2025年人教五四新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、华为手机麒麟9000型芯片是5nm制作工艺；光刻机是芯片制造的核心设备之一。光刻机通过一系列的光源能量，将光束透射过画着线路图的掩模，用透镜将线路图成比例缩小后映射到涂有化学层的硅片上，受到光线照射的部分，可以被冲洗掉，在硅片上就得到了掩膜上的电路图。芯片的制作过程需要用较大能量光子的光照射，应选用的光源是（）

A.波长长的光源B.频率大的光源C.强度小的光源D.强度大的光源2、某同学用一个微安表头（量程1mA，内阻900Ω）电阻箱和电阻箱组装一个多用电表，有电流和电压两档，改装电路如图所示，则应调到多大阻值（）

A.B.C.D.3、下列元器件中，是电容器的是（）A.B.C.D.4、可以用检验电荷在电场中的受力情况来研究电场的强弱。若将检验电荷放在静电场中的某一点，检验电荷的电荷量q不同，其所受的电场力F也不同。下列图像正确反映F和q关系的是A.B.C.D.5、电磁学中电荷量、电动势、电容、磁通量这四个物理概念的国际制单位是（）A.库伦，特斯拉，法拉，伏特B.库伦，伏特，法拉，韦伯C.库伦，伏特，法拉，特斯拉D.安培，焦耳，伏特，韦伯评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，电流表和电压表均为理想电表，R为电阻箱，为定值电阻，C为电容器.当闭合开关S，增大电阻箱的阻值时，电流表示数变化量用ΔI表示，电压表示数变化量用ΔU表示；下列说法正确的是。

A.电阻两端的电压减小，减小量等于ΔUB.电容器的带电量增加，增加量为CΔUC.电压表的示数U和电流表的示数I的比值增大D.电压表示数变化量ΔU和电流表示数变化量ΔI的比值不变7、在图示电路中，电源内阻不可忽略，R1、R2为定值电阻，G为灵敏电流计，V为理想电压表，平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，位于电容器两板间的带电油滴恰好静止，现将滑动变阻器的滑片P向下移动；则以下说法正确的是（）

A.G中有从a到b的电流B.V示数增大C.油滴向上运动D.电源内阻消耗功率增大8、如图所示，两个带等量负电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑的绝缘水平面上，P、N是小球A、B连线的水平中垂线上的两点，且PO＝ON。现将一个电荷量很小的带正电的小球C（可视为质点）由P点静止释放，在小球C向N点运动的过程中，下列关于小球C的说法可能正确的是（）

A.速度先增大，再减小B.速度一直增大C.加速度先增大再减小，过O点后，加速度先减小再增大D.加速度先减小，再增大9、如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计；开关S闭合后，静电计指针张开一个角度，下列说法正确的是（）

A.保持开关S闭合，将A、B两极板分开一些，指针张角变大B.保持开关S闭合，将A极板向上移动一点，指针张角不变C.断开开关S，将A、B两极板分开一些，指针张角变大D.断开开关S，将A极板向上移动一点，指针张角变小10、如图所示，轻弹簧上端固定，下端拴着一带正电小球Q，Q在O处时弹簧处于原长状态，Q可在O1处静止．若将另一带正电小球q固定在O1正下方某处时，Q可在O2处静止．现将Q从O处由静止释放，则Q从O运动到O1处的过程中（）

A.Q运动到O1处时速率最大B.加速度大小先减小后增大C.机械能不断减小D.Q、q弹簧与地球组成的系统的势能不断减小11、在如图所示的图象中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线II为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路。由图象可知（）

A.电源的电动势为3V，内阻为0.5B.电阻R的阻值为10C.电源的输出功率为2WD.电源的效率为66.7%评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

13、在如图所示的电路中，电源内电阻为r,R1、R3分别为两个定值电阻．闭合电键S,当变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，伏特表V1的示数逐渐________(选填“增大”、“减小”、“不变”)．若移动P的过程中，电流表示数变化量的大小为伏特表V2示数变化量的大小则比值是_______________(选填“增大”；“减小”、“不变”)

14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为900N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－9C的正点电荷，则A处场强大小EA＝_______N/C，B处的场强大小EB＝______N/C，方向____________．

15、取一对用绝缘柱支撑的导体A和B；使它们彼此接触，起初它们不带电，分别贴在导体A；B下部的金属箔均是闭合。现将用丝绸摩擦过的玻璃棒C移近导体A，回答下列问题：

(1)若先把A和B分开，然后移去C，此时A导体上的金属箔______，B导体上的金属箔______（填“带正电”、“带负电”、“不带电”）。若再用手接触B，此时观察到的现象是______；

(2)若先移去C，然后把A和B分开，此时A导体金属箔______，B导体金属箱______（填“带正电”；“带负电”、“不带电”）；

(3)A、B导体带电的实质是______。16、尖端放电：所带电荷与导体尖端的电荷符号相反的粒子，由于被______，而与尖端上的电荷______，相当于导体从尖端______的现象．17、定义：组成黑体的振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的______，这个不可再分的______叫作能量子。18、在如图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，极板B接地。

（1）若极板B稍向上移动一点，则将观察到静电计指针偏角______（选填“变大”或“变小”），此实验说明平行板电容器的电容随正对面积的减小而______（选填“增大”或“减小”）。

（2）若极板B稍向右移动一点，则将观察到静电计指针偏角______（选填“变大”或"变小”），此实验说明平行板电容器的电容随极板间距离增大而______（选填“增大”或“减小”）。19、如图所示中的游标卡尺的示数是__________cm，螺旋测微器的示数是__________mm。

20、在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有_______一部分转化为电热，_______部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即_______=_______+_______。评卷人得分四、作图题(共1题，共6分)21、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)22、某物理兴趣小组利用图甲电路测量一电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为0.5Ω），其中R为电阻箱，R0为定值电阻。

(1)定值电阻R0的阻值应选用_______（选填“2Ω”；“2kΩ”）；

(2)根据图甲将图乙的实物图连接成测量电路。()

(3)多次改变电阻箱的阻值R，记录下对应的电压U，以为纵坐标、为横坐标，根据记录的数据作出图线如图丙所示。若不考虑电压表对电路的影响，则该电源的电动势E=______V（结果保留三位有效数字），内阻r=_______Ω（结果保留两位有效数字）。23、为测量定值电阻的阻值（约为10Ω）；实验室提供了如下的实验器材：

A．直流电源（电动势内阻可忽略不计）；

B．电流表（量程为30mA，内阻）；

C．电流表（量程为3A，内阻）；

D．电压表（量程为6V，内阻）；

E．定值电阻（）；

F．定值电阻（）；

G．滑动变阻器（最大阻值为10Ω；允许通过的最大电流为2A）；

H．滑动变阻器（最大阻值为15kΩ；允许通过的最大电流为0.5A）；

L．开关一个；导线若干。

（1）为了能比较精确地测量的阻值，电流表应选用______（选填“B”或“C”），定值电阻应选用______（选填“E”或“F”）；

（2）为了滑动变阻器调节方便，并让电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用______（选填“G”或“H”）；

（3）根据所选用的实验器材；设计测量电阻的电路图如图所示；

（4）若电压表的示数为U，电流表的示数为I，则待测电阻的计算式为______（用题中物理量的符号表示）。24、某同学想测量阻值约为20kΩ某种圆柱形材料的电阻率；实验要求必须精确测出该段材料的阻值。除了导线和开关外，实验室还备有以下器材可供选用：

电流表A1，量程1A，内阻r1约0.5Ω

电流表A2，量程30mA，内阻r2约200Ω

电压表V1，量程6V，内阻RV1等于20kΩ

电压表V2，量程10V，内阻RV2约30kΩ

滑动变阻器R1，0～20Ω；额定电流2A

滑动变阻器R2，0～2000Ω；额定电流1mA

电源E（电动势为12V，内阻r约2Ω）

(1)请选择合适的器材，设计出便于精确测量的电路图画在虚线框中______；其中滑动变阻器应选_______。

(2)若选用其中一组电表的数据，设该段圆柱形材料的长为L，直径为d，由以上实验得出这种材料电阻率的表达式为_______。25、某同学在测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率时。

（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为________cm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为________mm。

（3）在该实验中，用伏安法测量金属丝电阻时，电流表的连接有图丙和图丁两种连接方式，因所用金属丝电阻较小，考虑电表内阻引起的系统误差，应选择图________（选填“丙”或“丁”）连接方式可使测量结果更加准确，用这种接法测得的电阻值将________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。

评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)26、如图所示，氢核从极板A发出(初速度可忽略不计)，经A、B板间的电压U1加速，从B板中心孔沿中心线射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，氢核进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，氢核的质量为m，电荷量为q；不计氢核受到的重力及它们之间的相互作用力．求：

（1）氢核穿过A板时速度的大小v0；

（2）氢核从偏转电场射出时的侧移量y；

（3）先后让一束氢核和一束α粒子通过上述加速和偏转电场后，两者轨迹是否重合，并理论分析．27、一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后,从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5×105V/m的匀强电场中,到达该电场中另一点D时,电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120°,如图所示.试求C、D两点沿电场强度方向的距离y.

28、家用电熨斗的铭牌上标有“220V400W”．求:

(1)电熨斗正常工作时的电流；（保留到小数点后两位）

(2)电熨斗正常工作30分钟消耗的电能．29、如右图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和—Q，A、B相距为2d，MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p．质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v0；已知MN与AB之间的距离为d；静电力常量为k，重力加速度为g，求：

（1）C、O间的电势差UCO；

（2）在O点处的电场强度E的大小；

（3）小球p经过与点电荷B等高的D点时的速度VD大小．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

由光子的能量公式，即

可知，频率越大额光子能量越大，光子的能量与光子的强度无光，而根据公式

可得，波长越长，光子的频率越小，ACD错误，B正确。

故选B。2、C【分析】【分析】

本题考查了电压表与电流表的改装；知道电表的改装原理，应用串并联电路特点；欧姆定律可以解题。微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表；根据串并联电路特点计算串并联电阻阻值。

【详解】

微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表；串联一个大电阻改装成大量程的电压表，改装图如图所示。

当接接线柱时是改装为电流表，根据并联电路特点得

代入数据解得

当接接线柱时改装为电压表，根据串联电路得特点得

解得

故C正确，ABD错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

A．图片所示为电阻箱；故A错误；

B．图片所示为电阻；故B错误；

C．图片所示为电容器；故C正确；

D．图片所示为电池；故D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

静电场中的某一点的场强不变，与检验电荷无关，根据F与q成正比关系；所以A正确；

故选A。5、B【分析】【详解】

电荷量Q、电动势Q、电容C、磁通量的国际制单位为库伦C、伏特V、法拉F、韦伯Wb；故B正确，ACD错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)6、B:C:D【分析】【详解】

AB．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1两端的电压减小量小于△U．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U；故A错误；B正确．

C．由图R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大；故C；正确．

D．根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（R1+r）

由数学知识得知

保持不变．故D正确．

故选BCD．

【点睛】

此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意R是非纯性元件．7、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．滑动变阻器的滑片P向下移动，并联部分电路电阻减小，根据分压原理，有

可知电压表示数减小，电容器两端电压减小，根据公式有

可知电容器极板上电荷要减小，有从a到b的电流出现；故A正确；B错误；

C．对油滴进行分析可知；之前二力平衡，现在极板电荷量减小，导致极板间场强变小，电场力将小于重力，故油滴将向下运动。故C错误；

D．根据分压原理，外部电阻减小，路端电压减小，则内电阻电压增加，有

电源内阻消耗功率增大；故D正确。

故选AD。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．等量负电荷连线的中垂线O点以上部分电场方向竖直向下，并且从无穷远处向O点先增大后减小，O点以下部分电场方向竖直向上，并且从无穷远处向O点先增大后减小，所以带正电的小球C从P点释放后，在P→O过程中电场力做正功，速度增大，从O到N过程中电场力做负功；速度减小，A正确，B错误；

CD．由于P和N点的位置与中垂线上电场强度最大点的位置关系不明，所以加速度变化不是一定的，如果P和N点在最大电场处外面，在小球C的加速度先增大再减小，过O点后；加速度先增大再减小，C错误，D正确。

故选AD。9、B:C【分析】【详解】

AB．保持开关S闭合；电容器两端间的电势差不变，无论如何改变电容器极板间距，正对面积，静电针指针张角不变，故A错误，B正确；

C．断开开关S，电容器带电量保持不变，使A、B两极板分开一些，根据

d变大，C变小，根据

U增大；张角增大，故C正确；

D．断开开关S，电容器带电量保持不变，将A极板向上移动一点，根据

S变小，C变小，根据

U增大；张角增大，故D错误。

故选BC。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A.q在O1正下方某处时，Q在O2处受力平衡；速率最大，故A错误；

B.Q在O2处加速度为零，Q第一次从O运动到O1的过程中加速度先减小到零后反向增大；故B正确；

C.Q的机械能E等于Q的动能与重力势能之和；由功能关系有。

△E=W弹+W电而弹簧弹力一直做负功，即W弹＜0，库仑力也一直做负功，即W电＜0，则△E＜0；即Q的机械能不断减小，故C正确；

D.系统的势能Ep等于重力势能；电势能与弹性势能之和；根据能量守恒有。

△Ep+△Ek=0由于Q的动能Ek先增大后减小；所以系统的势能先减小后增大，故D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律得。

当时。

由图读出电源的电动势。

内阻等于斜率的大小；则。

故A正确；

B．电阻。

故B错误；

C．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态；由图读出电压为2V，电流为2A，则电源的输出功率为。

故C错误；

D．电源的效率。

故D正确。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0213、略

【分析】【详解】

[1][2]当变阻器的滑动触头P向下滑动时,接入电路的电阻变大,电路总电阻变大,根据闭合电路欧姆定律,总电流减小,电阻两端的电压减小,所以伏特表的示数逐渐减小,伏特表的示数

所以伏特表示数变化量的大小为

所以比值是定值大小不变．【解析】减小不变14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由知，点电荷在A处产生的场强

方向向左，与匀强电场方向相反，所以A处合场强为零；

[2][3]点电荷在B处产生的场强大小为EB＝900N/C，方向向下，所以B处合场强为

方向与水平方向呈45°角斜向右下；【解析】01．27×103与水平方向呈45°角斜向右下15、略

【分析】【分析】

【详解】

丝绸摩擦过的玻璃棒C带正电荷；导体A；B接触在一起时，处在正电荷的电场中，由于静电感应，导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出正电荷，且电荷量相等，所以导体两端的金属箔都张开，且左端带负电，右端带正电。

(1)[1][2][3]若先把A和B分开；然后移去C，导体A；B的电荷不能中和，故A导体上的金属箔带负电，B导体上的金属箔带正电，若用手接触B则将B导体的正电荷中和而不再带电，故此时观察到的现象是B导体的金属箔闭合；

(2)[4][5]若先移去C；导体A和导体B上的正负电荷中和，均不再带电，故A；B导体金属箔均不带电；

(3)[6]A、B导体带电的实质是电子转移（或电荷转移）。【解析】带负电带正电B导体的金属箔闭合不带电不带电电子转移（或电荷转移）16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】吸引中和失去电荷17、略

【解析】①.整数倍②.最小能量值ε18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据电容器的公式

可知，当极板B稍向上移动一点，S变小；电容变小，在电荷量不变的情况下，电压变大，静电计的张角变大。

[2]根据上述可知；电容减小。

（2）[3]若极板B稍向右移动一点，d变小；电容变大，在电荷量不变的情况下，电压变小，静电计的张角变小。

[4]根据上述可知，电容随极板间距离增大而变小。【解析】①.变大②.减小③.变小④.减小19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的示数为

[2]螺旋测微器的示数为【解析】10.0254.48720、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5]在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有很少一部分转化为电热，绝大部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，即根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即。

【解析】很少绝大UItI2RtE其他四、作图题(共1题，共6分)21、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共28分)22、略

【分析】【详解】

(1)[1]定值电阻应选用与电源内阻相差不多的电阻；即应选择2Ω。

(2)[2]测量电路如图；

(3)[3][4]根据闭合电路的欧姆定律有

整理得

结合题图丙有V-1Ω·V-1

解得VΩ【解析】2Ω2.860.4123、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]由电压表的量程值与待测电阻的比值可知；待测电流的最大值约为0.6A，因此两个电流表均不能直接选用，可将量程为30mA的电流表与定值电阻并联，改装成量程为0.6A的电流表，此时接入定值电阻阻值为。

故电流表挑B；定值电阻挑E。

（2）[3]待测电阻阻值较小；为了滑动变阻器调节方便，并让电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用阻值较小的G；

（4）[4]由欧姆定律可知。

【解析】BEG24、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]因该材料电阻值很大，与电压表内阻接近，因此电流将很小，不能使用电流表，只能用两个电压表，由于V1的阻值已知可当电流表使用，可以考虑将二者串联再与V2并联，又由于滑动变阻器阻值远小于待测电阻的阻值，故滑动变阻器应用分压式接法，为调节方便选用阻值小的变阻器R1；电路图如图所示。

(2)[