2025年外研版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、随着科技的不断发展；小到手表；手机，大到电脑、电动汽车，都已经在无线充电方面实现了从理论研发到实际应用的转化。如图所示为某品牌手机无线充电的原理图，下列说法正确的是（）

A.无线充电时，手机上接收线圈的工作原理是“电流的磁效应”B.接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同C.所有手机都能用该品牌无线底座进行无线充电D.发送端和接收端间的距离不影响充电的效率2、下列哪项不属于静电的利用（）A.静电复印B.静电除尘C.使用避雷针D.静电喷涂3、如图，A、B、E、F四点共线，O为AB连线的中点，C、D在AB连线的中垂线上，且EO=OF，CO=OD。A、B两点分别固定电荷量为+3Q和-2Q的点电荷；则（）

A.C、D两点的电场强度相同B.EO两点间的电势差与OF两点间的电势差相等C.将一正试探电荷从C点沿着中垂线移到D点过程中，电势能先增加后减少D.将一正试探电荷从C点沿着中垂线移到D点过程中，电场力始终不做功4、如图甲所示，光滑绝缘水平面上有一带负电荷的小滑块，可视为质点，在处以初速度沿x轴正方向运动。小滑块的质量为带电量为整个运动区域存在沿水平方向的电场，图乙是滑块电势能随位置x变化的部分图像，P点是图线的最低点，虚线AB是图像在处的切线，并且AB经过（1，2）和（2，1）两点，重力加速度g取下列说法正确的是（）

A.在处的电场强度大小为20V/mB.滑块向右运动的过程中，加速度先增大后减小C.滑块运动至处时，速度的大小为2.5m/sD.若滑块恰好能到达处，则该处的电势为-50V5、学习物理要正确理解物理规律和公式的内涵，你认为下列理解正确的是（）A.根据库仑定律公式两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大B.根据可知，一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为C.由匀强电场电势差与电场强度关系知，匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比D.根据电容器的电容的定义式可知，电容器的电容与它所带电荷量成正比6、如图所示为两个形状完全相同的导线M；N串联接入电路后的电流与其电阻的关系图线。由图线分析可知下列选项正确的是（）

A.加在导线M两端的电压小B.导线M的电阻小C.经一段时间导线M产生的热量多D.导线N消耗的电功率大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、用控制变量法，可以研究影响电荷间相互作用力的因素.如图所示，O是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1、P2、P3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小。这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出来。若物体O的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示，物体与小球间距离用d表示，物体和小球之间的作用力大小用F表示。则以下对该实验现象的判断正确的是（）

A.保持Q、q不变，增大d，则θ变小，说明F与d有关B.保持Q、q不变，减小d，则θ变大，说明F与d成反比C.保持Q、d不变，减小q，则θ变小，说明F与q有关D.保持q、d不变，减小Q，则θ变小，说明F与Q成正比8、关于能量的转化与守恒，下列说法正确的是A.任何制造永动机的设想，无论它看上去多么巧妙，都是一种徒劳B.不可再生能源是不能再次生产和重复使用的，包括煤、石油和天然气C.由于自然界的能量是守恒的，所以说能源危机不过是杞人忧天D.轻绳一端固定在天花板，另一端连接一重物在竖直面内来回摆动许多次后总会停下来，说明这个过程的能量不守恒9、如图，在直角△abc的三个顶点处，各有一条固定的长直导线，导线均垂直△abc所在平面，a、b处导线中通有大小和方向均相同的电流I0，c处导线中的电流为I；下列说法正确的是（）

A.若I与I0方向相同，则a处导线受到的安培力方向可能与bc边平行B.若I与I0方向相反，则a处导线受到的安培力方向可能与bc边平行C.若I与I0方向相反，则a处导线受到的安培力方向可能与bc边垂直D.若a处导线受到的安培力方向与bc边平行，则电流大小必满足I＞I010、长沙某中学新装了一批节能路灯，如图甲所示，该路灯通过光控开关实现自动控制，并且电灯的亮度可自动随周围环境的亮度而变化。如图乙所示为其内部电路简化图，电源电动势为E，内阻为r，R为光敏电阻（光强增大时阻值减小）。忽略温度变化对A；B两灯电阻的影响；傍晚外界光线逐渐变暗时，下列说法正确的是（）

A.A灯变暗，B灯变亮B.电源内阻消耗的功率变大C.光敏电阻上电流的变化量与其电压变化量的比值不变D.电源的效率变大11、在光滑绝缘的水平平面上固定两个等量的同种正点电荷，电量为Q，距离为L，在两个点电荷的连线的中垂线上离中点距离为A（A<<L）的地方静止释放一个质量为m，电量为q的负点电荷，负点电荷回到出发位置的时间为T1；在两个点电荷的连线上离中点距离为A的地方静止释放一个质量为m，电量为q的正点电荷，正点电荷回到出发位置的时间为T2.则T1和T2的关系正确的是（）A.T1>T2B.T1<T2C.T1=2T2D.T1=T212、如图所示，Oxy坐标系中，将一负电荷Q由y轴上a点移至x轴上b点时，需克服静电力做功W；若从a点移至x轴上c点时，也需要克服静电力做功W；那么关于此空间存在静电场可能是。

A.存在电场强度方向沿y轴负方向的匀强电场B.存在电场强度方向沿y轴正方向的匀强电场C.处在第1象限某一位置的正点电荷形成的电场D.处在第4象限某一位置的正点电荷形成的电场13、如图所示的电路中，为热敏电阻（温度降低电阻增大），C为平行板电容器，闭合开关C中央的带电液滴刚好静止，点接地；不考虑电源内阻，则下列说法正确的是（）

A.液滴可能带正电B.仅将热敏电阻加热，平行板电容器所带电量增大C.仅将变阻器的滑片P向下移动，两极板间的电场强度减小D.仅断开开关和将下极板向下移动，液滴仍静止14、在如图所示的电路中，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向a端移动一段距离；下列结论正确的是。

A.电流表读数变小B.灯泡L变亮C.电容器C上的电荷量增多D.电压表读数变小15、如图所示；图中虚线是匀强磁场区的边界，一个闭合线框自左至右穿过该磁场区，线框经过图示的哪些位置时有感应电流（）

A.在位置1B.在位置2C.在位置3D.在位置4评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、把负电荷q=5×10−5C从无穷远处移到电场中A点,克服电场力做功4.0×10−6J,再把q从A点移到B点,电场力对电荷做1×10−4J的功,A点电势为________V,B点电势为__________V。17、真空中在边长为r的正方形ABCD的A、B、C三个顶点上分别固定了一个电荷量为+Q的点电荷，若在D点放置一个电荷量为+q的点电荷，该点电荷受到的静电力大小为____________，（静电力常量为k）18、如图（a）所示，A、B是电场中的一条电场线，一带正电粒子仅在电场力作用下，沿电场线从A运动到B的图像如图（b）所示，则该电场线的方向为_________（选填“”或“”），关于A、B两点的电场强度的大小_________（选填“>”“=”或“<”）．

19、如图所示，平行板电容器与电源连接，为两板间一点。闭合电键给电容器充电后再断开电键，然后再将极板移到虚线所示位置，则与不移极板前比较，点电场强度将__________；点电势将__________。（填“变大”；“变小”或“不变”）

20、如图，某同学用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图（右图是左图的放大图），则此工件的外径___________mm。

21、量程为0-0.6A的电流表读数。读数为_________A。

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)22、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

23、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)26、现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，其阻值Rx约为0.5Ω，允许通过的最大电流为0.5A.现有如下器材可供选择：

电流表A(量程0.6A，内阻约为0.6Ω)

电压表V(量程3V，内阻约为3kΩ)

待测电阻丝Rx(阻值约为0.5Ω)

标准电阻R0(阻值5Ω)

滑动变阻器R1(5Ω，2A)

滑动变阻器R2(200Ω，1.5A)

直流电源E(E＝6V，内阻不计)

开关S、导线若干

(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分，你认为合理的是________；

(2)实验中滑动变阻器应该选择________(选填“R1”或“R2”)，并采用________接法；（分压，限流）

(3)根据你在(1)(2)中的选择，在图甲上完成实验电路的连接________；

(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝________；

(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示，则该电阻丝的直径D＝________.

评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)27、如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，两电场的边界均是边长为L的正方形（不计电子所受重力）。

（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置；

（2）在电场I区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开；求所有释放点的位置；

（3）若将左侧电场II整体水平向右移动（n≥1），仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动）；求在电场I区域内由静止释放电子的所有位置。

28、如图所示，一半径为R的绝缘圆形轨道竖直固定放置，圆轨道最低点与一条水平轨道相连，轨道都是光滑的。轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，场强为E；现从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m的带正电的小球，小球刚好能在竖直圆轨道内做圆周运动。已知小球受到的电场力大小等于小球重力的倍，不计空气阻力，重力加速度为g。求：

（1）小球在圆轨道中运动的最小速度；

（2）小球在圆轨道最低点B对轨道的弹力大小．29、如图，真空中A点固定放置一电量为+Q的点电荷A，一质量为m、电量为+q的检验电荷B在距A为处，仅在电场力作用下以大小为的速度正对A运动，AB连线上有间距相等的a、b、c三点。已知：取无穷远处电势为零，真空中静止正点电荷电场中某点电势可表示为：其中k为静电力恒量、Q为场源电荷电量、r为该点到场源电荷的距离。

（1）用线条描绘点电荷A周围电场强度和电势的分布情况；

（2）分析、比较ab间电势差与bc间电势差的大小；

（3）求运动过程中检验电荷B与点电荷A之间的最小距离；

（4）描述电场能量性质分布的等势线与重力场中的等高线有很多相似之处。如图（b）为一山地地形的等高线分布图；每两条等高线间表示相同的高度差。试比较该等高线分布图与点电荷电场的等势线分布图，从能量的角度分析两者有何共同特点；

（5）如图（c）所示，现有5个间隔相等的小球，以相同的速度并排冲向图（b）中的山地；不考虑摩擦作用的不同，试在右侧框图中画出5个小球接下来的大致运动轨迹。

30、如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B为AC的中点，C点位于圆周的最低点．现有一质量为m、电荷量为−q、套在杆上的带电小球从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为求：

(1)小球滑至C点时的速度的大小；

(2)若以C点作为零电势点，试确定A点的电势．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．无线充电时；手机上接收线圈的工作原理是电磁感应，A错误；

B．由电磁感应原理；接收线圈中交变电流的频率与发射线圈中交变电流的频率相同，B正确；

C．只有手机中有接收线圈时；手机利用电磁感应，才能进行无线充电，C错误；

D．无线充电的工作原理为电磁感应；发送端和接收端间的距离越远，能量损失越大，D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．静电复印是利用静电；与题意不相符，选项A错误；

B．静电除尘是利用静电；与题意不相符，选项B错误；

C．使用避雷针是防止静电；与题意相符，选项C正确；

D．静电喷涂是利用静电，与题意不相符，选项D错误；3、C【分析】【详解】

A．由场的叠加原理可知C、D两点的电场强度大小相等；方向不同，故A错误；

B．不等量异种电荷电场线左密右疏，EO间电势差大于OF间电势差；故B错误；

CD．不等量异种电荷+3Q和-2Q，可拆分成一对等量异种电荷+2Q、-2Q，和一个A处带+Q的点电荷；等量异种电荷+2Q和-2Q连线的中垂线上个各点电势相等，而在点电荷+Q所产生的电场中，离+Q越近的点，电势越高，即

沿着中垂线从C点到D点；电势先升高后降低，正试探电荷的电势能先增加后减少，电场力先做负功后做正功。故C正确，D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．Ep-x图像斜率的绝对值表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在x=1m处所受电场力大小为

解得电场强度大小

故A错误；

B．滑块向右运动时；电场力先减小后增大，所以加速度先减小后增大，故B错误；

C．滑块从x=1m到x=3m运动过程中电势能减小，电场力做功

由动能定理得

解得滑块运动至处时，速度的大小为

故C错误；

D．若滑块恰好到达x=5m处，则滑块恰好到达x=5m处

则滑块从x=1m到x=5m运动过程中

由

解得滑块到达处的电势能

处的电势为

故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．库仑定律公式适用于真空中的点电荷；两个电荷的距离趋于零时，带电体已经不能看为点电荷，此时该公式不适用，即不能认为两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大，A错误；

B．公式在运算时，物理量应该代入正负符合，即一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为B错误；

C．公式中的d指沿电场线方向上的投影长度，可知由匀强电场电势差与电场强度关系知；匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比，C正确；

D．电容的定义式是比值定义式；电容并不是由极板所带电荷量与极板之间的电势差决定，因此，不能认为电容器的电容与它所带电荷量成正比，D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

AB．若将两导线串联接入电路中；则通过两导线的电流相同，由图象可知，此时M的电阻大于N的电阻，所以导线M两端的电压比导线N两端的电压大，AB错误；

C．由可知；在相同时间内，电流通过导线M产生的焦耳热多，C正确；

D．由可知导线M消耗的电功率大；D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)7、A:C【分析】【详解】

AB．保持Q、q不变，根据库仑定律公式

增大d，库仑力变小，则θ变小，减小d，库仑力变大，则θ变大.F与d的二次方成反比；故AB错误；

C．保持Q、d不变，减小q，则库仑力变小，θ变小，知F与q有关；故C正确；

D．保持q、d不变，减小Q，则库仑力变小，θ变小，根据库仑定律公式

知F与两电荷的乘积成正比；故D错误。

故选C。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A.因为永动机违背了能量守恒定律；所以任何制造永动机的设想，无论它看上去多么巧妙，都是一种徒劳，故A正确；

B.不可再生的能源指煤；石油、天然气等储存能源；这些能源的形成需要经过上万年很难在短时间内形成所以是不可再生能源，故B正确；

C.能源危机能量在数量上虽没有减少；但在可利用的品质上降低了，从便于利用的变成不便于利用的了．这是能源危机的深层次的含意，故C错误；

D.轻绳一端固定在天花板，另一端连接一重物在竖直面内来回摆动许多次后总会停下来，是因为阻力做功，机械能转化为内能，重物才停下来，但不违背能量守恒定律，故D错误．9、B:D【分析】【分析】

根据“同向电流相吸；异向电流相斥”分析两边电流的作用力的合力，距离导线越近则磁场越强.

【详解】

若I与I0方向相同，根据“同向电流相吸，异向电流相斥”的原则可知，a处导线受到的安培力方向为右上方，不可能与bc边平行，选项A错误；若I与I0方向相反，根据“同向电流相吸，异向电流相斥”的原则可知，则ca相斥，ab相吸，则a处导线受到的安培力方向可能与bc边平行，但是不可能与bc边垂直，此时c对a的斥力沿水平方向的分量等于b对a的吸引力，则Fca>Fba，因c离a的距离大于b离a的距离，可知电流大小必满足I＞I0，选项BD正确，C错误；故选BD.10、C:D【分析】【详解】

A．傍晚外界光线逐渐变暗时；光敏电阻阻值增大，根据闭合电路欧姆定律“串反并同”得A灯B灯均变亮，A错误；

B．光敏电阻阻值增大，电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律，总电流减小，根据得；电源内阻消耗的功率变小，B错误；

C．根据闭合电路欧姆定律得

本题中，将光敏电阻R看做路端，则对应的等效电源内阻为

故电流的变化量与其电压变化量的比值也是定值；C正确；

D．根据电源效率的公式路端电压增大，则效率变大，D正确。

故选CD。

【点睛】

本题C选项较难，由于光敏电阻在支路，需要将电源内阻做等效处理。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

根据点电荷电场强度的叠加法则，可知，同种正电荷的中垂线上，由O点向两边，电场强度方向向两边延伸，且大小先增大后减小，由静止释放一个负点电荷q；它只在电场力作用下，先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，再做反方向的加速度减小的加速运动，最后做加速度增大的减速运动回到出发位置；

在两个点电荷的连线上离中点距离为A的地方静止释放一个质量为m，电量为q的正点电荷；在电场力作用下，先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，再做反方向的加速度减小的加速运动，最后做加速度增大的减速运动回到出发位置；

根据等量同种点电荷电场线的分布具有对称性和点电荷电场强度的叠加法则；在两个点电荷的连线上离中点距离的位置的加速度大于同种正电荷的中垂线上的，故在两个点电荷的连线上运动的时间小，故AC正确，BD错误；

故选AC．12、A:C【分析】【分析】

【详解】

由题意，符合条件的电场应满足：a点的电势高于b、c点的电势；bc两点具有相同的电势．

A．沿y轴负方向的匀强电场满足以上的条件；故A正确；

B．沿y轴正方向的匀强电场；不满足以上的条件，故B错误；

C．处于第I象限某一位置的正点电荷形成的电场，当点电荷的位置在bc连线的中垂线上，且点电荷到a的距离小于到bc的距离时；满足以上的条件，故C正确；

D．当点电荷的位置在bc连线的中垂线上，且点电荷到a的距离小于到bc的距离时；满足以上的条件，故不可能处在第4象限某一位置的正点电荷形成的电场，故D错误．

故选AC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知；电容器上极板带正电，电场强度方向向下，重力向下，则电场力方向向上，所以液滴带负电，故A错误；

B．仅将热敏电阻加热，热敏电阻阻值减小，则电容器两端电压增大，由公式可知；平行板电容器所带电量增大，故B正确；

C．仅将变阻器的滑片P向下移动，变阻器接入电路中的电阻增大，则电容器两端的电压增大，由公式可知；两极板间的电场强度增大，故C错误；

D．仅断开开关和电容器所带电荷量不变，将下极板向下移动，即增大两板间的距离，则电容器的电容减小，由公式和得

可知；板间电场强度不变，则液滴仍静止，故D正确。

故选BD。14、A:C【分析】【详解】

AB．将滑动变阻器滑片P向a端移动后，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知，电路中电流I变小，则电流表读数变小，灯泡L变暗；故A正确，B错误；

C．电容器C两端的电压：UC=E-I（RL+r），I变小，其他量不变，则UC增大，电容器C上的电荷量增多；故C正确；

D．变阻器接入电路的电阻增大；外电路总电阻增大，则路端电压增大，电压表读数变大，故D错误。

故选AC。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

线圈在位置2和位置4时；磁通量发生变化，有感应电流，在位置1和位置3时，磁通量不变，没有感应电流，BD正确，AC错误。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1]无穷远间与A的电势差为

无穷远电势为零，由得A点电势：

[2]A、B间电势差为:

因则B点电势【解析】-0.081.9217、略

【分析】【详解】

[1]．点电荷受到的静电力是三个电荷对点电荷静电力的矢量和，其大小为：【解析】18、略

【分析】【详解】

[1][2]由图可知，粒子的速度增大，电场力对粒子做正功，所以粒子受力的方向和运动的方向相同，即受力向右；粒子带正电，受力的方向与电场线的方向相同，所以电场线方向是从A向B，即速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中加速度越来越大，故A点的场强小于B点场强，即<【解析】<19、略

【分析】【分析】

抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点电势变化。

【详解】

[1]依据电容的定义式决定式场强的决定式代入得

故的变化与无关；故场强将不变。

[2]场强不变，则P点与下极板的电势差不变，由于下极板电势为零，则P点的电势不变。【解析】不变不变20、略

【分析】【详解】

工件的外径为【解析】19.4021、略

【分析】【详解】

[1]分度值为0.02A，读数为0.50A。【解析】0.50四、作图题(共4题，共40分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共1题，共9分)26、略

【分析】【分析】

(1)；(2)、关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及接法；根据求出的最小电阻来选择保护电阻；根据待测电阻远小于电压表内阻可知电流表应用外接法；但因为待测电阻阻值太小可知待测电阻应与保护电阻串联使用．

(3)根据是连接电路时应先连接主干路然后再连接并联电路；注意正负极和量程．

(4)关键是根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式即可．

(5)关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读；注意半毫米刻度线是否露出．

【详解】

(1)根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：所以变阻器应选R1并且应采用分压式接法；电路中需要的最小电阻为：为保护电流表应与一保护电阻串联，所以排除电路A，再根据待测电阻满足可知电流表应用外接法，所以应排除电路D，由于待测电阻阻值太小，将电压表直接测量时电压太小无法读数，所以应将待测电阻与保护电阻串联后再与电压表并联才行，所以合理的电路应是C；

(2)根据题(1)中的分析可知，变阻器应选R1；并且应采用分压式接法；

(3)根据题（1）中分析可知电路连接图如图所示：

(4)图C电路图应有：①

根据电阻定律应有：②

联立①②可得：

(5)螺旋测微器的读数为：D=1mm+20.6×0.01mm=1.205（±0.002）mm；

【点睛】

明确：①通过估算电路中需要的大小电阻来选择保护电阻，通过电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及采用的接法；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法．【解析】CR1分压1.205六、解答题(共4题，共12分)27、略

【分析】【详解】

（1）设电