2025年人教B版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版选择性必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在光滑的水平地面上放有一质量为M带光滑圆弧形槽的小车，一质量为m的小铁块以速度沿水平槽口滑上小车，且上滑过程始终未离开小车，如图所示，若则铁块离开小车时将（）

A.向左平拋B.向右平抛C.自由落体D.无法判断2、下列说法正确的是（）A.发生多普勒效应时，波源的频率发生了改变B.对于同一障碍物，波长越短的光越容易绕过去C.偏振光可以是横波，也可以是纵波D.单摆在周期性外力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关3、如图甲所示，在静水中，当风的方向与无自带动力帆船的目标航向（图中由A指向B）一致时，只需将帆面与船身垂直安放，则帆船能沿直线顺利到达目标位置B；如图乙所示，在静水中，当风的方向与无自带动力帆船的目标航向（图中由A指向B）相反时，若调整船身和帆面的位置（其中目标方向AB与船身的夹角为θ，帆面与船身的夹角为φ），帆船也可以逆风到达目标位置B，例如，帆船可先到达C再到达目标位置B。帆船能沿AC段运动的动力来源可简化解释为：风以某一角度α吹到帆面上，碰撞后弹出的角度也是α，碰撞前、后的风速大小相同。风与帆面的碰撞导致风对帆面施加了一个垂直于帆面的冲量，使帆船受到了一个方向与帆面垂直的压力F，这个压力沿船身方向及垂直于船身方向的分力分别为F1和F2，F1就是船沿AC航线前进的动力（其大小与的大小关系可表示为），F2则有使船侧向漂移的作用，可以认为该力被水对船的横向阻力平衡。结合以上解释和所学的物理知识，下列说法中不正确的是（）

A.k与φ、θ和空气密度ρ都有关B.要使无自带动力帆船沿CB航行，帆面必须处于锐角∠ACB的两边之间C.若不断改变船身和帆面的方位，无自带动力帆船可沿锯齿形航线从A驶向BD.空气分子与帆面发生弹性碰撞前后，空气分子的动量改变量垂直于帆面4、同学们打篮球时通常要伸直双臂迎接传来的篮球。接球的时候，两臂会随球迅速收缩至胸前，这个动作（）A.有利于减小球对手的动量变化量B.有利于减小球对手的冲量C.有利于减小球对手的冲击力D.有利于减小球与手的作用时间5、如图所示，凹槽Q静置于光滑水平面上，其上表面为半径为R的半圆柱面。现将一个小球P从凹槽的右侧最顶端由静止释放；一切摩擦均不计。则以下说法正确的是（）

A.Q和P组成的系统机械能守恒B.Q和P组成的系统动量守恒C.当Q的动能最大时，P的动能最小D.当P释放后第一次速度为零时，其位移大于2R6、很多高层建筑都会安装减震阻尼器，当大楼摆动时，悬挂在大楼上方的阻尼器跟随摆动来消减强风或地震导致的振动，阻尼器振动时会减小大楼振动的（）A.固有频率B.固有周期C.振动周期D.振动幅度评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，质量为M、带有半径为R的四分之一光滑圆弧轨道的滑块静置于光滑水平地面上，且圆弧轨道底端与水平面平滑连接，O为圆心．质量为m的小滑块以水平向右的初速度冲上圆弧轨道，恰好能滑到最高点，已知M=2m．，则下列判断正确的是（）

A.小滑块冲上轨道的过程，小滑块与带有圆弧轨道的滑块组成的系统机械能守恒B.小滑块冲上轨道的过程，小滑块对带有圆弧轨道的滑块的压力不做功C.小滑块冲上轨道的最高点时，带有圆弧轨道的滑块速度最大且大小为D.小滑块脱离圆弧轨道时，速度大小为8、关于多普勒效应，下列说法正确的是（）A.多普勒效应是由于波的干涉引起的B.发生多普勒效应时，波源的频率并未发生改变C.多普勒效应是由于波源与观察者之间有相对运动而发生的E.若声源向观察者靠近，则观察者接收到的频率大于声源发出声波的频率E.若声源向观察者靠近，则观察者接收到的频率大于声源发出声波的频率9、如图所示，ABCD是一直角梯形棱镜的横截面，位于截面所在平面内的一束光线由O点垂直AD边射入，已知棱镜的折射率η=AB=BC=8cm，OA=2cm，∠OAB=60°．则下列说法正确的是（）

A.光线第一次入射到AB界面上时，既有反射又有折射B.光线第一次从棱镜折射进入空气，应发生在CD界面C.第一次的出射点距CcmD.光线第一次射出棱镜时，折射角为45°10、图甲为沿轴传播的一列简谐横波在时刻的波形图，并已知波源的起振方向为轴负方向．时刻在坐标原点与之间第一次形成图甲所示波形，图乙为平衡位置在处的质点的振动图像．则下列说法正确的是（）

A.该波沿轴的正方向传播B.该波沿轴的负方向传播C.时刻波刚好传播到位置D.在到的时间内，处的质点走过的路程为11、如图所示，电阻不计的光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距为d，两侧接有电阻R1、R2，阻值均为R，O1O2右侧有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为m、长度也为d的金属杆置于O1O2左侧，在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静止开始运动，经时间t到达O1O2时撤去恒力F，金属杆在到达NQ之前减速为零。已知金属杆电阻也为R；与导轨始终保持垂直且接触良好，下列说法正确的是（）

A.杆刚进入磁场时速度大小为B.杆刚进入磁场时电阻R1两端的电势差大小为C.整个过程中，流过电阻R1的电荷量为D.整个过程中，电阻R1上产生的焦耳热为12、甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是p1=5kg·m/s，p2=7kg·m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg·m/s，则二球质量m1和m2间的关系可能是下列的（）A.m1=m2B.4m1=m2C.3m1=m2D.6m1=m213、如图所示，质量为的长木板放在光滑的水平面上，质量为的滑块（可视为质点）放在长木板的左端，两者之间的动摩擦因数为某时刻用的水平恒力作用在长木板上，经后撤去力最终滑块恰好没有滑离长木板。重力加速度则下列说法正确的是（）

A.撤去力时长木板的速度为B.撤去力时滑块的速度为C.滑块最终的速度为D.长木板的长度为14、在介质中有一列向右传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图所示，该时刻波刚好传到A点，再经过0.6s质点P开始起振；则。

A.该简谐横波的传播速度为10m/sB.该简谐横波的周期T为0.1sC.质点P在t=0.65s时刻处于波峰位置D.质点P处于波峰位置时质点A一定处于波峰位置15、如图所示；下列说法正确的有（）

A.如图甲，自然光由空气射入水面上，反射光是偏振光B.如图乙所示，照相机的镜头表面常常镀一层透光膜，膜的外表面和玻璃表面反射的光发生干涉，则膜的厚度为光在膜中波长的C.如图丙所示，利用光的干涉检查平整度，用单色光从上面照射，空气膜的上下两个表面反射的两列光波发生干涉，图中条纹弯曲说明此处是凸起的D.如图丁为光线通过一个不透光的圆盘得到的衍射图样评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示，图甲为一列沿水平方向传播的简谐横波在t＝0时的波形图，图乙是这列波中质点P的振动图线，那么：

①该波的传播速度为________m/s；

②该波的传播方向为________(填“向左”或“向右”)；

③图甲中Q点(坐标为x＝2.25m处的点)的振动方程为：y＝________cm.17、相干性：激光具有频率____、相位差____、偏振方向____的特点；具有高度的相干性。

应用：光纤通信。

平行度：激光的____非常好；传播很远的距离仍能保持一定的强度。

应用：激光____；读取光盘上记录的信息等。

亮度高：它可以在很小的____和很短的____内集中很大的____

应用：用激光束切割、焊接，医学上可以用激光做“光刀”、激发核反应等18、某横波在介质中传播，t=0时刻波传播到x轴上的质点B时，所形成的波形如图所示，则O点开始振动时振动方向________（选填"向上"或"向下"），若已知计时开始后，则质点A在t=0.3s时第二次出现在平衡位置，该简谐横波的波速等于________m/s。

19、静止在匀强磁场中的发生一次α衰变，变成一个新核，已知α粒子与新核的速度方向均与磁场方向垂直，则α粒子与新核在磁场中做匀速圆周运动的半径之比为________(重力可忽略)；若释放出的α粒子的动能为E0，假设衰变放出的能量全部转化为α粒子与新核的动能，则本次衰变释放的总能量为________。20、如图所示，一个竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱带动一个T形支架在竖直方向振动，T形支架的下面系着一个弹簧和小球组成的振动系统，小球浸没在水中；当圆盘转动一会静止后，小球做____振动（选填“阻尼”，“自由”，“受迫”）；若弹簧和小球构成的系统振动频率约为3Hz，现使圆盘以4s的周期匀速转动，经过一段时间后，小球振动达到稳定，小球的振动频率为_____Hz；逐渐改变圆盘的转动周期，当小球振动的振幅达到最大时，此时圆盘的周期为____s。

21、波的周期性。

（1）质点振动nT（n=0，1，2，3，）时，波形___________。

（2）在波的传播方向上，当两质点平衡位置间的距离为nλ（n=1，2，3，）时，它们的振动步调总___________；当两质点平衡位置间的距离为（2n＋1）（n=0，1，2，3，）时，它们的振动步调总___________。评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)22、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

23、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)24、用双缝干涉测光的波长。实验装置如图甲，单缝与双缝的距离双缝与屏的距离单缝宽双缝间距用测量头来测量光屏上干涉亮条纹中心的距离。转动手轮；使分划板左右移动，让分划板的中心刻度对准屏上亮纹的中心（如图乙），记下此时手轮的读数，转动测量头，使分划板中心刻线对准另一条亮纹的中心，记下此时手轮上的刻度。

（1）分划板的中心刻线分别对准第1条和第4条亮纹的中心时，手轮上的读数如图丙所示，则对准第1条时读数___________对准第4条时读数___________相邻两条纹间的距离___________（计算结果保留四位有效数字）

（2）求得该光波的波长为___________（计算结果保留三位有效数字）25、利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为的滑块A与质量为的静止滑块B在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比较碰撞后A和B的速度大小和进而分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列填空：

（1）调节导轨水平；

（2）测得两滑块的质量分别为和要使碰撞后两滑块运动方向相反，应选取质量为______kg的滑块作为A；

（3）调节B的位置，使得A与B接触时，A的左端到左边挡板的距离与B的右端到右边挡板的距离相等；

（4）使A以一定的初速度沿气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间和

（5）将B放回到碰撞前的位置，改变A的初速度大小，重复步骤（4）。多次测量的结果如下表所示；。123450.490.671.011.221.390.150.210.330.400.460.310.330.330.33

（6）表中的______（保留2位有效数字）；

（7）的平均值为______；（保留2位有效数字）

（8）理论研究表明，对本实验的碰撞过程，是否为弹性碰撞可由判断。若两滑块的碰撞为弹性碰撞，则的理论表达式为______（用和表示），本实验中其值为______（保留2位有效数字），若该值与（7）中结果间的差别在允许范围内，则可认为滑块A与滑块B在导轨上的碰撞为弹性碰撞。26、某同学做“用单摆测重力加速度”的实验；实验装置如图甲所示，在摆球的平衡位置处安放一个光电门，连接数字计时器，记录小球经过光电门的次数。

（1）下列说法中正确的是___________

A．测出摆球做一次全振动的时间作为周期的测量值。

B．质量相同的铁球和软木球；应选用铁球作为摆球。

C．可将摆球从平衡位置拉开一个任意角度然后释放摆球。

D．可以选择有弹性的细绳作为摆线。

（2）在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺测得从悬点至摆球顶端的长度为L，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图乙所示，则摆球直径d=___________cm；

（3）将摆球从平衡位置拉开一个合适的角度，静止释放摆球，摆球在竖直平面内稳定摆动后，启动数字计时器，摆球通过平衡位置时从1开始计数，同时开始计时，当摆球第n次（为大于3的奇数）通过光电门时停止计时，记录的时间为t，此单摆的周期T=___________（用t、n表示），重力加速度的大小为___________（用L、d和T表示）；

（4）实验中该同学测得的重力加速度值经查证明显大于当地的重力加速度值，下列原因可能的是___________。

A．摆线上端未牢固地系于悬点；实验过程中出现松动，使摆线长度增加了。

B．计算时用作为单摆的摆长。

C．摆球的振幅偏小。

D．把n当作单摆全振动的次数评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)27、军事科技领域发明了一种折射率为负值的特殊材料电磁波通过空气和这种材料时，电磁波的传播规律仍然不变，入射角和折射角的大小关系仍然遵从折射定律（此时折射角取负值，即折射角和入射角在法线一同侧．现有一该材料制作的半球平放在可以吸收光线的地面上，如图所示，以中心为坐标原点建立竖直平面坐标系．让左侧一束单色光从半圆的顶点入射，光在真空中传播的速度为c，该材料对该单色光的折射率为n=2．半球的半径为R．

（1）改变入射角度；问地面上光点横坐标的取值范围．

（2）球求该色光在材料中传播的最长时间．28、某同学让质量为m篮球从高H的地方竖直静止释放（可视为自由落体运动），与地面作用时间t后，最终返回到离地面高h的位置时速度为零；若此过程中地面对篮球的作用力方向始终竖直向上，求：

(1)整个过程中重力的冲量大小；

(2)该段时间中地面对篮球的平均作用力大小。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

ABCD．小铁块和小车组成的系统所受的合外力为零，即它们组成的系统动量守恒。设小铁块离开小车时，下铁块和小车的速度分别为则①

又因为圆弧形槽是光滑的，系统的机械能守恒，得②

由题意可知③

联立①②③式解得

即小铁块离开小车时将做自由落体运动；C正确，ABD错误。

故选C。2、D【分析】【详解】

A．多普勒效应说明观察者与波源有相对运动时；接收到的波频率会发生变化，但波源的频率不变，A错误；

B．波长越长；衍射现象越明显，对于同一障碍物，波长越长的光越容易绕过去，B错误；

C．偏振光只可以是横波；C错误；

D．单摆在周期性外力作用下做受迫振动；其受迫振动的周期等于驱动力的周期，与固有周期无关，与单摆的摆长无关，D正确。

故选D。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．风对帆面压力F，则帆面对风的作用力大小也为F；如图。

对风，根据动量定理有

可见F的大小与风的质量（密度）、以及角度φ、θ有关，而为风对帆面压力F的一个分力，所以k与φ、θ和空气密度ρ都有关；选项A正确；

D．因F与帆面垂直，根据可知空气分子的动量改变量垂直于帆面；选项D正确；

B．要使无自带动力帆船沿CB航行，即船身沿CB方向，F1就是船沿航线前进的动力，所以F1沿CB方向，而F2垂直于船身方向，即垂直于CB方向，则合力F的方向大致如图所示，又F的方向与帆面垂直，则帆面并不处于锐角∠ACB的两边之间；选项B错误；

C．由题意和B项的分析可知船可以沿AC和CB航行，则若不断改变船身和帆面的方位，无自带动力帆船可沿锯齿形航线从A驶向B；选项C正确。

本题选不正确的，故选B。4、C【分析】【详解】

AB．运动员接球过程；球的末动量为零，球的初动量一定，球的动量变化量一定，由动量定理可知，球受到的冲量一定，手受到球的冲量一定，故AB错误；

CD．先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得

得

当时间增大时；作用力就减小，故C正确，D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

A．Q和P组成的系统；只有小球P的重力做功，满足系统机械能守恒，故A正确；

B．由于小球P在竖直方向存在加速度；而凹槽Q在竖直方向没有加速度，则Q和P组成的系统在竖直方向的合外力不为零，竖直方向动量不守恒，故Q和P组成的系统动量不守恒，故B错误；

C．Q和P组成的系统在水平方向不受力；系统满足水平方向动量守恒，当小球P运动到圆心等高处时，小球P和凹槽Q的速度均为零，此时小球P和凹槽Q的动能均最小，故C错误；

D．当P释放后第一次速度为零时，小球P相对于凹槽Q运动到左侧圆心等高处，此过程小球P相对凹槽Q向左的位移大小为但由于凹槽Q向右运动，可知小球P的位移小于故D错误。

故选A。6、D【分析】【详解】

AB．大楼振动的固有频率与固有周期只由大楼本身决定；与振动源无关，选项AB错误；

C．大楼振动的周期等于振源的振动周期；与阻尼器无关，选项C错误；

D．大楼上方的阻尼器跟随摆动来消减强风或地震导致的振动幅度；选项D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、A:D【分析】【详解】

A.小滑块冲上轨道的过程；只有重力做功，系统的机械能守恒，故A项正确；

B.小滑块冲上轨道的过程；小滑块对带有圆弧轨道的滑块的压力使其加速运动，即小滑块对带有圆弧轨道的滑块的压力做正功，故B项错误；

C.当小滑块从圆弧轨道返回脱离圆弧轨道时；圆弧轨道的速度最大，故C项错误；

D.设小滑块脱离圆弧轨道时小滑块和圆弧轨道的速度分别为v1和v2．由水平动量守恒和机械能守恒得

联立解得:

故D项正确．8、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

ABC．多普勒效应是由于波源与观察者之间发生相对运动而产生的；其波源的频率不发生变化，是观察者接收到的频率发生变化，故B；C正确，A错误；

D．机械波和光波都有多普勒效应现象；D错误；

E．当声源向观察者靠近时；观察者接收到的频率大于声源发出声波的频率，E正确；

故选BCE。9、B:C:D【分析】试题分析：ABD、根据sinC=求出临界角的大小，从而作出光路图，根据几何关系，结合折射定律求出出射光线的方向．

C；根据几何关系；求出第一次的出射点距C的距离．

解：ABD、因为sinC=临界角C=45°

第一次射到AB面上的入射角为60°；大于临界角，所以发生全发射，反射到BC面上，入射角为60°，又发生全反射，射到CD面上的入射角为30°

根据折射定律得，n=解得θ=45°．

即光从CD边射出；与CD边成45°斜向左下方，故A错误，BD正确．

C；根据几何关系得；AF=4cm，则BF=4cm．

∠BFG=∠BGF；则BG=4cm．所以GC=4cm．

所以CE=cm；故C正确．

故选BCD．

【点评】解决本题的关键掌握全发射的条件，以及折射定律，作出光路图，结合几何关系进行求解．10、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题图乙可知时刻，质点在平衡位置，且沿轴负向运动，再结合题图甲可知波沿轴的负方向传播；故A错误，B正确；

C．坐标原点与之间第一次形成题图甲所示波形，根据波沿轴的负方向传播可得，时刻波刚好传播到位置；故C正确；

D．由题图甲可得波长由题图乙可得周期故波速。

时刻，波刚好传播到位置，那么，波刚好传播到处的时间为。

则在到的时间内，处的质点振动时间为。

故该质点运动路程为。

故D错误。

故选BC。11、A:C:D【分析】【详解】

A.杆刚进入磁场之前的加速度。

则进入磁场时速度大小为。

选项A正确；

B.杆刚进入磁场时产生的感应电动势：

E=Bdv则电阻R1两端的电势差大小为。

选项B错误；

C金属棒进入磁场后；由动量定理：

即。

因为。

解得。

选项C正确；

D.整个过程中；产生的总焦耳热：

则电阻R1上产生的焦耳热为。

选项D正确；

故选ACD。12、B:C【分析】【详解】

根据动量守恒定律得p1+p2=p1′+p2′

解得p1′=2kg•m/s

碰撞过程系统的总动能不增加，则有

代入数据解得

碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有

代入数据解得

综上有

故BC正确；AD错误．

故选BC。

点睛：对于碰撞过程，往往根据三大规律，分析两个质量的范围：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后两物体同向运动时，后面物体的速度不大于前面物体的速度．13、B:C【分析】【详解】

AB．力F作用在长木板上后，由牛顿第二定律可得

解得滑块和长木板的加速度分别为

撤去力F时滑块和长木板的速度分别为

故A错误；B正确；

C．撤去力F后．由动量守恒定律可得

解得滑块最终的速度为

故C正确；

D．撤去力F前．滑块在长木板上移动的距离为

撤去力F后，由能量守恒定律可得

解得

则长木板的长度为

故D错误。

故选BC。14、A:D【分析】【详解】

AB．由图象知，波长λ=2m，振幅A=2cm，由图知，A、P间的距离为振动从A传到P的时间为则波速为

则该波的周期为

故A正确；B错误；

C．质点P在时刻处于平衡位置；故C错误；

D．A、P间的距离为质点P处于波峰位置时质点A一定处于波峰位置；故D正确；

故选AD．15、A:D【分析】【详解】

A．如图甲；自然光由空气射入水面上，反射光是偏振光，A正确；

B．如图乙所示，照相机的镜头表面常常镀一层透光膜，膜的外表面和玻璃表面反射的光发生干涉，则膜的厚度为光在膜中波长的两列光的路程差等于光在膜中波长的振动减弱，减少反射光损失，增加入射光的强度，使得照片更清晰，B错误；

C．空气薄层干涉是等厚干涉；即明条纹处空气的厚度相同，条纹向左弯曲，表明条纹弯曲处左侧空气膜的厚度与直条纹处空气膜的厚度相同，弯曲处是凹下的，C错误；

D．如图丁为光线通过一个不透光的圆盘得到的衍射图样；亮点叫做泊松亮斑，D正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

①[1]波的周期T=2s，波长λ=1m，则波速v==0.5m/s

②[2]P点向上运动；根据“上下坡法”，可知波是向左传播；

③[3]Q点此时从最大位移开始向平衡位置运动，振动图象是一条余弦曲线，A=0.2cmω==πrad/s

Q点的振动方程为y=0.2cosπtcm

【点睛】

此题是振动图像和波的图像的结合题；解决本题的关键能够通过图象获取信息，会通过上下坡法判断质点振动和波传播方向的关系．【解析】0.5向左0.2cosπt17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]相干性：激光具有频率相同；相位差恒定、偏振方向一致的特点；具有高度的相干性；

应用：光纤通信。

[4]平行度：激光的平行度非常好；传播很远的距离仍能保持一定的强度。

[5]应用：激光汇聚一点；读取光盘上记录的信息等。

[6][7][8]亮度高：它可以在很小的空间和很短的时间内集中很大的能量。

应用：用激光束切割、焊接，医学上可以用激光做“光刀”、激发核反应等。【解析】①.相同②.恒定③.一致④.平行度⑤.汇聚一点⑥.空间⑦.时间⑧.能量18、略

【分析】【详解】

[1]由图知，B点开始振动时向上振动，故O点开始振动时振动方向向上；

[2]由质点A在时第二次出现在平衡位置得

解得

由图像可知，波长为则有【解析】向上519、略

【分析】【详解】

[1]原子核衰变时动量守恒，由动量守恒定律可知

新核与粒子的动量p大小相等，它们在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可得

轨道半径

它们的轨道半径之比

[2]根据核反应过程中质量数和核电荷数守恒，求得产生新核的质量数为234，则粒子和新核的质量之比

已知粒子的动能为

产生新核的动能

求得

本次衰变的释放的总能量为【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当圆盘转动一会静止后；小球受阻力作用而做阻尼振动；

[2]若弹簧和小球构成的系统振动频率约为3Hz，现使圆盘以4s的周期匀速转动，经过一段时间后，小球振动达到稳定，小球的振动频率等于驱动力的频率，即为

[3]逐渐改变圆盘的转动周期，当小球振动的振幅达到最大时，此时圆盘的周期等于小球的固有周期，即为【解析】阻尼振动0.250.3321、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]质点振动nT（n=0；1，2，3，）时，波形不变；

（2）[2][3]波的传播方向上，当两质点平衡位置间的距离为nλ（n=1，2，3，）时，它们的振动步调总相同；当两质点平衡位置间的距离为（2n＋1）（n=0，1，2，3，）时，它们的振动步调总相反。【解析】①.不变②.相同③.相反四、作图题(共2题，共18分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如图。

【解析】23、略

【分析】【详解】

由图甲可知，简谐波的波长所以周期

此时波形与时刻波形相同，根据同侧法可知，波沿x轴负方向传播，根据波形的平移法可知，将时刻的波形向左平移得到时的波形图像；如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共3题，共12分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]图乙中螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为

则最终读数为

同理，对准第4条时读数为

相邻亮纹的间