2025年仁爱科普版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、为固定在x轴上的两个点电荷，在坐标原点O，在x轴上的e点，e点横坐标为x轴上部分区间的电势分布如图所示，其中b点处电势最高；切线水平，则（）

A.带负电，带正电B.b点的横坐标为C.a点场强小于c点场强D.电子从a点自由释放，电子将在x轴上往复运动2、如图甲所示，直线上固定两个正点电荷A与B，其中B带＋Q的电荷量，C、D两点将AB连线三等分，现有一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子所受的重力，并且已知该粒子在C、D间运动的速度v与时间t的关系图象如图乙所示，则A点电荷的带电荷量可能是()

A.＋5QB.＋3QC.＋2QD.＋Q3、一正电荷在电场中仅受电场力作用，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如图所示，tA、tB分别对应电荷在A、B两点的时刻；则下列说法中正确的是（）

A.A处的场强一定小于B处的场强B.A处的电势一定低于B处的电势C.电荷在A处的电势能一定大于在B处的电势能D.从A到B的过程中，电场力对电荷做正功4、真空中有一静电场，其在轴正半轴的电势随变化的关系如图所示；则下列说法正确的是（）

A.处的电场强度为零B.若试探电荷从处移到处，电场力不一定做正功C.处与处的电场强度方向相反D.该电场有可能是处在点的正点电荷激发产生的5、用绝缘柱支撑且彼此接触的导体A和B起初不带电；贴在下部的两片金属箔闭合。如图所示，把带正电荷的带电体C移近导体A，导体A；B下部的金属箔都会张开。下列说法正确的是（）

A.导体A所带的电荷量小于导体B所带的电荷量B.导体A所带的电荷量大于导体B所带的电荷量C.导体A下部的金属箔带负电，导体B下部的金属箔带正电D.导体A下部的金属箔带正电，导体B下部的金属箔带负电6、如图所示，电场中的一簇电场线关于y轴对称分布，O点是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，下列说法正确的是（）

A.P点场强可能等于Q点场强B.P点电势可能等于Q点电势C.电荷在N点的电势能可能小于在M点的电势能D.电荷从N运动到O电场力做的功等于从O到M电场力做的功7、“类比法”是一种常用的研究方法.我们知道“做直线运动的物体，可以由v-t(速度一时间)图线和横轴围成的面积求出对应过程的位移”.下列据此类比分析得出的结论，其中正确的是A.由F-t(力-时间)图线和横轴围成的面积可以求出对应时间内力F做的功B.由-x(电势-位移)图线和横轴围成的面积可求出对应位移内的电场力做的功C.由I-t(电流-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内通过某个元件的电荷量D.由U-I(电压-电流)图线和横轴围成的面积可求出电流为I时对应元件的电阻8、图为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中是电池；和是固定电阻，是可变电阻；表头的满偏电流为内阻为虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压挡和挡，直流电流挡和挡，欧姆挡。下列说法正确的是（）

A.图中的端与红色表笔相连接B.在使用多用电表之前，调整使电表指针指在表盘左端电流“0”位置C.使用电流挡时，调整使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置D.根据题给条件可得9、如图所示，匝数为N、面积为S的闭合线圈abcd水平放置，与磁感应强度为B的匀强磁场夹角为45°。现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°；则（）

A.整个过程中线圈中未产生感应电流B.线圈水平放置时的磁通量为C.整个过程中线圈中的磁通量始终不为0D.整个过程中线圈的磁通量变化量为评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，其中电流表的量程为0~0.2A，内阻为5Ω，R1的阻值为2.5Ω；R2的阻值为10Ω。下列分析正确的是（）

A.将接线柱1、3接入电路时，新电压表的量程为0~6VB.将接线柱1、3接入电路时，新电压表的量程为0~7VC.将接线柱1、2接入电路时，新电流表的量程为0~0.4AD.将接线柱1、2接入电路时，新电流表的量程为0~0.6A11、两根平行且相距L的长、细导线分别通有大小相等、方向相反的电流，横截面如图所示．在两导线的连线及延长线上有a、b、c三点，b为两直导线连线的中点，a、c与导线的距离均为，则

A.b点磁感应强度的方向垂直a、c连线向下B.c点磁感应强度的大小为0C.a点和b点的磁感应强度的方向相同D.a点和c点的磁感应强度相同12、在某形状不规则的带电体周围的电场中有一定点A，当把一个电荷量为的试探电荷从无穷远处移到电场中的A点时，试探电荷克服电场力做功，则下列说法正确的是（）A.试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点，试探电荷的电势能增大B.试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点，试探电荷的电势能减小C.A点的电势大于0D.A点的电势小于013、如图所示，ABCD为一正四面体，A点固定一个电荷量为+Q的点电荷，B点固定一个电荷量为-Q的点电荷，E点为BC边的中点（图中未画出）；以无穷远处电势为0。则下列说法中正确的是。

A.C、D两点的电场强度相同B.将一正电荷从C点移到E点，其电势能增加C.将一点电荷沿直线从D点移到C点，电场力始终不做功D.若在C点固定一电量为-Q的点电荷，则E点的电场强度指向A点14、如图所示，为水平圆周上的四个点，为竖直圆周上的四个点，其中与交于圆心且相互垂直，与交于圆心且相互垂直，两个圆的半径均为在点放置一个电荷量为的点电荷，在点放置一个电荷量为的点电荷。在两点电荷产生的电场中（）

A.点电势高于点电势B.一个正电荷在点受到的电场力方向沿直径指向点C.将一个正电荷从点附近沿半径移动到点后再沿半径移动到点，该电荷电势能先减小后不变D.将一个正电荷沿连线由移到该电荷受到的电场力先增大后减小15、电荷量为Q1和Q2的两点电荷分别固定在x轴上的O、C两点，规定无穷远处电势为零，x轴上各点电势随x的变化关系如图所示．则。

A.Q1的电荷量小于Q2的电荷量B.G点处电场强度的方向沿x轴负方向C.将一带负电的试探电荷自G点静止释放，仅在电场力作用下一定能到达D点D.将一带负电的试探电荷从D点移到J点，电场力先做正功后做负功16、空间存在如图所示的静电场，a、b、c、d为电场中的四个点；则（）

A.a点的场强比b点的大B.d点的电势比c点的低C.质子在d点的电势能比在c点的小D.将电子从a点移动到b点，电场力做正功17、下列四幅图的有关说法中正确的是（）

A.甲图中，球m1以速度v碰静止球m2，若两球质量相等，碰后m2的速度一定为vB.乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大C.丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成D.丁链式反应属于重核的裂变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、如图所示，带电荷量分别为q1、q2的粒子，以相同的初速度从P点沿垂直于场强方向射入平行板间的匀强电场中，分别落在下极板上的A、B两点，若AB＝OA，q1＝3q2，不计重力，则两个粒子质量之比为________，两个粒子进入电场之后的动能增量之比为________．

19、电荷守恒定律。

（1）电荷守恒定律表述：电荷既不会____________，也不会____________，它只能从一个物体转移到____________，或者从物体的一部分转移到____________；在转移过程中，电荷的____________保持不变。

（2）电荷守恒定律的另一表述是：一个与外界没有电荷交换的系统，____________保持不变。20、将带电量为的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了的功，则A、B两点间的电势差______V；若令A点的电势能为零，则该电荷在B点的电势能为______J。21、如图所示为电容式位移传感器的示意图，物体沿左右方向运动时，电容将发生变化。如果实验测量出电容器的电容变小，那么被测物体向_________运动（填写“左”或“右”）；已知该传感器的灵敏度定义为电容器电容变化量的大小与物体位置坐标变化量大小之比，如果把图中的电介质板换成介电常数更大的材料，当物体沿左右方向运动时，传感器的灵敏度________（填写“变大”；“不变”或“变小”）。

22、如图所示，电源电压一定时，已知灯泡L标有“6V7.2W”字样（灯丝电阻不受温度影响），R2=10Ω。当S、S1闭合，且滑片P在a端时，灯正常发光；当S、S2闭合，且P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A，灯泡L的阻值为_______Ω。通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器，可使电路消耗的总功率最小，电路总功率的最小值为_______。

23、安培定则。

（1）直线电流的磁场：右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与______方向一致，弯曲的四指所指的方向就是______环绕的方向；如图甲。

（2）环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上______的方向；如图乙。

（3）通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺线管______磁感线的方向，或拇指指向螺线管的______极；如图丙。

评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

25、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

27、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、解答题(共3题，共18分)28、将一个满偏电流为Ig＝100A，内阻rg＝100的灵敏电流表改装为欧姆表，滑动变阻器电阻最大值R＝20k电源电动势E＝1.5V，内阻r未知．求：

（1）电流表的0处和满偏电流处刻上多大电阻值？中间刻度处应刻上多大电阻值？

（2）在表上满偏电流的和处应刻上多大电阻值？

（3）请将上面的结果在图中相应位置标上电阻值；并说明欧姆表的刻度与电流表刻度相比有什么特点？

29、如图所示，质量m1=1kg的木板静止在倾角θ=37°足够长、固定的光滑斜面上，木板下端上表面与半径R=2m的固定光滑圆弧轨道在A点相切，圆弧轨道最高点D与圆心O等高，C为最低点。OC右侧区域有竖直向上的匀强电场，电场强度E=2×103N/C，电荷量q=-0.01C、质量m2=1.95kg的小滑块静止在长木板顶端，现有一颗质量m0=0.05kg的子弹以v0=240m/s的速度击中滑块并留在其中，运动过程中小滑块恰好不从木板上端滑出且电量不变，已知小滑块和木板之间的动摩擦因数μ=0.75，sin37°=0.6，重力加速度g=10m/s2求：

（1）小滑块下滑到长木板底端时的速度；

（2）小滑块第一次经过C点时对轨道的压力；

（3）从开始运动到小滑块第一次返回斜面到达最高点的过程中；小滑块与木板间摩擦产生的热量。

30、构建理想化模型；是处理物理问题常见的方法．

（1）在研究平行板电容器的相关问题时，我们是从研究理想化模型——无限大带电平面开始的．真空中无限大带电平面的电场是匀强电场，电场强度为E0=其中k是静电力常量，σ为电荷分布在平面上的面密度，单位为C/m2．如图1所示，无限大平面带正电，电场指向两侧．若带负电则电场指向中央（图中未画出）．在实际问题中，当两块相同的带等量异种电荷的较大金属板相距很近时，其中间区域，可以看作是两个无限大带电平面所产生的匀强电场叠加；如果再忽略边缘效应，平行板电容器两板间的电场就可以看作是匀强电场，如图2所示．已知平行板电容器所带电量为Q，极板面积为S，板间距为d；求：

a.两极板间电场强度的大小E；

b.请根据电容的定义式，求出在真空中，该平行板电容器的电容C；

c.求解图2中左极板所受电场力的大小F．

（提示：因为带电左极板的存在已经影响到带电右极板单独存在时空间场强的分布，所以不能使用a问中计算出的场强；而是应该将电场强度“还原”到原来右极板单独存在时，在左极板所在位置产生的电场强度．）

（2）根据以上思路，请求解真空中均匀带电球面（理想化模型，没有厚度）上某微小面元所受电场力．如图3所示，已知球面半径为R，所带电量为Q，该微小面元的面积为∆S，带电球面在空间的电场强度分布为其中r为空间某点到球心O的距离．

（提示：“无限大”是相对的，在实际研究中，只要被研究点距离带电面足够近，就可认为该带电面为无限大带电平面）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

A．由图像的斜率的绝对值表示场强的大小，b点处电势最大，切线水平，根据

可得b点处电场强度是0，根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可知O、b之间场强方向向左，b、c之间场强方向向右，则带正电，带负电；选项A错误；

B．由点电荷电场强度公式，则有

解得

选项B正确；

C．在图中，a点斜率大于c点斜率，a点场强大于c点场强；选项C错误；

D．电子从a点自由释放，电子从a到b做加速运动，从b到无穷远处做减速运动，不会在x轴上往复运动；选项D错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

由v－t图象可知该粒子在两正电荷A、B的作用下做加速度逐渐减小的减速运动，故点电荷A对其的库仑引力大于点电荷B对其的库仑引力，根据库仑定律，在D点k>k

即QA>4Q

故选项A正确；B；C、D错误．

故选A。3、B【分析】【详解】

A、由图象知A处的加速度大于B处的加速度，A处的场强一定大于B处的场强；A错；

B、根据电荷的电性，能判断电场线的方向，也就判断电势的高低，即A处的电势一定低于B处的电势知B正确；

CD、由功能关系及动能和电势能之和守恒，C、D错．4、B【分析】【详解】

A．图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；R处切线的斜率不为零；电场强度不为零，A错误；

B．若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式如果是正电荷，电场力做正功；如果是负电荷，电场力做负功，B正确；

C．x1处与x2处的切线斜率同为负值，处与处的电场强度方向相同；C错误；

D．离点电荷越远，电场强度越小，故图象的斜率越小；而在O点向右有一段，切线斜率变大，故该电场不可能是处在O点的正点电荷激发产生的；D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

CD．根据静电感应原理；导体A下部的金属箔带负电，导体B下部的金属箔带正电，故C正确，D错误；

AB．根据静电感应；导体A所带的负电荷与B所带正电荷量大小相同，故AB错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

A．电场线的疏密表示电场的强弱，根据电场分布可知，P点场强的大小小于Q点的场强；A错误；

B．根据电场线与等势线垂直特点，在P点所在电场线上找到Q点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，Q点的电势比P点的电势高；B错误；

C．结合电场线与等势线垂直特点可知，N点电势高于M点，根据

可知，负电荷在M点时的电势能大于在N点时的电势能；C正确；

D．根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度小，故由公式

可知，OM间的电势差小于NO间的电势差，根据

可得正电荷从N到O过程中电场力做的功大于从O到M过程中电场力做的功；D错误；

故选C。7、C【分析】【分析】

在x-y坐标系中，图线和横轴围成的面积为：将x-y换成具体的物理量分析即可得出结论；

【详解】

A、根据可知；由F-t(力-时间)图线和横轴围成的面积可以求出对应时间内力F的冲量，故A错误；

B、-x(电势-位移)图线和横轴围成的面积没有物理意义；由F-x(电场力-位移)图线和横轴围成的面积可求出对应位移内的电场力做的功，故B错误；

C、根据可得由I-t(电流-时间)图线和横轴围成的面积可求出对应时间内通过某个元件的电荷量；故C正确；

D、由U-I（电压-电流）图线，根据P=UI可知U与I的坐标值的乘积求出对应电流做功的功率，根据可知U与I的坐标值的比值求出可求出电流为I时对应元件的电阻；故D错误；

故选C．

【点睛】

关键明确在x-y坐标系中，图线和横轴围成的面积为：可以根据此方法求解力的冲量、通过某个元件的电荷量等．8、D【分析】【详解】

A．根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”，故端与红黑色表笔相连接；选项A错误；

BC．由电路图可知，只在测量电阻时才接入电路；故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流挡时也不需要实行调节，选项BC错误；

D．直流电流挡分为1mA和2.5mA，由图可知，当接2时应为1mA；根据串并联电路规律可知

总电阻

接4时，为电压挡，因串联的电阻较小，故应为量程1V的电压表；此时电流计与R1、R2并联后再与R4串联，即改装后的1mA电流表与R4串联后再改装成电压表；根据串联电路规律可知

选项D正确。

故选D。9、D【分析】【详解】

A．整个过程中线圈中穿过线圈的磁通量不断变化；线圈中一直产生感应电流，故A错误；

B．线圈水平放置时的磁通量为

故B错误；

C．只有当线圈平面与磁场方向平行时线圈中的磁通量才为0；故C错误；

D．设初位置时穿过线圈的磁通量为正，则初位置时

末位置时

则初、末位置磁通量的改变量的大小为

故D正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)10、B:D【分析】【分析】

【详解】

CD．当接上1、2时，是在电流表上并联一个定值电阻，所以是电流表，由于的阻值为电流表内阻的一半，所以扩大后的量程是原来的3倍，即为故C错误，D正确；

AB．接1、3时是给电流表串联一定值电阻，则是电压表，由于通过电流是电流表满偏电流的3倍，所以两端的电压是电流表满偏电压的6倍；而电流表的满偏电压是。

所以改装后的电压是故错误；B正确。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

根据右手定则可知，左边直导线在b点的磁场方向向下，右边直导线在b点的磁场方向也是向下的，由叠加原理可知，b点磁感应强度的方向垂直a、c连线向下，选项A正确；根据右手定则可知，左边直导线在c点的磁场方向向下，右边直导线在c点的磁场方向也是向上，但是右边直导线在c点的磁场强度大于左边直导线在c点的磁场强度，由叠加原理可知，c点磁感应强度大小不为0，选项B错误；由叠加原理可知，a点的磁场方向垂直ac向上，则a点和b点的磁感应强度的方向相反；选项C错误；根据对称性可知，a点和c点的磁感应强度大小和方向均相同，选项D正确；故选AD.

【点睛】

磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提．12、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点；试探电荷克服电场力做功，即电场力做负功，电势能增大，故A正确，B错误；

CD．根据

A点的电势大于0；故C正确，D错误；

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

A.由电线线的空间分布可知C、D两点的电场强度相同；

B.将正电荷从C点移到E点；电场力做正功，其电势能减小；

C.中C、D两点的连线均在同一等势面上；则移动点电荷时电场力始终不做功；

D.由电场强度的叠加原理可知E点的电场强度方向由A点指向E点。

故选AC。14、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由题可知，CDEF所在的圆面是线段AB的中垂面，A、B两点形成的电场为等量异种点电荷的电场，根据等量异种点电荷的电场的特点可知，该CDEF所在的圆面与电场线垂直，所以CDEF所在的圆面上各点的电势是相等的，C点的电势等于E点的电势；选项A错误；

B．CDEF所在的圆面与电场线垂直，所以一个正电荷q在E点受到的电场力方向与EF垂直；选项B错误；

C．根据等量异种点电荷的电场的特点可知，从A到O电场强度方向从A指向O，所以从A到O电势降低，正电荷的电势能减小；CDEF所在的圆面上各点的电势相等，所以将正电荷从O沿半径移动到E点；该电荷电势能不变，选项C正确；

D．根据等量异种点电荷的电场的特点可知，CD连线上O点的电场强度最大，从C经O到D的过程中电场强度先增大后减小，所以正电荷从C经O到D的过程中受到的电场力先增大后减小；选项D正确。

故选CD。15、B:D【分析】【详解】

A项：图像斜率表示场强大小，由图可知在H点的场强为零，即Q1和Q2两电荷在H的合场强为零，由公式可知，Q1的电荷量大于Q2的电荷量；故A错误；

B项：由图知B点的电势为零；由于沿着电场线电势降低，所以在B点边场强方向沿x轴正方向，在B点右边场强方向沿x轴负方向，故B正确；

C项：由在G点场强方向沿x轴向左；负电荷所受电场力向右，所以负电荷沿x轴向右运，故C错误；

D项：由图像可知从D点到J点电势先升高再降低，负电荷的电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，故D正确．16、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据电场线的疏密程度表示电场强度的大小，可知a点的电场线比b点的电场线更密，故a点的场强比b点的场强大；故A正确；

B．根据沿着电场线方向电势不断降低，可知d点的电势比c点的电势高；故B错误；

C．根据正电荷在电势越高的点，电势能越大，可知质子在d点的电势能比在c点的电势能大；故C错误；

D．由图可知，a点的电势低于b点的电势，而负电荷在电势越低的点电势能越大，故电子在a点的电势能高于在b点的电势能，所以将电子从a点移动到b点；电势能减小，故电场力做正功，故D正确。

故选AD。17、B:D【分析】【详解】

甲图中，两球碰撞过程中动量守恒，机械能不增加，如果两球质量相等，发生弹性碰撞，则碰撞后m2的速度等于v，若发生非弹性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A错误．乙图中，图中光的颜色保持不变的情况下，光照越强，光电子数目越多，则饱和光电流越大，故B正确；丙图中，由左手定则可知，甲带正电，则甲射线由α粒子组成．乙不带电，射线乙是γ射线，丙射线粒子带负电，则丙射线由电子组成，故C错误；丁图所示的链式反应属于重核裂变，故D正确；故选BD．三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【详解】

[1]设q1运动的时间为t1，q2运动的时间为t2．粒子在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，两粒子的初速度相等，设初速度为v0；

根据运动学公式：

可得时间：

所以有：

根据：

由以上各式联立得

[2]根据动能定理有：所以动能增量之比为：【解析】3∶43∶119、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.创生②.消灭③.另一个物体④.另一部分⑤.总量⑥.电荷的代数和20、略

【分析】【详解】

[1]负电荷从电场中的A点移动到B点，克服电场力做了的功，即电场力做功为

AB两点间的电势差为

[2]规定A点的电势能为零，从A点到B点，负电荷的电势能增加

可知B点的电势能为【解析】521、略

【分析】【详解】

[1]根据电容的决定式可知；若电容器的电容变小，一定是插入的电介质少了，所以被测物体向右移动。

[2]若换成更大介电常数的材料，移动相同距离时，电容的变化量一定较大，根据灵敏度的定义可知，灵敏度一定变大。【解析】右变大22、略

【分析】【详解】

［1］由电功率公式得

［2］当闭合，且滑片在端时，灯正常发光，可知电源电压与小灯泡的额定电压相等，即为

当闭合，且在滑动变阻器中点处时，定值电阻与滑动变阻器串联，此时滑动变阻器在电路的电阻为其最大电阻的倍，电流表示数为则滑动变阻器接入电路的电阻为

则滑动变阻器的最大电阻为

当闭合，打开，并将滑动变阻器的滑片移到最右端电路消耗的总功率最小，此时电路的总功率的最小值为【解析】50.72W23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]直线电流的磁场：右手握住导线；让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向，如图甲。

（2）[3][4]环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与环形电流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向，如图乙。

（3）[5][6][7]通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟电流方向一致，拇指所指的方向就是螺线管内部磁感线的方向，或拇指指向螺线管的N极，如图丙。【解析】①.电流②.磁感线③.环形电流④.磁感线⑤.电流⑥.内部⑦.N四、作图题(共4题，共20分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因