2025年北师大新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版必修3物理上册阶段测试试卷818考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于静电场，以下说法正确的是（）A.沿着电场线方向，电势越来越低B.电场中场强为零的地方，电势一定为零C.电场强度表示的是电场本身的能的性质D.静电场是看不见、摸不着的，故不存在2、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四根导线中电流I4＝I3>I2>I1，要使O点磁场增强，则应切断哪一根导线中的电流()A.I1B.I2C.I3D.I43、如图为研究电容器充、放电的实验电路图。实验时，先使开关S掷向1端，电源E对电容器C充电；经过一段时间，把开关S掷向2端，电容器C与电阻R相连，电容器放电。电容器在充电过程中，其电容C与所带电荷量Q之间的关系；下列图像中正确的是（）

A.B.C.D.4、关于等势面的说法中不正确的是（）A.在电场中电势相等的各点构成的面叫作等势面B.电势相等的两点在同一个等势面上C.在同一个等势面上移动电荷时，静电力做功D.等势面一定跟电场线垂直5、如图所示，三个完全相同的金属小球a、b、c位于三角形的三个顶点上。a带正电，b和c带负电，a所带电量的大小比b小。已知c受到a和b的静电力的合力可以用图中四条有向线段中的一条来表示；它应是（）

A.F1B.F2C.F3D.F46、图为某一电源的路端电压U与干路电流I之间的关系曲线；由图可知（）

A.电源的电动势为2.0VB.电源的短路电流为0.4AC.电源最大功率为0.8WD.电源外电路接一滑动变阻器时，调节滑动变阻器的阻值，电源最大输出功率为0.2W7、特斯拉汽车公司（TeslaMotors）是美国一家产销电动车的公司，由斯坦福大学硕士辍学生伊隆·马斯克与硕士毕业生JBStraubel于2003年成立，特斯拉汽车公司以电气工程师和物理学家尼古拉·特斯拉命名，专门生产纯电动车，物理学中特斯拉是哪个物理量的单位A.电场强度B.磁感应强度C.磁通量D.电动势8、如图为“探究感应电流与磁通量变化关系”的实验装置图．下列操作中不能产生感应电流的是。

A.开关S闭合瞬间B.开关S断开瞬间C.开关S闭合后，变阻器滑片P移动D.开关S闭合后，变阻器滑片P不移动评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°.现将三个等量的正点电荷＋Q分别固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为＋q的点电荷依次放在菱形中心O点和另一个顶点d点处；两点相比：

A.d点电场强度的方向由O指向dB.＋q在d点所具有的电势能较大C.d点的电势小于O点的电势D.d点的电场强度小于O点的电场强度10、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板分别与电池两极相连，开关闭合，发现在距两板距离相等的点有一个带电液滴处于静止状态，将板向下平移一小段距离；下列说法中正确的是（）

A.液滴将加速向下运动B.液滴将保持不动C.点电势升高D.液滴在点时的电势能增大11、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r；闭合开关后，当滑动变阻器的滑片由右端向左移动时（）

A.电流表的示数变大B.电流表的示数变小C.电压表的示数变大D.电压表的示数变小12、如图所示，真空中存在着水平向右的匀强电场，一个质量为带电量为的带正电的小球，从电场中的点以大小为的初速度竖直向上抛出。已知重力加速度为电场强度大小不计空气阻力，则小球在电场内运动的过程中（）

A.小球做的是匀变速运动B.小球运动到最高点所用时间为C.小球的最小速度为D.从开始至小球的速度大小再次为过程中，电场力做功为13、甲、乙为同种材料做成的两柱状导体，横截面积之比为1∶2，长度之比为2∶1。相同时间内，通过甲、乙两导体某一横截面的电量之比为1∶2，则甲、乙两导体中（）A.电流之比为1∶2B.电流之比为1∶1C.自由电荷定向移动的平均速率之比为1∶1D.自由电荷定向移动的平均速率之比为1∶214、USB电风扇体积小；便于携带；并且采用了新型的无刷直流电机，比传统的马达风扇更安静、更省电。目前，USB电风扇已经成了上班族、学生党的常备利器。关于USB电风扇，以下说法正确的是（）

A.风扇正常工作时，同一扇叶上各点角速度大小相等B.风扇正常工作时，同一扇叶上各点线速度大小相等C.若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机消耗的总功率：P总=UID.若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机输出机械功率：P出<UI15、如图所示电路中；平行板电容器极板水平放置，板间有一质量为m的带电油滴悬浮在两板间静止不动．要使油滴向上运动，可采用的方法是()

A.只把电阻R1阻值调大B.只把电阻R2阻值调大C.只把电阻R3阻值调大D.只把电阻R4阻值调大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，是根据某同学做“用伏安法测定电池的电动势和内电阻”的实验记录，画出的U-I图像，则待测电源电动势E=___________V，内电阻r=___________欧。

17、摩擦起电的原因：当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的___________会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带___________，失去电子的物体则带___________。18、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一电子静止放在C点处，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则它所受的静电力的大小为______N，方向______。

19、如图；已充电的平行板电容器的极板B与一灵敏的静电计相接，极板A接地。若极板A稍向左移动，则。

（1）平行板电容器电容值___________

（2）两极板间的场强___________（两空均选填“变大”；“变小”或“不变”）

20、如图所示，两条直线分别对应着两个导体R1、R2。那么，两导体的电阻之比为R1:R2=_________，若两个导体串联时，两导体两端的电压之比为U1:U2=_________。

21、表头的满偏电压和满偏电流一般都比较小，测量较大的电压或电流时要把它改装成较大量程的电压表或电流表。现有一个量程内阻为的表头G。

（1）若要把此表头改装成量程为3V的电压表，应串联一个阻值为______的电阻；

（2）若要把此表头改装成量程为10mA的电流表，应并联个阻值为______的电阻；

（3）若将此表头改装成有两个量程的电流表，如图所示，则使用A、B两个端点时，量程______选填“较大”或“较小”

22、判断下列说法的正误。

（1）黑体一定是黑色的物体。____

（2）能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体。____

（3）温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大。____

（4）能量子的能量不是任意的，其大小与带电微粒的振动频率成正比。____

（5）黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，与材料的种类及表面状况无关。____23、将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点；则：

（1）a点的电场强度比b点的______（填“大”“小”）；

（2）a点的电势比b点的______（填“高”“低”）；

（3）检验电荷－q在a点的电势能比在b点的______（填“大”“小”）；

（4）将检验电荷－q从a点移到b点的过程中，电场力做______功（填“正”“负”或“不做”）；评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)24、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

26、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)28、（1）某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值，由于第一次选择的欧姆挡（）；发现表针偏转角度极小。现将旋钮调至另外一挡，进行第二次测量使多用电表指针指在理想位置。下面列出第二次测量的过程中可能进行的操作（）：

A.将两表笔短接；并调零。

B.将两表笔分别跟被测电阻的两端接触；观察指针的位置。

C.将多用电表面板上旋钮调到挡。

D.将多用电表面板上旋钮调到挡。

E.随即记下表盘的读数；乘以欧姆表的倍率挡，测得电阻值。

根据上述有关操作，请选择合理实验步骤并按操作顺序写出______。

（2）使用多用电表进行了两次测量，指针所指的位置分别如图甲中所示。若选择开关处在“”的电阻挡时指针位于则被测电阻的阻值是______

（3）两位同学使用完多用电表后，分别把选择开关置于图乙和图丙位置，你认为图______的位置比较好。

29、物理实验小组想要测量某电压表V（量程为3V）的内阻（大约为几千欧）

(1)先通过一个多用电表的欧姆挡直接测量此电压表的内阻：

A．欧姆挡的选择开关拨至×100挡，先将红、黑表笔短接调零后，选用图中_______（选填“A”或“B”）方式连接；

B．欧姆表表盘如图所示，某同学读出欧姆表的读数为________Ω；

(2)为了准确测量电压表V的内阻，某同学利用提供的实验器材设计了如图所示的实验电路请用已知量（定值电阻的阻值R0和电流表、电压表的示数I、U），表示出电压表V的内阻RV=_________。

评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)30、小明同学想用满偏电流为Ig=1mA，电阻Rg=100Ω的表头G改装成欧姆表。他还选用了如下器材：电源：电动势为E=1.5V，内阻r=0.5Ω；定值电阻：R0=1kΩ；滑动变阻器R：最大值为Rm=1kΩ；红表笔和黑表笔各一支。

（1）请用小明选择的器材帮他设计改装欧姆表的电路图（用题中所给器材符号表示）。

（2）用此欧姆表进行欧姆调零时，滑动变阻器R的阻值是多少？

（3）用此欧姆表测电阻时，表头的电流为0.6mA，则测得的电阻Rx是多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

A．沿着电场线方向；电势越来越低，选项A正确；

B．电场中场强为零的地方；电势不一定为零。例如等量同种电荷连线的中点，选项B错误；

C．电场强度表示的是电场本身的力的性质；选项C错误；

D．静电场是看不见；摸不着的；但它是真实存在的物质，选项D错误。

故选A。2、D【分析】【详解】

从图中可得在O点产生的磁感应强度的方向都为垂直纸面向里，而在O点产生的磁感应强度方向为垂直纸面向外，故要使O点磁场增强，则应该切断D正确。

【点睛】

本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱3、C【分析】【详解】

电容器的电容只与电容器自身有关；与所带电荷量无关，故ABD错误，C正确。

故选C。4、C【分析】【详解】

AB．在电场中电势相等的各点构成的面叫作等势面；故AB正确；

CD．在同一个等势面上移动电荷时，根据公式

若在同一等势面上移动，UAB=0；所以静电力不做功，因此电场力一定与等势面垂直，即等势面一定跟电场线垂直，故C错误，D正确。

故选C。5、D【分析】【分析】

【详解】

对c球受力分析；如图。

由于a球的带电量比b球的小，故b球对c球的静电引力较大；根据平行四边形定则，合力的方向如图。

故选D。6、A【分析】【详解】

A．由图可知；电源的电动势为2.0V，选项A正确；

B．电源的内阻为

短路电流为

选项B错误；

C．电源的功率P=IE，当电流最大时功率最大，最大电流为0.53A，则最大功率为P=2×0.53W=1.06W

选项C错误；

D．电源外电路接一滑动变阻器时，调节滑动变阻器的阻值，当滑动变阻器的电阻等于电源内阻时电源输出功率最大，则电源最大输出功率为

选项D错误。

故选A。7、B【分析】【分析】

【详解】

A．电场强度的单位是伏/米和牛顿/库仑；不是特斯拉，故A错误；

B．磁感应强度的单位是特斯拉；故B正确；

C．磁通量的单位是韦伯；故C错误。

D．电动势的单位是伏特；不是特斯拉，故D错误；

故选B。8、D【分析】【分析】

产生感应电流的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生变化；根据图示情景分析答题．

【详解】

A项：开关S闭合瞬间；穿过线圈B的磁通量发生变化，线圈产生感应电流，故A错误；

B项：开关S断开瞬间；穿过线圈B的磁通量发生变化，有感应电流产生，故B错误；

C项：开关S闭合后；变阻器滑片P移动，穿过线圈B的磁通量发生变化，有感应电流产生，故C错误；

D项：开关S闭合后；变阻器滑片P不移动，穿过线圈B的磁通量不发生变化，没有感应电流产生，故D正确．

故选D．二、多选题(共7题，共14分)9、A:C:D【分析】【详解】

试题分析：根据电场的叠加，分析d点电场强度的方向；O点的电场强度等于b处+Q在O处产生的电场强度大小．根据顺着电场线方向电势降低；分析d点与O点电势关系．正电荷在高电势高处电势能大．

解：A；由电场的叠加原理可知；d点电场方向由O指向d，A正确；

B；由O到d合场强方向均沿Od；故d点电势小于O点电势，+q在O点具有的电势能较大，故B错误，C正确；

D、设菱形的边长为r，根据公式E=k分析可知三个点电荷在D产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，d点的场强大小为Ed=2k．O点的场强大小为EO=4k可见，d点的电场强度小于O点的电场强，即Ed＜EO；故D正确．

故选ACD．

【点评】

本题关键要抓住对称性，由电场的叠加分析场强大小和电场线的方向，再判断电场力大小和电势能的高低．10、A:C【分析】【详解】

AB．原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电；电容器与电源相连，板间电压不变，将板向下平移时，两板间的距离变大，由

可知：板间电场强度减小；液滴受到的电场力减小，液滴所受合力向下，液滴将加速向下运动，故A正确，B错误；

C．电容器上极板接地，电势为零，即板下移时，与上极板的距离不变，由于减小，与板件的电势差

减小，电势差

则点电势升高；故C正确；

D．点的电势升高；因带电液滴带负电，故电势能将减小，故D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【详解】

AB．由图可知，当滑动变阻器的滑片由右端向左移动时，接入电路的电阻变小，根据闭合回路的欧姆定律

可知；电流变大，则电流表的示数变大，故B错误，A正确；

CD．根据闭合回路的欧姆定律

由AB分析可知；电流变大，则路端电压变小，则电压表的示数变小，故C错误D正确。

故选AD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．根据小球的初速度和受力特点；合力恒定，与初速度不在一条直线上，所以小球将做匀变速曲线运动，A正确；

B．将小球的运动分解为竖直方向的竖直上抛运动和水平向左的初速度为零的匀加速直线运动，其加速度分别为

当小球运动到最高点时，由运动的独立性和等时性可知，小球运动到最高点所经历的时间

B错误；

C．将重力和电场力合成，合力方向为斜向右下方，设与水平方向夹角为则

小球运动过程中只有重力与电场力做功，当小球运动到速度方向与合力方向垂直时，速度最小，设小球从抛出到此位置经历的时间为t1，则

解得

故小球的最小速度为C正确；

D．当小球速度再次到达v0时，此时恰好是竖直方向速度为零的时候，由前面分析可得运动到此时所用时间为

此时速度为

水平位移为

电场力做功为

D正确。

故选ACD。13、A:C【分析】【详解】

AB．根据电流公式得

A正确；B错误；

CD．根据电流的微观表达式得

C正确；D错误。

故选AC。14、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．风扇正常工作时；同一扇叶上各点属于同轴转动，角速度大小相等，选项A正确，B错误；

C．若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，则电机消耗的总功率：P总=UI；选项C正确；

D．若风扇内部电机两端电压为U，输入电流为I，电机消耗的总功率：P总=UI，同时又由于电动机线圈生热消耗一部分能量，因此电机输出机械功率：P出<UI；选项D正确。

故选ACD。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．只把电阻R1阻值调大，并联部分电压减小，R4的电压减小；电容器的电压减小，板间场强减小，油滴向下运动，故A错误；

B．只把电阻R2阻值调大；外电路总电阻增大，并联部分电压增大，则电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上运动，故B正确；

C．只把电阻R3阻值调大，外电路总电阻增大，干路电流减小，并联部分电压增大，R1的电流增大，流过R4的电流减小，R4的电压减小；油滴向下运动，故C错误；

D．只把电阻R4阻值调大，外电路总电阻增大，干路电流减小，并联部分电压增大，R1的电流增大，流过R4的电流减小，R3的电压增大，R4的电压增大；油滴向上运动，故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

[1]由图象图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为3.0，则电源电动势E=3.0V

[2]电源内阻【解析】3.01.017、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]摩擦起电的原因为当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的电子会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带负电，失去电子的物体则带正电。【解析】①.电子②.负电③.正电18、略

【分析】【分析】

【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的静电力FA、FB；如图所示：

由库仑定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四边形定则和几何知识得静止放在C点的电子受到的静电力大小为F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB连线向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB连线向左19、略

【分析】【详解】

（1）[1]因为电容器未和电源连接，B极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不变，B板与A板带等量异种电荷，电量也几乎不变，故电容器的电荷量Q几乎不变；若极板A稍向左移动，则极板的距离d增大，根据

由于d增大，则C变小。

（2）[2]由公式

整理得

可知E的大小与d的变化无关，故两极板间的场强不变。【解析】变小不变20、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知

所以R1:R2=1:3。

[2]由串联电路特点知U1:U2=R1:R2=1:3【解析】21、略

【分析】【详解】

（1）[1]若将此表头改装成量程为的电压表，由欧姆定律知

代入数据得

（2）[2]若将此表头改装成量程为

的电流表，由欧姆定律可知

代入数据得

（3）[3]把表头改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值越小，改装后电流表的量程越大，由图示电路可知，使用A、B两个端点时并联分流电阻阻值较小，此时电流表量程较大。【解析】135037.5较大22、略

【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确23、略

【分析】【分析】

电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方；负电荷具有的电势能越小．

【详解】

（1）电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大；（2）a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的；（3）电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小；（4）由（3）可知，-q在a点的电势能较b点小，则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点；电势能增大，电场力做负功。

【点睛】

该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加；知道电场线从正电荷出发，终止于负电荷。【解析】大高小负四、作图题(共4题，共40分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析26