，经过时间t，前13个质点第一次形成如图（b）所示的波形，则该波的周期是____，波长为____．

13、某防空雷达发射的电磁波频率为f=3×103MHZ，屏幕上尖形波显示，从发射到接受经历时间△t=0.4ms，那么被监视的目标到雷达的距离为____km，该雷达发出的电磁波的波长为____m．14、穿过闭合电路的____发生变化，闭合电路中就有____产生，这种现象叫____现象．15、在隆露

用油膜法估测分子大小隆路

实验中所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000mL

溶液中有纯油酸0.6mL

用注射器测得1mL

上述溶液为80

滴，把1

滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边长为1cm

试求：

垄脵

油酸膜的面积是______cm2

垄脷

实验测出油酸分子的直径是______m(

结果保留两位有效数字)

16、如图所示是测量磁感应强度B

的一种装置.

把一个体积很小的电阻为R

匝数为N

面积为S

的测量线圈L

放在通电螺线管内待测处，线圈平面与螺线管轴线垂直，将测量线圈跟测量电量的仪器G

表串联.

当闭合电键K

时，G

表可测得瞬间流过测量线圈的电量鈻�Q

则：

(1)(

多选题)

测量磁感应强度B

所依据的物理规律是____________

(A)

法拉第电磁感应定律和焦耳定律。

(B)

闭合电路欧姆定律和焦耳定律。

(C)

法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律。

(D)

法拉第电磁感应定律和楞次定律。

(2)

用此方法测量通电螺线管内轴线处磁感应强度的表达式为B=

____________．

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共4题，共8分)23、(16

分)

如图；一不可伸长的轻绳上端悬挂于O

点，下端系一质量m="1.0"kg的小球。现将小球拉到A

点(

保持绳绷直)

由静止释放，当它经过B

点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C

点。地面上的D

点与OB

在同一竖直线上，已知绳长L="1.0"mB

点离地高度H="1.0"mAB

两点的高度差h="0.5"m重力加速度g

取10m/s2

不计空气影响，求：

(1)

地面上DC

两点间的距离s

(2)

轻绳所受的最大拉力大小。24、足球运动员在罚点球时，球获得30m/s30m/s的速度后做匀速直线运动，设脚与球作用时间为0.1s0.1s球运动0.3s0.3s后被守门员挡出，守门员双手与球接触时间为0.1s0.1s且球被挡出后以10m/s10m/s的速度沿原路返回..求：

(1)(1)运动员罚点球过程中球的加速度大小．

(2)(2)守门员挡球过程中球的加速度大小．25、如图所示，螺线管横截面积为S，线圈匝数为N，电阻为R1，管内有水平向左的变化磁场。螺线管与足够长的平行金属导轨MN、PQ相连并固定在同一平面内，与水平面的夹角为q，两导轨间距为L．导轨电阻忽略不计。导轨处于垂直斜面向上、磁感应强度为B0的匀强磁场中。金属杆ab垂直导轨，杆与导轨接触良好，并可沿导轨无摩擦滑动。已知金属杆ab的质量为m，电阻为R2，重力加速度为g。忽略螺线管磁场对金属杆ab的影响；忽略空气阻力。

（1）为使ab杆保持静止，求通过ab的电流的大小和方向；

（2）当ab杆保持静止时，求螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率。26、一粗细均匀的U型玻璃管竖直放置，短臂端封闭，长臂端（足够长）开口向上，短臂内封有一定质量的理想气体。初始状态时管内各段长度如图所示，密闭气体的温度为27℃。大气压强为75cmHg，求：（1）若沿长臂的管壁缓慢加入5cm的水银柱并与下方的水银合为一体，为使密闭气体保持原来的长度，应使气体的温度变为多少？（2）在第（1）小题的情况下，要使两端玻璃管中水银面相平，则气体的温度变为多少？评卷人得分五、实验探究题(共3题，共21分)27、(1

利用如图(a)

所示电路可以测量金属丝的电阻率娄脩

所用的实验器材有：(a)

(b)

待测的粗细均匀的电阻丝电流表(

量程0.6A

内阻忽略不计)

电源(

电动势3.0V

内阻r

未知)

保护电阻(R0=4.0娄赂)

刻度尺、开关S

导线若干、滑片P

实验步骤如下：垄脵

用螺旋测微器测得电阻丝的直径d

如图(b)

所示。垄脷

闭合开关，调节滑片P

的位置，分别记录每次实验中aP

长度x

及对应的电流值I

垄脹

以1I

为纵坐标，x

为横坐标，作1I鈭�x

图线(

用直线拟合)

垄脺

求出直线的斜率k

和在纵轴上的截距b

回答下列问题：(1)

螺旋测微器示数为d=

________mm

(2)

用题中字母可求得1I

与x

满足的关系式为________。(3)

实验得到的部分数据如下表所示；其中aP

长度x=0.30m

时电流表的示数如图(a)

所示，读出数据，完成下表。垄脵

________；垄脷

________。

(a)(a)(b)(b)。x(m)

0.10

0.20

0.30

0.40

0.50

0.60

I(A)

0.49

0.43

垄脵

0.33

0.31

0.28

1I(A鈭�1)

2.04

2.33

垄脷

3.03

3.23

3.57

(4)

在图(b)

的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，根据图线求得斜率k=

_______A鈭�1隆陇m鈭�1

截距b=

________A鈭�1(

保留两位小数)

(5)

根据图线求得电阻丝的电阻率娄脩=

_____娄赂隆陇m

电源的内阻为r=

_____娄赂(

保留一位小数)

28、利用气垫导轨和光电门进行“探究碰撞中的不变量”这一实验；气垫导轨的左侧与一倾斜轨道平滑连接，滑块在水平气垫导轨上运动时可忽略阻力。让滑块A在左侧倾斜轨道的P点由静止释放，然后与静止在光电门C和光电门D之间的滑块B发生碰撞，如图所示。

（1）实验中滑块B备有甲乙两种：其中甲种滑块左端装有弹性圈；乙种滑块左端装有橡皮泥，与滑块A碰撞后会粘在一起。若要求碰撞时动能损失最大，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”），若要求碰撞时动能损失最小，则应选用______种滑块（填“甲”或“乙”）；

（2）某同学选取左端装有橡皮泥的滑块B进行实验，两滑块的质量分别为mA和mB，滑块A从P点释放后，通过光电门C的时间为t1，与滑块B粘在一起后通过光电门D的时间为t2，则在误差允许的范围内，只需验证等式______成立即说明碰撞过程中mA和mB系统动量守恒；

（3）在上一问的某次实验中，滑块通过光电门C和光电门D的时间分别为t1=0.05s和t2=0.15s，那么滑块A和滑块B的质量之比为mA：mB=______。29、某同学在探究性实验中需要精确地测量某灵敏电流计（微安表）的内电阻；设计了如图甲所示的电路，实验室可供他使用的器材如下：

A．待测电流计（量程500uA；内阻约1kΩ）B．电阻箱R（阻值1Ω～9999Ω）

C．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω）D．滑动变阻器R2（最大阻值1kΩ）

E．电源（电动势3V；内阻不计）F．开关一只，导线若干。

①请你用笔画代替导线；按图甲的方案将图乙中的实物图连成可供测量的实验电路；

②在某一次测量中；得到了如图所示的数据，则R=______Ω；I=______uA；

③实验时，该同学把滑动变阻器的滑片调至适当位置处，而后保持滑动变阻器的阻值不变，通过调节电阻箱阻值R，使流过灵敏电流计的示数I发生变化，为使测量出的Rg值误差较小，需保证在调节电阻箱阻值R时，尽可能不改变R与电流计两端的电压值之和，则滑动变阻器应选择______（填“R1”或“R2”）；

④若操作过程中得到如图丙所示的（-R）图线，若已知斜率为k，纵截距为b，则根据图线，求得电流表内阻Rg=______（请用字母表示）．评卷人得分六、画图题(共2题，共10分)30、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象31、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】试题分析：液滴受到重力和电场力作用而平衡，根据信息可知，要使液滴向上做加速运动，则只有增大电场力，即使电场强度增大，由于金属板上的电荷量不变，根据公式可得两极板间的电场强度与两极板的距离无关，故A错误；用导线将两板连接一下使得两极板间的电场强度为零，故B错误；因为所以有故即使A和B粘合在一起整体仍处于静止状态，故C错误，根据公式可得两板左、右错开一些，正对面积减小，所以电容器电容减小，根据公式可得电容器两端的电压增大，根据公式可得两极板间的电场强度增大，故D正确。考点：考查了电容器的动态分析【解析】【答案】D2、B【分析】【分析】用紫外线照射一些物质时会发生荧光效应，先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，紫外线的频率高于可见光的频率，根据玻尔理论分析|鈻�E|triangleE1||和|鈻�E|triangleE2||的关系；本题考查原子跃迁与能级能量变化及辐射或光子能量的关系..要明确色光间的波长及频率关系。【解答】由题意知，用紫外线照射一些物质时，这些物质中的原子吸收紫外线的能量，从低能级向高能级跃迁，高能级不稳定，又向低能级跃迁，发出可见光..设紫外线和可见光的频率分别为娄脙娄脙1和娄脙娄脙2，根据玻尔理论得知，，由于紫外线的频率大于可见光的频率，即娄脙娄脙1>娄脙>娄脙2，所以|鈻�E|triangleE1|>|鈻�E|>|triangleE2|.|.故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

3、C【分析】【分析】根据瞬时功率的表达式P=Fvcos娄脠

直接可以得出拉力的功率。本题考查瞬时功率的计算，在解答的过程中要注意当力的方向与运动的方向之间有一定的夹角时，要使用公式P=Fvcos娄脠

进行计算，而不能直接使用P=Fv

计算。【解答】小车以速度v

右做匀速直线运动；绳中拉力F

的方向与水平方向之间的夹角是娄脠

只有水平方向的分力对物体做功，所以拉力F

的功率为：P=Fvcos娄脠

故选C。【解析】C

4、B【分析】

当α粒子穿过原子时；电子对α粒子影响很小，影响α粒子运动的主要是原子核，离核远则α粒子受到的库仑斥力很小，运动方向改变小．只有当α粒子与核十分接近时，才会受到很大库仑斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的机会就很少，所以只有极少数大角度的偏转，而绝大多数基本按直线方向前进，故B正确，ACD错误．

故选B

【解析】【答案】α粒子散射实验的现象为：α粒子穿过原子时；只有当α粒子与核十分接近时，才会受到很大库仑斥力，而原子核很小，所以α粒子接近它的机会就很少，所以只有极少数大角度的偏转，而绝大多数基本按直线方向前进．

5、A【分析】【分析】本题考查“探究求合力的方法”的实验。该实验采用了“等效替代”法，即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，本实验采用的科学方法是等效替代法。用一只弹簧测力计拉橡皮条时，拉力一定与橡皮筋的拉力大小相等，方向相反，在同一条直线上。解题的关键是掌握实验的注意事项。【解答】A.该实验采用了“等效替代”法，即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，故A正确；BC.BC.力是矢量，合成时遵循平行四边形定则，故BC错误；D.只有F1F_{1}和F2F_{2}大小相等时，拉力才能在他们的角平分线上，故D错误。故选A。

【解析】A

6、D【分析】【分析】根据串；并联电路中电流关系；由欧姆定律确定电压表23

的示数．

本题考查了闭合电路欧姆定律；本题中将电压表当作大电阻，不是普通的串并联，关键要分析三个电压表的电流可能关系，根据欧姆定律和电荷守恒定律研究。【解答】电压表可以作为电阻处理，因三个电压表的内阻相等，则电压与电流成正比；设电压表的内阻均为R

根据电荷守恒定律知，三个电压表电流关系可能为：U1R=U2R+U3R

也可能有：U1R+U3R=U2R

当U1=5V

时；U3=2VU2=7V

其他数据不可能；

故ABC错误；D正确。

故选D。

【解析】D

7、D【分析】解：AB

达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到娄脮a=娄脮b=娄脮c

由于正电荷在右边，所以越往右电场的电势越高，则有：娄脮d>娄脮b=娄脮c=娄脮a

故AB错误．

CD

由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，正电荷和感应电荷在内部产生的合场强为零；正电荷在c

处产生的场强方向由b

指向a

所以感应电荷在杆内c

处产生的场强方向由a

指向b

故C错误，D正确．

故选：D

．

沿电场线方向电势降低；而处于电场中的导体处于静电平衡状态，根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由固定电荷产生的电场可以确定电势的高低；再根据内部场强处处为零，利用叠加原理即可明确感应电荷形成的场强方向．

导体达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉，同时明确沿电场线方向电势降低．【解析】D

8、A【分析】解：MN棒产生的感应电动势为：E=Blv，MN两端电压的大小为：U==Blv；

根据右手定则判断知MN中产生的感应电流方向由N→M，M端相当于电源的正极，电势高于N端电势，所以电阻R上感应电流方向由b到d；故A正确；BCD错误。

故选：A。

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律求出感应电流的大小。由公式U=IR求出MN两端电压的大小。根据右手定则判断电流方向。

本题是电磁感应与电路知识的综合，关键要掌握法拉第电磁感应定律、欧姆定律的计算公式。要注意MN间的电压是外电压，不是总电压。【解析】A二、填空题(共8题，共16分)9、略

【分析】

在电场中的某点放入电荷量为5.0×10-9C的点电荷，受到的电场力是3.0×10-4N．

由场强的定义式E=得；

这一点的电场强度E=6.0×104N/C．

电场强度是反映电场本身特性的物理量；由电场决定，与试探电荷无关；

如果改用电荷量为6.0×10-9C的点电荷，该点的电场强度不变，仍为6.0×104N/C．

故答案为：6.0×104N/C；不变．

【解析】【答案】放入电场中电荷是试探电荷，电场强度等于试探电荷所受的电场力与电荷量的比值，由场强的定义式E=求解P点的电场强度．将改变检验电荷；该点的电场强度不变．

10、略

【分析】解：振子在10s内完成20次全振动；故固有频率为2Hz；

当受迫振动的频率接近于振子的固有频率时；会发生共振，故摇把转速为：

n=f=2r/s=120r/min；

当转速为120r/min时；1s内转动2次，周期为0.5s；

故答案为：120；0.5．

振子受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动的频率接近于振子的固有频率时，会发生共振，振幅最大．

解决本题的关键掌握共振的条件，以及知道振子受迫振动的频率等于驱动力的频率．【解析】120；0.511、略

【分析】解：灯泡正常发光时的电流I=．

要使灯泡正常发光，则需串联一个电阻，串联的电阻R=．

则电阻消耗的功率P=I2R=0.52×8W=2W．

故答案为：串，8，2．【解析】串;8;212、略

【分析】

由波动图象读出波长为λ=8a．由题，波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，介质中各质点的起振方向都向上，而图中质点13振动方向向下，说明波并不是刚传到质点13，已经振动了半个周期，则有2T=t，得到T=．

故答案为：8a．

【解析】【答案】波向右传播，质点1的起始速度方向竖直向上，介质中各质点的起振方向都向上，而图中质点13振动方向向下，说明波并不是刚传到质点13，根据前13个质点第一次形成如图（b）所示的波形；得到周期与时间的关系，求出周期，由图读出波长，求出波速．

13、600.1【分析】【解答】光速为3×108m/s（1）由v=λf得：=0.1m（2）由v=s/t

得，s=vt=3×108m/s×0.4s=12×107m

电磁波传播距离是单向距离的2倍，故卫星离地为：d=s/2=60km

答：被监视的目标到雷达的距离为60km；雷达发出的电磁波的波长为0.1m．

【分析】（1）由波速、波长和频率的关系可求得频率，（2）由电磁波的传播速度由速度公式可求得距离．14、磁通量感应电流电磁感应【分析】【解答】根据法拉第电磁感应定律；只有闭合回路中磁通量发生变化时，闭合回路中才会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。

故答案为：磁通量；感应电流，电磁感应．

【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．根据法拉第电磁感应定律，电动势的大小取决与磁通量变化的快慢．15、略

【分析】解：垄脵

由图示可知；油膜占120

个格，油膜的面积S=1cm隆脕1cm隆脕120=120cm2(119隆芦124cm2

均正确)

垄脷

一滴溶液中含纯油的体积V=1mL80隆脕0.6mL1000mL=7.5隆脕10鈭�6mL

油酸分子的直径d=VS=7.5隆脕10鈭�6cm3120cm2隆脰6.3隆脕10鈭�8cm=6.3隆脕10鈭�10m.

故答案为：垄脵120(119

到124

均正确)垄脷6.3隆脕10鈭�10

．

垄脵

由图示油膜求出油膜的面积．

垄脷

求出一滴溶液中含纯油的体积；然后求出油酸分子的直径．

求油膜面积时要注意，不到半个格的要舍去，超过半个格的算一个格，数出油膜轮廓的格数，然后乘以每一个格的面积得到油膜的面积；求油的体积时要注意，求的是纯油的体积，不是溶液的体积．【解析】1206.3隆脕10鈭�10

16、C;【分析】解：(1)

由法拉第电磁感应定律可得：感应电动势E=N鈻�桅鈻�t=NS鈻�B鈻�t=NSB鈭�0鈻�t=NSB鈻�t

由闭合电路的欧姆定律可得：感应电流I=ER=NSBR鈻�t

由电流的定义式I=鈻�Q鈻�t

可得，感应电荷量鈻�Q=I鈻�t=NBSR

则B=R鈻�QNS

由以上分析过程可知；测量磁感应强度B

所依据的物理规律是：

法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律、电流定义式；故ABD错误，C正确；

(2)

由(1)

可知，测量通电螺线管内轴线处磁感应强度的表达式为B篓TR鈻�QNS

．

故答案为：(1)C(2)R鈻�QNS

．【解析】C;R鈻�QNS

三、判断题(共6题，共12分)17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、计算题(共4题，共8分)23、(1)1.41m；(2)20N【分析】【解析】

试题分析：垄脜

小球从到过程机械能守恒，有(3

分)

小球从到做平抛运动，在竖直方向上有(2

分)

在水平方向上有(2

分)

联解得(2

分)

垄脝

小球下摆到达点时；绳的拉力和重力的合力提供向心力，有。

(3

分)

根据牛顿第三定律(2

分)

轻绳所受的最大拉力为(2

分)

考点：机械能守恒，平抛运动，圆周运动向心力【解析】(1)1.41m(2)20N

24、(1)300m/s2(2)-400m/s2【分析】设初速度的方向为正方向，由加速度公式a

罚球瞬间，球的加速度a

1

m/s2

守门员挡球瞬间，球的加速度a

2

m/s2

负号表示加速度方向与速度方向相反。【解析】(1)300m/s2(2)

鈭�

400m/s2

25、解：（1）以金属杆ab为研究对象，根据平衡条件得：mgsinθ=B0IL，解得：I=通过ab杆的电流方向为由b到a；

（2）根据法拉第电磁感应定律有：另据欧姆定律得：联立解得：

答：（1）为使ab杆保持静止，通过ab的电流的大小为方向由b到a；

（2）当ab杆保持静止时，螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率为【分析】

（1）金属杆平衡时；所受安培力向上，大小与重力沿斜面的分力相等，可求电流大小和方向。

（2）螺线管内磁场的磁感应强度的变化；导致螺线管充当电源，根据闭合电路欧姆定律和法拉第电磁感应定律可求磁感应强度B的变化率。

由电磁感应而产生电流，再有电流产生运动，继而再产生电磁感应的联动过程要分析透，注意应用平衡条件，搞好受力分析，此题难度不小【解析】解：（1）以金属杆ab为研究对象，根据平衡条件得：mgsinθ=B0IL，解得：I=通过ab杆的电流方向为由b到a；

（2）根据法拉第电磁感应定律有：另据欧姆定律得：联立解得：

答：（1）为使ab杆保持静止，通过ab的电流的大小为方向由b到a；

（2）当ab杆保持静止时，螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率为26、略

【分析】试题分析：（1）加入5cm的水银柱后，气体压强变为P2=P0+Ph=80cmHg（2分）第一个状态到第二个状态，由查理定律得：（2分）解得T2=320K（2分）（2）两边水银面相平，则气体压强P3=P0，气体长度变为L3=L1-h/2=15.5cm（2分）第一个状态到第三个状态，由盖吕萨克定律得：（2分）解得T3=258K（2分）考点：理想气体状态方程【解析】【答案】（1）T2=320K；（2）T3=258K五、实验探究题(共3题，共21分)27、(1)0.402(2)＝x＋(3)①0.38②2.63

(4)图线如图所示

3．00(2.92～3.10均可)

1．78(1.76～1.80均可)

(5)1.1×10－6(1.0×10－6～1.2×10－6均可)

1．3(1.1～1.5均可)【分析】【分析】本题考查了求图象函数表达式；电表读数、作图象、求电阻率与内阻问题；应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法，要会用图象法处理实验数据，难度较易。

(1)

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；

(2)

根据欧姆定律；结合数学知识，即可求解；

(3)

根据图c

所示电流表读出其示数；然后答题；

(4)

应用描点法作出图象；然后根据图象分析答题；

(5)

根据闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达；然后根据图象的斜率与截距，即可求解。

【解答】(1)

螺旋测微器的读数为40.2隆脕0.01mm=0.402mm

(2)

根据闭合电路欧姆定律可知E=IR0+r+娄脩x娄脨(d2)2

可得1I=4娄脩娄脨Ed2x+R0+rE

(3)

由图7鈭�14(a)

可知电流表读数为19.0隆脕0.02A=0.380A

故表格垄脵

处应为0.38

表格垄脷

处通过计算可知应为2.63

(4)

在图7鈭�14(b)

中描点作图，让直线尽量过所有的点，或让点对称分布在直线两侧。由图线可知斜率为k=3.00A鈭�1隆陇m鈭�1

，纵轴截距为b=