2025年北师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是一个带正电的粒子由a向b到c通过该电场区域时的运动轨迹．若带电粒子在运动中只受电场力的作用；则根据此图能做出判断的是（）

A.产生电场的为负电荷；电荷在图中的右边。

B.带电粒子在a、b两点的受力方向和加速度方向。

C.带电粒子在a、b两点的动能；势能何处较大。

D.带电粒子由a运动到b再到c时；电场力不做功。

2、如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为（）A.-3VB.0C.2VD.1V3、下列说法中正确的是（）A.氢原子从较高的激发态跃迁到较低的激发态时，电子的动能增加，电势能增加，原子的总能量增加B.α射线是原子核发出的一种粒子流，它的电离能力在α、β、γ三种射线中是最弱的C.原子核反应过程中的质量亏损现象违背了能量守恒定律D.将放射性元素掺杂到其他稳定元素中并大幅度降低其温度，它的半衰期不发生改变4、如图，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l

磁场方向垂直纸面向里，abcd

是位于纸面内的梯形线圈，ad

与bc

间的距离也为lt=0

时刻bc

边与磁场区域边界重合。现令线圈以恒定的速度v

沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a鈭�b鈭�c鈭�d鈭�a

的感应电流为正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I

随时间t

变化的图线可能是下图中的：

A.B.C.D.5、如图所示，如果交流发电机转子有n

匝线圈，每匝线圈所围面积为S

匀强磁场的磁感应强度为B

匀速转动角速度为娄脴

线圈电阻为r

外电路电阻为R.

在线圈由图中实线位置匀速转动90鈭�

到达虚线位置过程中，下列说法正确的是(

)

A.通过R

的电荷量q=BSR+r

B.通过R

的电荷量q=nBSR+r

C.电阻R

上产生的热量为QR=娄脨娄脴n2B2S2R4R(R+r)2

D.电阻R

上产生的热量为QR=娄脨娄脴n2B2S2RR(R+r)2

6、如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I

矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行.

线框由静止释放，在下落过程中A.穿过线框的磁通量保持不变B.线框中感应电流方向保持不变C.线框所受安培力的合力为零D.线框的机械能不断增大7、大豆的白花和紫花为一对相对性状。下列能判定性状显隐性的是（）

A.紫花×紫花→紫花B.紫花×白花→98紫花+102白花C.白花×白花→白花D.紫花×紫花→301紫花+110白花8、以下说法不符合物理史实验的是(

)

A.欧姆通过大量的实验研究，得出了导体两端的电压成正比、跟通过导体的电流成反比的结论B.安培通过大量的实验研究，发现了电流产生的磁场方向跟电流方向之间的关系C.洛伦兹通过研究磁场对其中的运动电荷的磁力，总结出该磁力跟磁场、电荷的带电量和速度之间的关系D.法拉第通过大量的实验研究发现：闭合回路中产生的感应电动势的大小跟穿过闭合回路的磁通量变化率有关评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、不计空气阻力，下列运动中哪一种是满足机械能守恒的．（）A.斜抛的石块抛出后的运动B.子弹射穿木块C.物体沿斜面匀速下滑D.物体沿光滑圆弧面从下向上运动10、下列说法正确的是（）A.根据公式E=可知，电场中某点的电场强度与检验电荷q受的电场力F成正比，与检验电荷的电量q成反比B.根据公式E=k可知，点电荷电场中某点的电场强度与点电荷的电量Q成正比，与该点到点电荷的距离r的平方成反比C.根据公式F=qE可知，点电荷q所受电场力与其带电量成正比，与其所在处的电场强度成正比D.电场强度是矢量，电场中某点的电场强度的方向就是电荷在那点的受力方向11、如图所示，为三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B

方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L

在磁场区域的左侧边界处，有一边长为L

的正方形导体线框，总电阻为R

且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F

使线框以速度v

匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E

为正，磁感线垂直纸面向里时的磁通量鈱�

为正值，外力F

向右为正.

则以下能反映线框中的磁通量鈱�

感应电动势E

外力F

和电功率P

随时间变化规律图象的是(

)

A.B.C.D.12、若以M

表示水的摩尔质量，V

表示水的摩尔体积，娄脩

表示水的密度.NA

为阿伏加德罗常数，m

表示水的分子质量，V隆盲

表示水分子体积.

则下列关系中正确的是(

)

A.NA=dfrac{V}{V{{"}}}B.V=M蟻

C.m=MNA

D.V=娄脩M

13、如图所示，粒子回旋加速器由两个D形金属盒组成，两个D形盒正中间开有一条窄缝。两个D形盒处在匀强磁场中并接有高频交变电压，使正粒子每经过窄缝都被加速。中心S处的粒子源产生初速度为零的正粒子，经狭缝电压加速后，进入D形盒中，已知正粒子的电荷量为q，质量为m，加速时电极间电压大小为U，磁场的磁感应强度为B，D形盒的半径为R．每次加速的时间很短，可以忽略不计。下列说法正确的是（）A.交变电压的频率为B.交变电压的频率为C.粒子能获得的最大动能为D.粒子能被加速的最多次数为14、一水平弹簧振子做简谐运动，周期为T，则（）A.若△t=T，则t时刻和（t+△t）时刻振子运动的加速度一定大小相等B.若△t=则t时刻和（t+△t）时刻弹簧的形变量一定相等C.若t时刻和（t+△t）时刻振子运动位移的大小相等，方向相反，则△t一定等于的奇数倍D.若t时刻和（t+△t）时刻振子运动速度的大小相等，方向相同，则△t一定等于的整数倍15、一小水电站，输出的电功率为P0=20kW

输出电压U0=400V

经理想升压变压器T1

变为2000V

电压远距离输送，输电线总电阻为r=10娄赂

最后经理想降压变压器T2

降为220V

向用户供电.

下列说法正确的是(

)

A.变压器T1

的匝数比n1n2=15

B.输电线上的电流为50A

C.输电线上损失的电功率为25kW

D.变压器T2

的匝数比n3n4=9511

16、如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨固定在同一水平面内，两导轨间的距离为L．导轨上面横放着两根导体棒ab、cd，与导轨一起构成闭合回路。两根导体棒的质量均为m，电阻均为R，其余部分的电阻不计。在整个导轨所在的平面内都有方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。开始时，两导体棒均在导轨上静止不动，某时刻给导体棒ab以水平向右的初速度v0，则（）A.导体棒ab刚获得速度v0时受到的安培力大小为B.两导体棒最终将以的速度沿导轨向右匀速运动C.两导体棒运动的整个过程中产生的热量为mv02D.当导体棒ab的速度变为v0时，导体棒cd的加速度大小为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、一电阻为R、面积为S的矩形导线框abcd处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线框平面成θ=45°角(如图所示)．当线框以ab为轴顺时针转过90°的过程中，穿过abcd的磁通量的变化量ΔΦ＝________，在这一过程中通过导线的电荷量为____________。18、如图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4,相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。一带负电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV.当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为+5eV，则它的动能应为_______eV.19、用电场线能很直观；很方便地比较电场中各点的强弱.

在图中；左边是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O

是电荷连线的中点，EF

是连线中垂线上相对O

对称的两点，BC

和AD

也相对O

对称.

则FOC

三点比较，______点场强最强；BEC

三点比较______点电势最高．

20、匀强磁场中有一段长为30cm的长直导线，它与磁场方向垂直，当通过2A的电流时，受到安培力大小为6X10-3N，则磁场的磁感应强度为___________T；当导线长度缩短为原来一半时，磁场的磁感应强度是___________T21、用接在50Hz

交流低压电源上的打点计时器研究小车的匀加速直线运动，某次实验中得到一条纸带如图所示.

从比较清晰的点起，每五个打印点取作一个计数点，分别标明01234

量得23

之间的距离x3=3.00cm34

两点间的距离x4=4.80cm

则23

两计数点间的时间间隔为______s

小车在位置3

的瞬时速度为_________m/s

小车的加速度为__________m/s2

．

22、如图所示实验装置是卢瑟福实现原子核的人工转变发现质子的实验装置。当装置的容器内通入气体B

时，荧光屏上观察到闪光。图中气体B

是________，选择银箔的厚度是使从A

射出娄脕

粒子恰好__________________，该原子核人工转变的核反应方程式是__________________。23、如图所示，两只用粗细相同的铜丝做成的闭合线框a、b放在光滑绝缘水平桌面上，它们的边长分别为L和2L．现以相同的速度v将a、b从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外。在此过程中，a、b两线框中的电流之比为______；拉力之比为______；通过铜丝横截面的电量之比为______。评卷人得分四、判断题(共3题，共21分)24、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）25、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

26、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、推断题(共2题，共10分)27、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。28、【化学rm{隆陋}选修rm{3}物质结构与性质】评卷人得分六、识图作答题(共2题，共8分)29、下图是某家庭先天性聋哑的遗传系谱图。请据图回答。（显、隐形基因分别用B、b表示）（1）该病的遗传方式是常染色体上_____遗传（显性/隐性）。（2）图中Ⅰ代1号的基因型是_______。（3）图中Ⅲ代1号与聋哑基因携带者的女性结婚，生一个患病孩子的可能性是__。30、细胞作为一个生命系统，其内部的各种结构及其功能既相对独立又彼此联系．如下方左图表示某种高等生物细胞中蛋白质x的合成和分泌过程，据图回答：（1）细胞中与x物质的加工、运输和分泌有关的具膜细胞器是____（填标号）。（2）实验中用35S标记一定量的氨基酸，来培养某哺乳动物的乳腺细胞，测得内质网、核糖体、高尔基体上放射性强度的变化曲线如上放中间图所示，以及在此过程中高尔基体、细胞膜、内质网膜面积的变化曲线如上方右图所示。①请判断中间图中的a、b、c曲线所指代的细胞器依次分别是：____、____、____。②请判断右图中的d、e、f曲线所指代的生物膜所属的细胞结构依次是：____、____、____。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B|C【分析】

A；正电荷受力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧；由图可知，此时正电荷受到的电场力的方向是向左的，所以产生电场的电荷应该是正电荷，电荷在图中的右侧，所以A错误；

B；由牛顿第二定律可知；电荷受力的方向和加速度的方向是相同的，所以B正确；

C、正电荷在从a到b的过程中，电场力做负功，所以电荷的电势能增加，所以电荷在a点的动能较大，在b点的电势能较大；所以C正确；

D、电荷从a到b再到c的过程中；电场力先做负功，后做正功，但是a点和c点的电势的大小不知道，所以电场力做的总功不一定为零，所以D错误．

故选BC．

【解析】【答案】电场线是从正电荷或者无穷远出发出；到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．

2、A【分析】解：在匀强电场中，根据U=Ed知，沿电场方向相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有φA-φB=φD-φC

解得φD=φA-φB+φC=1V-4V+0V=-3V

故选：A

在匀强电场中；在电场方向前进相同的距离，电势差相等，结合平行四边形的特点分析．

本题的技巧是由匀强电场中沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，得到φA-φD=φB-φC．【解析】【答案】A3、D【分析】解：A、氢原子从较高的激发态跃迁到较低的激发态时，能量减小，电子的轨道半径减小，根据知电子的动能增大，所以电势能减小．故A错误．

B；α射线是原子核发出的一种氦核流；在α、β、γ三种射线中电离能力最强，穿透能力最弱．故B错误．

C；原子核反应过程中的质量亏损现象不违背了能量守恒定律；质量亏损以能量的形式释放出来．故C错误．

D；半衰期的大小与温度无关．故D正确．

故选D．

A；通过轨道半径的变化；运用库仑引力提供向心力，判断电子动能的变化，根据能量的变化判断电势能的变化．

B；α、β、γ三种射线中；α射线的电离能力最强，穿透能力最弱．

C；质量亏损以能量的形式释放出来；不违背能量守恒定律．

D；半衰期的大小与所处的物理环境和化学状态无关；由原子核内部因素决定．

解决本题的关键掌握氢原子的能级跃迁以及半衰期的概念，知道α、β、γ三种射线的电离能力和穿透能力强弱．【解析】【答案】D4、B【分析】【分析】本题是电磁感应现象中的图像问题，根据切割类，用右手定则先判断感应电流的方向，并根据E=BLv

判断感应电动势的大小，再结合闭合电路欧姆定律判断感应电流的大小。本题是电磁感应现象中的图像问题和右手定则，闭合电路欧姆定律的综合题目。【解答】AC.

开始时bc

边进入磁场切割磁感线；根据右手定则可知，电流方向为逆时针，即为负方向，故AC错误；

D.当bc

边开始出磁场时；回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针，方向为正方向，故D错误；

B.电流方向为逆时针；后顺时针，并都逐渐增大，故B正确。

故选B。【解析】B

5、B【分析】解：A

按照电流的定义I=qt

计算电荷量q

应该用电流的平均值，即为：q=I炉t

而I炉=E炉R+r=n鈻�鈱�t(R+r)=nBSt(R+r)

故通过R

的电荷量为：q=nBSR+r

故A错误，B正确。

C；求电热应该用有效值；先求总电热Q

再按照内外电阻之比求R

上产生的电热QR

总电热为：Q=I2(R+r)t=E2R+r鈰�娄脨2蠅=(nBS娄脴)2娄脨2(R+r)2蠅=娄脨娄脴n2B2S24(R+r)

R

上产生电热为：QR=RR+rQ=娄脨娄脴n2B2S2R4(R+r)2

故CD错误。

故选：B

(1)

按照电流的定义I=qt

计算电荷量q

应该用电流的平均值。

(2)

求电热应该用有效值；先求总电热Q

再按照内外电阻之比求R

上产生的电热QR.

这里的电流必须要用有效值。

本题要求知道：计算电荷量q

应该用电流的平均值；求电热应该用有效值。同时一定要学会用能量转化和守恒定律来分析功和能。【解析】B

6、B【分析】解：AB

根据右手螺旋定则；知直导线下方的磁场方向垂直纸面向里，线框由静止释放，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律知，感应电流的方向为顺时针方向，即方向保持不变.

故A错误，B正确．

C；根据左手定则；上边所受的安培力方向向上，下边所受的安培力方向向下，由于上边所处的磁场强，所以上边所受的安培力大小大于下边所受的安培力大小，所以线框所受安培力的合力方向竖直向上.

故C错误．

D；在下降的过程中；除重力做功以外，有安培力做功，所以线框的机械能不守恒，即减小.

故D错误．

故选B．

根据右手螺旋定则判断出直导线周围的磁场方向；离导线越远，磁场越弱，根据楞次定律判断感应电流的方向，再通过左手定则判断线框所受的安培力的合力方向．

解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及知道机械能守恒的条件．【解析】B

7、D【分析】【分析】本题考查显性性状和隐性性状的判断，意在考查学生对相关知识的理解和应用能力。不同性状的亲本杂交，F1未表现出来的性状叫隐性性状，F1表现出来的性状叫显性性状。相同性状的亲本杂交；后代中新出现的性状是隐性性状。

【解答】A.紫花×紫花→紫花，不能判断，A错误；B.紫花×白花→98紫花+102白花，不能判断性，B错误；

C.白花×白花→白花，不能判断，C错误；D.紫花×紫花→301紫花＋110白花，紫花为显性，D正确。故选D。【解析】D8、D【分析】解：A

欧姆做了大量的实验精确的确定了电流与电压、电阻的关系--欧姆定律；发现导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比.

故A正确；

B；安培通过大量的实验研究；发现了电流产生的磁场方向跟电流方向之间的关系；故B正确；

C；洛伦兹通过研究磁场对其中的运动电荷的磁力；总结出该磁力跟磁场、电荷的带电量和速度之间的关系；从而提出了洛伦兹力.

故C正确；

D；法拉第发现了电磁感应现象；但纽曼通过实验得出结论：闭合回路中产生的感应电动势的大小跟穿过闭合回路的磁通量变化率有关；故D错误；

本题选错误的；故选：D

．

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可.

特别注意法拉第的贡献在于发现了电磁感应现象．

本题考查电磁学中各物理学家的主要贡献，要注意准确掌握，不能张冠李戴而导致出错．【解析】D

二、多选题(共8题，共16分)9、AD【分析】解：A；斜抛的石块抛出后的运动；只有重力做功，机械能守恒，故A正确；

B；子弹射穿木块时有阻力做功；机械能不守恒，故B错误；

C；物块沿斜面匀速下滑；受到摩擦力做功，故机械能不守恒，故C错误；

D；物体沿光滑圆弧面从下向上运动；只有重力做功，机械能守恒，故D正确。

故选：AD

分析物体机械能是否守恒应该按照机械能守恒的条件来判断；即在只有重力或弹力对物体做功的条件下（或者不受其他外力的作用下），物体的动能和势能（包括重力势能和弹性势能）发生相互转化，但机械能的总量保持不变．

熟练掌握并灵活应用机械能守恒条件即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题【解析】【答案】AD10、BC【分析】解：A、公式E=是电场强度的定义式；运用比值法定义，E与F；q无关，故A错误．

B、公式E=k是点电荷场强的计算式，Q是场源电荷，则知点电荷电场中某点的电场强度与点电荷的电量Q成正比，与该点到点电荷的距离r的平方成反比．故B正确．

C；根据公式F=qE可知；电场力由场强和电荷量共同决定，点电荷q所受电场力与其带电量成正比，与其所在处的电场强度成正比．故C正确．

D；电场强度是矢量；电场中某点的电场强度的方向就是正电荷在那点的受力方向，而电场强度与负电荷在那点的受力方向相反，故D错误．

故选：BC．

公式E=是电场强度的定义式，根据比值法定义的共性进行分析．公式E=k是点电荷场强的计算式；Q是场源电荷．由公式F=qE分析电场力与场强的关系．电场中某点的电场强度的方向就是正电荷在那点的受力方向．

本题关键要正确理解场强的两大公式：电场强度的定义式E=和点电荷场强的计算式E=k要准确理解公式中各个量的含义和公式的适用条件．【解析】【答案】BC11、ABD【分析】解：A

当线框进入磁场时；位移在0鈭�L

内，磁通量开始均匀增加，当全部进入左侧磁场时达最大，且为负值；位移在L鈭�2L

内，向里的磁通量增加，总磁通量均匀减小；当位移为1.5L

时，磁通量最小，为零，位移在1.5L

到2L

时，磁通量向里，为正值，且均匀增大。位移在2L鈭�2.5L

时，磁通量均匀减小至零。在2.5L鈭�3L

内，磁通量均匀增大，且方向向外，为负值。在3L鈭�4L

内，磁通量均匀减小至零，且为负值。故A正确；

B；当线圈进入第一个磁场时；由E=BLv

可知，E

保持不变，由右手定则知，感应电动势沿逆时针方向，为正值；线框开始进入第二个和第三个磁场时，左右两边同时切割磁感线，感应电动势应为2BLv

感应电动势沿逆时针方向，为正值；完全在第三个磁场中运动时，左边切割磁感线，感应电动势为BLv

感应电动势沿逆时针方向，为正值；故B正确；

C；因安培力总是与运动方向相反；故拉力应一直向右，故C错误；

D；拉力的功率P=Fv

因速度不变，而在线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时，由B

的分析可知，电流加倍，故安培力加培，外力加倍，而功率变为原来的4

倍；此后从第二个磁场中离开时，安培力应等于线框在第一个磁场中的安培力，故D正确；

故选：ABD

由线圈的运动可得出线圈中磁通量的变化；由则由法拉第电磁感应定律及E=BLV

可得出电动势的变化；由欧姆定律可求得电路中的电流；则可求得安培力的变化；由P=I2R

可求得电功率的变化．

在解答图象问题时要灵活解法，常常先运用排除法，再根据物理规律得到解析式等进行解答．【解析】ABD

12、ABC【分析】解：A

摩尔体积是1mol

分子的体积，故NA=VV鈥�

故A正确；

B、摩尔质量等于密度乘以摩尔体积，故M=娄脩V

则：V=M蟻

故B正确，D错误；

C、m

表示水分子质量，M

表示摩尔质量，NA

表示阿伏伽德罗常数，则m=MNA

故C正确；

故选：ABC

1mol

任何物体的分子个数都是相同的；固体与液体间的分子间隙较小；可以忽略不计；摩尔质量等于密度乘以摩尔体积．

本题关键明确阿佛加德罗常数的物理意义，明确摩尔质量等于摩尔体积与密度的乘积．【解析】ABC

13、ACD【分析】解：AB、加速电压的周期等于粒子在磁场中运动的周期，即T=

那么交流电压的频率f=故A正确，B错误；

C、根据qvB=m解得v=带电粒子射出时的动能EK=mv2=故C正确；

D、经加速电场加速qnU=

解得：n=故D正确；

故选：ACD。

依据加速电压的周期等于粒子在磁场中运动的周期；及磁场中周期公式，即可判定；

依据洛伦兹力提供向心力；结合金属盒的半径，确定最大速度之比，再根据动能表达式，求解最大动能；

根据动能定理；结合最大动能，即可求解。

考查带电粒子在电场和磁场中运动，掌握磁场中运动的半径与周期公式，理解加速电压的周期等于粒子在磁场中运动的周期的缘由。【解析】ACD14、AB【分析】解：A；若△t=T；由简谐振动的周期性可知，t时刻和（t+△t）时刻振子运动的各物理量都相同，所以加速度一定大小相等．故A正确．

B、若△t=在t时刻和（t+△t）时刻振子的位置一定关于平衡位置是对称点，弹簧沿水平方向做简谐振动，所以受到的弹簧的弹力的大小运动相等，所以两个时刻弹簧的形变量一定相等．故B正确．

C、若t时刻和（t+△t）时刻振子运动位移的大小相等，方向相反；振子可能以相等的速度经过两点，也可能以方向相反飞速度经过两点，所以则△t不一定等于的奇数倍．故C错误．

D、若t时刻和（t+△t）时刻振子运动速度的大小相等、方向相反，可能振子经过同一点，也可能经过关于平衡位置对称的两位置，△t不一定等于的整数倍．故D错误．

故选：AB

弹簧振子做简谐运动，两个时刻位移相同，△t不一定等于T的整数倍．只有当位移、速度都相同时，△t才等于T的整数倍．振子运动速度的大小相等、方向相反，△t一定等于的整数倍．经过整数倍周期，加速度一定相同．经过△t=弹簧的长度不一定相等．

本题考查对简谐运动物理量及其变化的理解程度，可通过过程分析理解掌握．简谐运动中速度与加速度的大小变化情况是相反．也可以作出振动图象进行分析．【解析】【答案】AB15、AD【分析】解：A

升压变压器T1

的输出电压等于2000V

而输入电压为400V

由电压之比等于匝数之比，则有变压器T1

的匝数比n1n2=15

选项A正确；

B、输出的电功率为P0=20kW

而升压变压器T1

变为2000V

电压远距离输送，所以根据I=PU

可知输电线上的电流为I=20隆脕1032000A=10A

所以选项B错误；

C；根据P脣冒=I2R=102隆脕10W=1000W

所以选项C错误；

D、降压变压器T2

的输入电压等于升压变压器的输出电压减去导线损失的电压，即为U隆盲=2000V鈭�10隆脕10V=1900V

根据U3U4=n3n4

则有变压器T2

的匝数比n3n4=1900220=9511

所以选项D正确．

故选：AD

．

根据电压与匝数成正比；电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小．

掌握住理想变压器的电压与匝数之间的关系，理解导线上损失的电压与导线两端输送的电压区别，掌握理想变压器的输入与输出功率不变的关系即可解决本题．【解析】AD

16、BC【分析】解：A、当导体棒ab刚获得速度v0时，导体棒cd还没开始运动，此时导体棒ab产生的感应电动势为：E=BLv0，回路中的感应电流为：I=故此时导体棒ab受到的安培力大小为F=BIL，以上各式联立可解得：F=故A错误；

B、从开始到两导体棒达到共同速度的过程中，两棒的总动量守恒，则可得：mv0=2mv

解得其共同速度为：v=故B正确；

C、由能量守恒定律得，整个运动过程中产生的总热量为：Q=mv02-•2mv2

整理可得：Q=mv02；故C正确；

D、设导体棒ab的速度变为初速度的时，导体棒cd的速度大小为v1，则由动量守恒定律可得：mv0=m•v0+mv1

此时回路中的感应电动势为：E'=BL（v0-v1）

感应电流为：I'=

此时导体棒cd受到的安培力为：F'=BI'L

所以导体棒cd的加速度大小为：a=

联立以上各式可解得：a=故D错误。

故选：BC。

开始时cd棒静止，只对ab棒分析；由E=BLv和闭合电路欧姆定律求出电流，从而求出其受到的安培力大小；

本题中两根导体棒的运动情况：ab棒向cd棒运动时，两棒和导轨构成的回路面积变小，磁通量发生变化，于是产生感应电流。ab棒受到的与运动方向相反的安培力作用作减速运动，cd棒则在安培力作用下作加速运动。在ab棒的速度大于cd棒的速度时，回路总有感应电流，ab棒继续减速；cd棒继续加速，两棒速度达到相同后，回路面积保持不变，磁通量不变化，不产生感应电流，两棒以相同的速度v作匀速运动，由于平行金属导轨位于同一水平面且两棒均可沿导轨无摩擦地滑行，故由两棒组成的系统所受的合外力为零，系统动量守恒；再根据能量守恒定律，求解棒中产生的热量，由牛顿第二定律确定加速度大小。

本题是动量守恒定律、牛顿第二定律及能量守恒定律在电磁感应现象中的应用问题，分析两棒组成的系统在运动过程中是不是合外力为零或者内力远大于外力的系统总动量守恒的条件，从而为确定两棒最后的末速度找到解决途径是关键，之后分析这类电磁感应现象中的能量转化较易：系统减少的动能转化为回路的焦耳热。【解析】BC三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】当线框以ab为轴顺时针转过90°的过程中，穿过abcd的磁通量的变化量ΔΦ=这一过程中通过导线的电荷量为【解析】【答案】18、略

【分析】试题分析：因为带负电的点电荷，由a到b时动能减小，所以电势能增大，所以a点电势高与b点；设1等势面电势为2U,则4等势面电势为-U,根据能量关系则解得Uq=7eV,电荷的总能量为12eV,所以当这一点电荷电势能变为+5eV，则它的动能应为7eV.考点：等势面；电场中的能量守恒。【解析】【答案】719、略

【分析】解：由图看出；EF

两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，而OF

两点比较，O

点场强最强；根据对称性看出，BC

两处电场线疏密程度相同，则BC

两点场强大小相同.

由图看出，BOC

三点比较，O

点场强最小.

所以FOC

三点比较，c

点场强最强．

由图可知；BOC

三点场强的方向均由B隆煤CB

点的电势最高.

而EOF

的连线垂直于等量异种点电荷的连线，该直线上各点的电势是相等的，所以BEC

三点比较B

点电势最高．

故答案为：CB

根据电场线的疏密判断场强的大小；电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小.

根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系.

等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．

对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆．【解析】CB

20、略

【分析】【解析】试题分析：由安培力公式F=BIL可知磁感强度是磁场本身的性质，与放置的电流和所受安培力大小无关考点：考查磁感强度【解析】【答案】0.01，0.0121、0.10.391.8【分析】【分析】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用平均速度的定义可以求出两点之间的平均速度，利用匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出某点的瞬时速度，根据逐差法可以得出加速度。本题比较简单，考查了有关纸带处理的基本知识，平时要加强基础实验的实际操作，提高操作技能和数据处理能力，要注意单位的换算和有效数字的保留。【解答】每隔五个打印点取一个计数点，所以23

两计数点间的时间间隔为0.1s

小车在24

之间的平均速度为3

时的瞬时速度：v3=x242T=0.048+0.030.2=0.39m/s

根据鈻�x=aT2

解得：a=?xT2=X4鈭�X3T2=0.048鈭�0.0300.01=1.8m/s2

．故答案为：0.10.391.8

【解析】0.10.391.8

22、氮气恰好被完全吸收，荧光屏上观察不到闪光42He+147N→11H+178O

【分析】【分析】卢瑟福用娄脕

粒子轰击氮核发现质子；并首次实现原子核的人工转变；

卢瑟福用娄脕

粒子轰击氮核发现质子并首次实现原子核的人工转变在历史上有着重要意义；要了解实验和该核反应方程。

解：该装置是卢瑟福第一次完成了原子核的人工转变并发现了质子的实验装置；图中气体B

是氮气；

银箔的厚度是使从AA射出娄脕娄脕粒子恰好被完全吸收，荧光屏上观察不到闪光；

核反应方程为4

22He+14

77N隆煤1

11H+17

88O

；可知使荧光屏出现闪光的粒子是质子.

故答案为：氮气恰好被完全吸收；荧光屏上观察不到闪光24He+714N隆煤11H+817O

【解析】氮气恰好被完全吸收，荧光屏上观察不到闪光4

22He+14

77N隆煤1

11H+17

88O

23、1：11：21：2【分析】解：根据电阻定律得Ra：Rb=1：2；

根据法拉第电磁感应定律E=BLv得线框电动势之比Ea：Eb=1：2；

两线框中的电流之比

由于线框匀速运动，拉力和安培力平衡，故

根据通过的铜丝横截面的电量之比=

故答案为：1：1；1：2；1：2；

根据感应电动势公式；电阻定律、闭合电路欧姆定律研究电流关系；根据安培力和拉力平衡推导拉力关系；根据电荷量的推论公式研究电荷量关系；

本题综合了感应电动势、焦耳定律、电阻定律，关键根据电荷量的推论公式，运用比例法进行分析。【解析】1：11：21：2四、判断题(共3题，共21分)24、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．25、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．26、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．五、推断题(共2题，共10分)27、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度不大，注意结合乙醇、氯代烃的性质进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，有利于基础知识的巩固。【解答】rm{(1)}乙醇与氧化铜加热反应生成rm{A}rm{A}为乙醛，甲苯在光照条件下与氯气反应生成rm{B}rm{B}为故答案为：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式分别为：的化学方程式分别为：rm{垄脷}rm{垄脼}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反应rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯与水发生加成反应，反应rm{(3)}是乙醇发生氧化反应生成乙醛，反应rm{垄脵}是乙醛发生氧化反应生成乙酸，反应rm{垄脷}是甲苯与氯气发生取代反应，反应rm{垄脹}是rm{垄脺}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成苯甲醇，属于取代反应，rm{垄脻}乙酸与苯甲醇发生酯化反应生成乙酸苯甲酯，属于取代反应；故答案为：rm{B}

rm{垄脼}反应rm{垄脺垄脻垄脼}乙烯与水发生加成反应生成乙醇，反应rm{(4)}乙醛发生氧化反应生成乙酸，符合原子利用率rm{垄脵}故答案为：rm{垄脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)垄脺垄脻垄脼}28、（1）CaNA（2）水分子之间形成氢键（3）F＞N＞O（4）（5）三角锥形sp3杂化（6）【分析】【分析】本题考查了物质的结构与性质。需要学生的识记和理解，多做有助于快速判断。【解答】rm{A}基态原子rm{2p}能级有rm{3}个单电子，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}则rm{A}为rm{N}元素；rm{