2025年粤教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理上册月考试卷646考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，将一圆面放入匀强磁场中，且与磁感线夹角为30°。若已知圆面面积为3.0×10-4m2，穿过该圆面的磁通量为3.0×10-5Wb，则此匀强磁场的磁感应强度B等于（）

A.2.0TB.2.0×10-1TC.1.0×10-1TD.5.0×10-2T2、如图所示，两个同心放置且共面的金属圆环，条形磁铁穿过圆心且与两环面垂直，通过两环的磁通量Φa、Φb比较；则（）

A.Φa>ΦbB.Φa=ΦbC.Φa＜ΦbD.不能确定3、如图为真空中两点电荷A、B形成的电场中的一簇电场线，该电场线关于虚线对称，O点为A、B点电荷连接的中点，a、b为其连线的中垂线上对称的两点；则下列说法正确的是（）

A.A、B可能带等量异号的正、负电荷B.A、B可能带等量的负电荷C.a、b两点处无电场线，故其电场强度为零D.同一试探电荷在a、b两点处所受电场力大小相等，方向相反4、如图所示，真空中两个等量带正电的点电荷分别固定P、Q两点，O为P、Q的中点，MO垂直P、Q连线上，a点位于P、Q连线上，b点位于连线的中垂线MO上；下列说法正确的是（）

A.若将一电子从a点由静止释放，则电子做往复运动B.若将一电子从b点由静止释放，则电子做往复运动C.若一质子从O点以某一初速度沿OM运动，质子可能回到原处D.若一质子从b点以某一初速度垂直纸面向里运动，质子可能回到原处5、如图所示，真空中两个等量异号的点电荷和分别位于A点和点，以连线中点O建立空间直角坐标系B、C、M、P是坐标轴上的4个点，其中下列说法正确的是（）

A.沿y轴从B点到C点电势先增大再减小B.B、M两点间的电势差与M、C两点间的电势差相等C.P点与O点的电场强度大小相等D.P点与M点的电场强度方向垂直6、如图所示，带电体系由一对带电荷量均为q的等量异种点电荷组成，已知两点电荷间的距离为l，P点为两电荷连线的中垂线上一点，P、O两点间的距离为r，且M和N分别为两点电荷延长线上关于中点O对称的两点；下列说法正确的是（）

A.M和N两点的场强大小相等，方向相反B.若取无穷远处电势为0，则M和N两点电势相同C.在P点由静止释放一电子，电子将沿两电荷连线的中垂线做往返运动D.P点场强的大小约为7、如图所示，x轴垂直穿过一个均匀分布着正电荷的圆环。且经过圆环的圆心O。关于x轴上的电场强度和电势；下列说法正确的是（）

A.O点的电势一定为零B.O点的电场强度一定为零C.从O点沿x轴正方向，电场强度一直减小，电势一直升高D.从O点沿x轴正方向，电场强度一直增大，电势一直降低8、如图所示，两个完全相同．互相垂直的导体圆环P．Q中间用绝缘细线连接，悬挂在天花板下，当P．Q中同时通有图示方向的电流时，关于两线圈的转动（从上向下看）以及细线中张力的变化，下列说法中正确的是（）

A.P、Q均不转动，细线张力不变B.P、Q都顺时针转动，细线张力减小C.P顺时针转动，Q逆时针转动，细线张力减小D.P逆时针转动，Q顺时针转动，细线张力增加9、如图所示为负电荷电场中的一条电场线，a、b为电场线上的两点．设a、b两点的场强大小分别为Ea、Eb，a、b两点的电势分别为a、b；则下列说法正确的是（）

A.Ea>Eb，a>bB.Ea<Eb，a>bC.Ea>Eb，a<bD.Ea=Eb，a>b评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、下图为直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电源电动势E=95V，电源内阻r=3Ω。当电动机以v=0.7m/s的恒定速率向上提升重物时，电路中的电流I=5A，不计各处摩擦和空气阻力，g=10m/s2；下列判断正确的是（）

A.电源的效率约为84%B.电动机的输出功率是350WC.电动机线圈的电阻为2ΩD.电动机两端的电压为95V11、如图所示的电路中；当滑动变阻器的触头P向上滑动时，则（）

A.电源的总功率变大B.电容器贮存的电荷量变大C.灯L1变暗D.灯L2变亮12、在如图所示的电路中，各电表均为理想电表，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。平行板电容器中带电微粒P处于静止状态。当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时；则（）

A.电流表读数减小，V1的示数减小B.微粒P将向下运动C.V2示数变大D.电容器所带的电荷量增加13、如图所示是某型号的家用电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成；该吹风机分为冷风和热风两挡，当打到热风挡时，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出。已知电吹风工作电压为220V，吹冷风时的功率为40W，吹热风时的功率为480W，电吹风正常工作时，下列说法正确的是（）

A.电热丝的电阻为110ΩB.打到热风挡时，只需要闭合开关打到冷风挡时，只需要闭合开关C.当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为440JD.若电动机内阻为484Ω，电动机正常工作时的机械效率为75%14、如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m的带电小球，以初速度v从M点竖直向上运动，通过N点时，速度大小为2v，方向与电场方向相反，则小球从M运动到N的过程（）

A.动能增加mv2B.机械能增加mv2C.重力势能增加mv2D.电势能减少2mv215、如图，质量为带电荷量为的质子（不计重力）在匀强电场中运动，先后经过水平虚线上两点时的速度大小分别为方向分别与成斜向上、斜向下，已知则（）

A.质子从A到B的运动为匀变速运动B.场强大小为C.质子从A点运动到B点所用的时间为D.质子的最小速度为16、如图所示，是边长为L的等边三角形，电荷量为的点电荷固定在A点，先将一电荷量也为的点电荷从无穷远处（电势为0）移到B点，此过程中电场力对做功为再将从B点沿BC移到C点并固定，最后将一电荷量为+3q的点电荷从无穷远处移到B点，已知静电力常量为下列说法正确的有（）

A.移入之前，B、C两点电势相等B.从B点移到C点的过程中，其电势能先增大后减小C.从无穷远处移到B点的过程中，电场力对做功为6WD.在B点所受电场力大小为17、如图所示，正点电荷2Q、Q分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点。点a、b在MN连线上，点c、d在MN中垂线上，它们都关于O点对称。则正确的是（）

A.O点的电势高于c点的电势B.a、b两点的电场强度相同C.电子在a点的电势能大于在b点的电势能D.将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做正功后做负功18、正切电流计是19世纪发明的一种仪器，它可以利用小磁针的偏转来测量电流。右图为其结构示意图，在一个竖直放置、半径为r、匝数为N的圆形线圈的圆心O处，放一个可以绕竖直轴在水平面内转动的小磁针（带有刻度盘）。线圈未通电流时，小磁针稳定后所指方向与地磁场水平分量的方向一致，调整线圈方位，使其与静止的小磁针在同小磁针同一竖直平面内。给线圈通上待测电流后，小磁针偏转了α角。已知仪器所在处地磁场的磁感应强度水平分量大小为Bc；已知环形线圈在环心处产生的磁场磁感应强度正比于电流强度，关于这个电流计，下列判断正确的是（）

A.线圈中电流强度越大，α角越大，α角与电流I成正比B.线圈中电流强度越大，α角越大，tanα与电流I成正比C.在地球上的不同地方测同样大小的电流，α角相同D.在地球上的不同地方测同样大小的电流，α角不同评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、雷达:

（1）雷达是利用______来测定物体位置的无线电设备。

（2）雷达既是电磁波的____端,又是电磁波的_____端。

（3）原理:雷达用直线性好的微波定位。无线电波的传播速度是c,测出从发射无线电波到接收反射波的时间t,就可以确定障碍物的距离L=。实际上,障碍物的距离等数据由电子电路自动计算并在荧光屏上显示。20、某同学改装电压表的电路图如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路。已知表头G满偏电流为200μA，表头上标记的内阻值为400Ω。R1、R2和R3是定值电阻。利用R1和表头构成1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为1V；若使用a、c两个接线柱，电压表的量程为3V。则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。

21、（1）能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体。______

（2）温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大。______

（3）微观粒子的能量只能是能量子的整数倍。______

（4）能量子的能量不是任意的，其大小与电磁波的频率成正比。______

（5）光滑水平桌面上匀速运动的小球的动能也是量子化的。______

（6）热辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关。______22、用游标卡尺和螺旋测微器测量一根金属丝的长度和直径，测量的结果如图所示，则此金属丝的长度L=______cm，直径d=______mm。

23、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、电场强度大小为E的匀强电场时，验电器的箔片___________（选填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称为___________此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的电场强度大小为___________，方向与所加的电场方向___________（选填“相同”或“相反”）。

24、卧室里经常安装两个开关来控制照明电灯，进门一个开关，床头一个开关。如果电灯原来是熄灭的，按任何一个开关都会亮；如果电灯原来是亮的，按任何一个开关电灯都会熄灭。如图所示，现提供开关两个（种类满足要求），导线若干。请在虚线框内M、N之间画出符合要求的电路________。

25、__________提出光是一种__________波，__________用实验验证了这一预言．红外线最显著的作用是__________，__________都会发出红外线，红外线波长比红光__________，所以__________现象较显著，易透过云雾，可用于高空摄影；紫外线的主要作用是__________，__________能发出紫外线，紫外线还有__________效应和__________作用，伦琴射线又叫__________射线．评卷人得分四、实验题(共2题，共6分)26、（1）某同学用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一物体的直径和长度，读出图中的示数，图甲为_____mm，图乙为________mm.

（2）在测量电源电动势和内电阻的实验中；有电压表V(量程为3V，内阻约3kΩ)；电流表A（量程为0.6A，内阻约为0.70Ω）；滑动变阻器R（10Ω，2A）．为了更准确地测出电源电动势和内阻设计了如图所示的电路图．

①在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=____V，内阻r=______Ω．（结果保留两位有效数字）

②一位同学对以上实验进行了误差分析．其中正确的是______．

A．实验产生的系统误差；主要是由于电压表的分流作用。

B．实验产生的系统误差；主要是由于电流表的分压作用。

C．实验测出的电动势小于真实值。

D．实验测出的内阻大于真实值27、某同学用下列器材测电源的电动势和内阻；待测电源E（电动势约为3V，内阻约为2.5Ω）；电流表A（量程为0~0.6A，内阻很小）；电阻箱R（最大阻值99.9Ω）；开关S，导线若干．

（1）在虚线框中画出实验电路图_____；该同学根据正确的电路图，正确连接电路，规范操作；

（2）第一次测量：条件电阻箱R，示数为R1时，读取电流表示数I1；示数为R2时，读取电流表示数为I2，则电源电动势的计算式E=________，内阻的计算式r=_________．

（3）第二次测量：条件电阻箱R的阻值，记录多组电流表的读数I和电阻箱的对应读数R，以为纵坐标，R为横坐标，根据测量数据作出如图所示的图线，则电源的电动势E=______V，内阻r=____Ω．

（4）关于该实验，下列说法正确的是()

A．由于电流表的内阻；会使电源内阻的测量值存在系统误差。

B．由于电流表的内阻；会使电源电动势的测量值存在系统误差。

C．第二次测量中的数据处理方式可知减小偶然误差。

D．第一次测量中，若测有三组数据，则可求得电源电动势E和内阻r及电流表内阻RA评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)28、在如图所示的电路中，定值电阻R为8Ω；电动机的额定电压为4V，线圈电阻为0.5Ω，当开关S闭合后，电动机恰好正常工作。已知电路稳定后在2s的时间，电源把2C的电荷从负极移送到正极，非静电力做了10J的功，求：

（1）电源的电动势和内阻；

（2）电动机正常工作时产生的机械功率。

29、如图所示，电流表读数为0.75A，电压表读数为2V，R3=4Ω，若电阻R2发生断路；则两电表的读数分别变为0.8A和3.2V。求：

（1）R1的阻值；

（2）电源的电动势和内电阻分别为多大？（电流表；电压表均为理想电表）

30、如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab5cm，bc12cm，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60角，一个电荷量为q4108C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W11.210-7J；求：

（1）匀强电场的场强E；

（2）a、c两点间的电势差Uac。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

磁通量

则有

故ACD错误；B正确。

故选B。2、A【分析】【分析】

【详解】

根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下。由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，a的面积小，抵消较小，则磁通量较大，所以Φa>Φb。

故选A。3、D【分析】【详解】

AB．根据电场线的特点；从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A；B是两个等量带正电同种电荷，故AB错误；

C．电场线只是形象描述电场的假想曲线，a，b两点处无电场线；其电场强度也不为零，故C错误；

D．a、b两点处场强大小相等方向相反，则同一试探电荷在a、b两点受电场力大小相等；方向一定相反，故D正确。

故选D。4、B【分析】【分析】

【详解】

A．等量同种电荷连线的的中点电场为0，向两边逐渐增大，中垂线上的电场由O点向外，先增大后减小，若将一电子从a点由静止释放，电子受力指向P，向P点运动；A错误；

B．若将一电子从b点由静止释放；电子受力指向O点，电子先做加速运动，过O点后做减速运动，电子终将做往复运动，B正确；

C．若一质子从O点以某一初速度沿OM运动；质子受力向外，不可能回到原处，C错误；

D．若一质子从b点以某一初速度垂直纸面向里运动；质子速度增大的曲线运动，回不到原点，D错误；

故选B。5、B【分析】【详解】

A．根据等量异种电荷的电场线分布可知，y轴上和之间的电场线方向为沿y轴正方向，沿电场线电势降低，所以沿y轴从B点到C点电势逐渐减小。故A错误；

B．根据等量异种电荷的电场线分布可知，B和C关于O点对称的情况下，而M点处电势为0，因此B、M两点间的电势差与M、C两点间的电势差相等。故B正确；

C．根据等量异种电荷的电场线分布可知，从O点开始沿z轴正方向场强逐渐减小，P点电场强度小于O点。故C错误；

D．根据等量异种电荷的电场线分布可知，和点的对称轴上的点电场强度均为沿y轴正方向，P点与M点的电场强度方向相同。故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

A．根据电场的叠加，可知M和N两点的场强大小相同；方向也相同，A错误；

B．取无穷远电势为0，则M点电势为正，N点电势为负；两点电势不同，B错误；

C．P点电场水平向右，电子在P点由静止释放，不会沿直线PO做往返运动；C错误；

D．根据电场叠加原理可得P点场强为由题意知P点场强约为D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

AB．圆环上均匀分布着正电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零。圆环上各电荷产生的电场强度在x轴正方向有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴正方向上电场强度方向向右，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O点的电势最高；故A错误，B正确。

CD．O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小。x轴上电场强度方向向右；电势降低，故CD错误。

故选B。8、C【分析】【详解】

根据安培定则，P产生的磁场的方向N极垂直于纸面向外，Q产生的磁水平向右，根据同名磁极相互排斥右特点，P将顺时针转动，Q逆时针转动；细线张力减小，故C正确，ABD错误；

故选C。9、B【分析】【分析】

根据真空中负点电荷场强公式分析a、b两点的场强的大小；电场线方向由a→b；根据顺着电场线方向，电势降低判断电势高低。

【详解】

根据真空中负点电荷场强公式Q相同，a离点-Q的距离大于b离-Q的距离，则Ea＜Eb；

电场线方向由a→b，则φa＞φb．因此B正确；ACD错误。

故应选：B。

【点睛】

本题也可以根据电场线的疏密判断电场强度的大小，b处电场线密，电场强度大，a处电场线疏，电场强度小。二、多选题(共9题，共18分)10、A:B:C【分析】【详解】

D．由于电源有内阻，电动机两端的电压等于路端电压

故D错误；

B．因物体匀速上升，电动机的输出功率等于物体克服重力做功的功率

故B正确；

C．设电动机内阻为R，由能量守恒可知

故C正确；

A．电源的效率

故A正确。

故选ABC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，电源的总功率P=EI，E不变；则电源的总功率变大．选项A正确；

C．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，则灯L1变亮．选项C错误；

D．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中并联部分的电压U并减小，通过R1的电流减小，而干路电流增大，所以通过灯L2的电流变大，灯L2变亮．选项D正确；

B．电容器的电压等于并联部分的电压；则其电压减小，电容器贮存的电量变小．故B错误．

考点：电路的动态分析。

【点睛】

本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．12、A:C:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电阻R3变大，外电路总电阻变大，总电流变小，电流表示数减小，电阻R2的阻值不变，故其两端电压变小，即V1的示数减小；故A正确；

BD．带电粒子P原来处于平衡状态，重力和电场力平衡；电流变小后，R1和r的阻值都不变，故其两端电压变小，则R2与R3两端的总电压变大，即电容器所并联电路两端的电压变大，电场力变大，带电粒子P将向上运动；电容C不变，根据

可知电容器所带的电荷量增加；故B错误；D正确；

C．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电流变小，R1、R2和r的阻值都不变，其两端电压变小，故R3两端电压变大，即电压表V2示数变大；C正确；

故选ACD。13、A:C【分析】【详解】

A．由题意可知电热丝工作时的电功率为

电热丝的电阻为

故A正确；

B．打到热风挡时，需要同时闭合开关S1、S2；打到冷风挡时，只需闭合开关S2；故B错误；

C．当电吹风吹热风时，电热丝每秒钟消耗的电能为

故C正确；

D．电动机正常工作时通过电动机的电流为

电动机的热功率为

电动机正常工作时的机械效率为

故D错误。

故选AC。14、C:D【分析】【详解】

A．小球从M运动到N的过程中，动能增加了

故A错误；

B．到达N点时竖直方向速度为0，由匀变速直线运动规律得，小球上升的高度为

由动能定理得

解得

机械能的增加量为

故B错误；

C．小球的重力势能增加了

故C正确；

D．由电场力做功与电势能变化量的关系，电势能减少了故D正确。

故选CD。15、A:B【分析】【详解】

A．质子在匀强电场中受到的电场力为恒力，加速度不变，所以质子从A到B的运动为匀变速运动；故A正确；

B．质子在电场中做抛体运动，设电场方向沿CB方向，与电场方向夹角为如图所示。

由几何知识可知与AC方向夹角为则有

根据动能定理有

代入数据解得

故B正确；

C．在垂直电场线方向上质子做匀速运动，从A到B在垂直电场线方向的距离为则质子从A到B点所用的时间为

故C错误；

D．质子垂直电场线的分速度不变，所以当质子沿电场线方向的分速度减小为零时，速度最小，最小速度和质子垂直电场线的分速度相等，则有

故D错误。

故选AB。16、A:B:C【分析】【详解】

A．根据负点电荷周围的等势线为以点电荷为圆心的同心圆，B、C两点距离点电荷的距离相等，所以两点在同一等势面上，故B、C两点的电势相等；A正确；

B．从B点移到C点的过程中，与A点的负点电荷之间的库仑力为斥力；距离先减小后增大，则库仑力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，B正确；

C．根据负点电荷的电势分布可知，C点的与A点的在B点的电势相等，则移入之后，B点的电势为

从无穷远处移到B点的过程中，克服电场力做功为

C正确；

D．在B点所受电场力大小

D错误。

故选ABC。17、A:D【分析】【详解】

A．同种电荷的电场线是排斥状的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以可知O点的电势高于c点的电势；故A正确；

B．设则根据电场的叠加可知a点的电场强度为：

b点的电场强度为：

可见故B错误；

C．因为M点电荷电荷量大于N点电荷量，若将电子从a点移动到b点，电场力总体而言做负功，电势能增加，所以电子在a点的电势能小于在b点的电势能；故C错误；

D．对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在Oc段方向斜向右上，在Od段方向斜向右下，所以电子所受的电场力在Oc段斜向左下，在Od段斜向左上；电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功，故D正确。

故选AD。18、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．地磁场磁感应强度的水平分量BC与B0的关系如图所示：

有B0=BCtanα

其中B0=kI

则kI=BCtanα

即线圈中电流强度I越大，α角越大，tanα与电流I成正比；选项A错误，B正确；

CD．地球上的不同地方地磁场的水平分量Bc不同，则在地球上的不同地方测同样大小的电流，α角不同；选项C错误，D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]雷达是利用无线电波来测定物体位置的无线电设备。

（2）[2][3]雷达既是电磁波的发射端,又是电磁波的接收端。【解析】①.无线电波②.发射③.接收20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]表头改装成量程为I=1mA的电流表，需要并联的小电阻为

[2]改装成量程为U1=1V的电压表，需要串联的电阻

[3]改装成量程为U2=3V电压表，需要串联的电阻

联立解得R3=2000Ω【解析】①.100②.920③.200021、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据定义可知；黑体是一个理想化了的物体，它能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体，故正确；

（2）[2]根据黑体辐射电磁波的性质可知；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大，故正确；

（3）[3]根据微观粒子的能量的特征可知；在微观世界中能量是量子化的，其能量只能是能量子的整数倍，故正确；

（4）[4]根据能量子的性质可知；能量子的能量是不连续的，而只能取一些分立的值，其大小与电磁波的频率成正比，故正确；

（5）[5]研究匀速运动的小球的动能是宏观层面考虑，大小为

因为小球的质量与速度可取任意实数；所以动能大小是连续的，不是量子化的，故错误；

（6）[6]黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关，故错误。【解析】①.正确②.正确③.正确④.正确⑤.错误⑥.错误22、略

【分析】【详解】

[1]金属丝的长度为L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直径为d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65023、略

【分析】【详解】

[1]金属网罩起到静电屏蔽的作用；所以箔片不张开。

[2][3][4]因为在金属内部由于电子可以自由移动，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，金属网罩会产生一个与外加电场相反的电场，来抵消在金属内部的电场，以保证平衡，从而金属上电荷重新分布，就是所谓“静电屏蔽”的原理【解析】不张开静电屏蔽E相反24、略

【分析】【详解】

[1]如果电灯原来是熄灭的；按任何一个开关都会亮；如果电灯原来是亮的，按任何一个开关电灯都会熄灭，要满足要求只需在两开关之间并联两根导线，电路图如下。

【解析】25、略

【分析】【详解】

[1][2][3]麦克斯韦提出光是一种电磁波；后来赫兹用实验验证了这一预言；

[4]红外线最显著的作用是热效应；

[5][6]一切物体都会发出红外线；红外线波长比红光长；

[7]由衍射条件可知