2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷726考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，金属杆ab长为l，垂直放置于光滑平行金属导轨上，导轨置于水平面内，导轨的左端接一电阻，阻值为R，金属棒ab的电阻为r，其余电阻不计，整个装置置于匀强磁场中，匀强磁场与导轨所在平面垂直，磁感应强度为B．现施加一水平向右的外力F，让金属棒ab以恒定的速率v水平向右运动；下列叙述正确的是。

A.ab杆中的电流方向由a到bB.b点电势高于a点电势C.ab两点的电势差为D.施加于金属棒ab的外力大小与安培力大小相等，即2、关于花粉颗粒在液体中的布朗运动，下列说法正确的是A.布朗运动能反映花粉颗粒内部分子的无规则运动B.布朗运动就是液体分子的无规则运动C.花粉颗粒越小，布朗运动越明显D.温度足够低时，花粉颗粒的布朗运动可能停止3、如图所示，在矩形MNQP区域中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点；不计粒子重力．从图示轨迹中可以判断()

A.a粒子带负电，b粒子带正电B.c粒子的动量大小大于a粒子的动量C.b粒子运动的时间大于a粒子运动的时间D.b粒子的加速度大于c粒子的加速度4、在图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω；电阻R=5.0Ω，不计电路中的其他电阻．闭合开关S后，通过电阻R的电流为（）

A.3.0AB.2.0AC.1.0AD.0.50A5、有一等腰直角三角形形状的导线框abc，在外力作用下匀速地经过一个宽为d的有界匀强磁场区域，线圈中产生的感应电流i与沿运动方向的位移x之间的函数图象可能是如图中的（）

A.B.C.D.6、关于冲量、动量、动量变化量的下列说法正确的是()A.冲量的方向一定和动量的方向相同B.冲量的大小一定和动量变化量的大小相同C.动量变化量方向一定和动量的方向相同D.动量变化量的大小一定和动量大小的变化量相同7、如图所示，在无限长的光滑绝缘的水平直轨道上有两个带电小球a和b，a球质量为2m，带电量为＋q，b球质量为m，带电量＋2q，两球相距较远且相向运动，某时刻a、b球的速度大小依次为v和1.5v；由于静电斥力的作用，它们不会相碰，则下列叙述正确的是（）

A.两球相距最近时，速度大小相等、方向相同B.a球与b球所受的静电斥力对两球始终做负功C.a球一直沿原方向运动，b球要反向运动D.a、b两球都要反向运动，但a球先反向评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、空间存在着一个正方形匀强磁场区域。一束电子从a点以垂直磁感应强度方向射入，初速度方向与ab平行，其中一部分自c射出，一部分从d射出，它们在磁场中运动的轨迹半径分别为和运动时间分别为和不计重力和电子间相互作用，则（）

A.B.C.D.9、在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1250匝，横截面积S=20cm2，螺旋管导线电阻r=1Ω，R1=4Ω，R2=5Ω，C=20μF。在一段时间内，竖直向下穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化，则下列说法中正确的是（）

A.螺线管中产生的感应电动势为1000VB.闭合S，电路中的电流稳定后，电容器下极板带负电C.闭合S，电路中的电流稳定后，通过电阻R1的电流为0.1AD.闭合S，电路中的电流稳定后，再断开S，以后流经R2的电量为10、物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展，下列说法符合事实的是()A.赫兹通过一系列实验，证实了麦克斯韦关于光的电磁理论B.查德威克用α粒子轰击获得反冲核发现了中子C.贝克勒尔发现天然放射性现象，说明原子核有复杂结构D.卢瑟福通过对阴极射线的研究，提出了原子核式结构模型11、关于热平衡，下列说法正确的是（）A.系统甲与系统乙达到热平衡就是它们的温度达到相同的数值B.标准状况下冰水混合物与的水未达到热平衡C.量体温时体温计需要和身体接触十分钟左右是为了让体温计跟身体达到热平衡D.冷热程度相同的两系统处于热平衡状态12、关于磁场的磁感应强度B、电流I和安培力F的相互关系，下图中不正确的是A.B.C.D.13、如图所示，在倾角为θ的粗糙斜面上（动摩擦因数μθ），存在一矩形磁场区域ABDC，磁场方向垂直斜面向下，现将材料相同、边长相等、粗细不同的单匝闭合正方形细线圈1和粗线圈2，在距磁场边界AB下方等距的位置以相同初速度滑上斜面，最终又都从边界AB滑出磁场，则从线圈开始运动到滑出磁场的整个过程中，下列说法正确的是

A.全程运动时间t1＞t2B.克服摩擦力做功Wf1＜Wf2C.在磁场中产生的焦耳热Q1＝Q2D.在第一次进入磁场的过程中通过线圈某截面的电荷量q1＜q214、如图光滑金属导轨efgh由宽窄两部分组成,导轨电阻不计,其中倾斜导轨与水平导轨用光滑绝缘材料连接(长度可忽略,导体AB经过此处时动能不变)水平倾斜导轨都有垂直导轨平面的匀强磁场,磁感应强度大小均为B,方向如图所示．eg间距为L连接有阻值为R的电阻,h间距为2L,导体棒AB长L,CD长2L,质量均为m,电阻均为r,倾斜导轨与水平面夹角为θ．现导体棒AB由距水平面H高处静止释放(H足够高)AB、CD在运动过程中与导轨接触良好并始终垂直导轨(em、gn足够长,AB不会越过mn两点,重力加速度g),则()

A.导体棒A在倾斜导轨的最终速度为B.从释放到最终稳定,通过电阻R上的电荷量为C.最终CD棒的速度为D.最终AB棒的速度为15、如图所示，光滑绝缘细管与水平面成30°角，在管的右上方P点固定一个点电荷+Q，P点与细管在同一竖直平面内，管的顶端A与P点连线水平，图中PB垂直AC，B是AC的中点．带电荷量为-q的小球（小球直径略小于细管的内径）从管中A处由静止开始沿管向下运动，它在A处时的加速度为a，不考虑小球电荷量对+Q形成的电场的影响．则在电场中（））

A.B点的电场强度大小是A点的3倍B.小球运动到C处的加速度为g-aC.A点的电势高于B点的电势D.小球从A到C的过程中电势能先减小后增大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、一列很长的列车沿平直轨道飞快地匀速行驶，在列车的中点处，某乘客突然按亮电灯，使其发出一道闪光，该乘客认为闪光向前、向后传播的速度相等，都为站在铁轨旁边地面上的观察者认为闪光向前、向后传播的速度__（选填“相等”或“不等”车上的乘客认为，电灯的闪光同时到达列车的前、后壁；地面上的观察者认为电灯的闪光先到达列车的__（选填“前”或“后”壁。

17、双桶洗衣机的脱水桶的电机是由一个定时开关和一个由桶盖控制的开关组成的，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机又被关闭。

（1）如图所示的哪个电路图能满足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，完成其真值表，并在虚线框内画出该门电路符号()。输入输出ABZ00______01______10______11______

18、如图，左侧竖直玻璃管固定，下端与汞压强计相连，上端封有一定量的气体。开始压强计的U形管两臂内汞面一样高，气柱长为10cm、温度为7℃。当气体温度升为27℃时：如需保持气体压强不变，则应向___________（选填“上”或“下”）适当移动右管；如需保持气体体积不变，则两侧玻璃管内的液面高度差应调整为___________cm（小数点后保留两位）。（大气压强相当于76cm汞柱产生的压强）

19、某同学设计了一个加速度计，如图所示．较重的滑块2可以在光滑的框架1中平移，滑块两侧用弹簧3拉着；R为滑动变阻器，4是滑动片，它与电阻器任一端间的电阻值都与它到这端的距离成正比．这个装置实际上是一个加速度传感器．工作时将框架固定在被测物体上，使弹簧及电阻R均与物体的运动方向平行．当被测物体加速运动时，滑块将在弹簧的作用下，以同样的加速度运动．通过电路中仪表的读数，可以得知加速度的大小．已知两个电池E的电动势相同，均为9V，内阻可以忽略不计；滑块的质量为0.6kg，两弹簧的劲度系数均为2×102N/m，电阻器的全长8.0cm，弹簧在弹性形变内，电压表为指针式直流电压表（可视为理想电压表），零刻度在表盘中央（即可显示正负电压），当P端的电势高于Q端时；指针向零点左侧偏转．当被测物体的加速度为零时，电压表的示数为零；当被测物体的加速度达到最大时，电压表的示数为满偏量程．

（1）当加速度为零时，应将滑动片调到距电阻器左端______cm处；

（2）当物体具有图示方向的加速度a时，电压表的指针将向零点______（填“左”；“右”）侧偏转；

（3）若将电压表的表盘换成直接表示加速度大小及方向的刻度盘，则表盘的刻度______（填“均匀”、“非均匀”）分布．20、如图所示，一质量为m、电荷量为+q的小球从距地面为h处，以初速度v0水平抛出，在小球运动的区域里，加有与小球初速度方向相反的匀强电场，若小球落地时速度方向恰好竖直向下，小球飞行的水平距离为L，小球落地时动能Ek=__________，电场强度E=_____________．

21、（1）关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是____．（填选项前的字母）

A．一定量气体吸收热量；其内能一定增大。

B.不可能使热量由低温物体传递到高温物体。

C.若两分子间距离增大；分子势能一定增大。

D.若两分子间距离减小；分子间引力和斥力都增大。

（2）空气压缩机的储气罐中储有1.0atm的空气6.0L,现再充入1.0atm的空气9.0L．设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，则充气后储气罐中气体压强为_____．（填选项前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)25、①小明同学用螺旋测微器测定某一金属丝的直径，测得的结果如下左图所示，则该金属丝的直径d=_____mm．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度L=_____cm．

②然后小明又用多用电表粗略测量某金属电阻丝的电阻Rx约为5.0Ω；为了尽可能精确地测定该金属丝的电阻，且测量时要求通过金属丝的电流在0～0.5A之间变化.根据下列提供的实验器材，解答如下问题：

A、量程0.1A，内阻r1=1Ω的电流表A1

B、量程0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A2

C、滑动变阻器R1全电阻1.0Ω；允许通过最大电流10A

D、滑动变阻器R2全电阻100Ω；允许通过最大电流0.1A

E、阻值为29Ω的定值电阻R3

F、阻值为599Ω的定值电阻R4

G、电动势为6V的蓄电池E

H、电键S一个；导线若干。

（a）根据上述器材和实验要求完成此实验，请在虚线框内画出测量该金属丝电阻Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应的元件符号标注）．

()

（b）实验中测得电表A1示数为I1，A2表示数为I2，其它所选的物理量题目中已给定，请写出电阻丝的电阻表达式Rx=_____.26、利用“油膜法估测油酸分子的大小”实验，体现了构建分子模型的物理思想，也体现了通过对宏观量的测量，来实现对微观量间接测量的方法．该实验简要步骤如下：。A．用注射器吸入按照酒精与油酸体积比为m∶n配制油酸酒精溶液，现用滴管滴取油酸酒精溶液，N滴溶液的总体积为V.B．用注射器将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油滴散开、油膜形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜形状描画在玻璃板上C．用浅盘装入约2cm深的水，然后把滑石粉均匀地撒在水面上D．将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，用数学方法估算出油膜的面积SE．根据油酸酒精溶液的浓度和一滴油酸酒精溶液的体积，算出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积F．利用测定数据求出薄膜厚度d，即为油酸分子的大小（1）上述实验步骤中B、C、D的顺序不合理，请重新对这三个步骤排序：____；

（2）利用实验步骤中测出的数据，可得油酸分子直径d=_______．评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)27、如图所示，两条相互平行的光滑金属导轨，相距L=0.2m，左侧轨道的倾斜角θ=30°，右侧轨道为圆弧线，轨道端点间接有电阻R=1.5Ω，轨道中间部分水平，在MP、NQ间有距离为d=0.8m，宽与导轨间距相等的方向竖直向下的匀强磁场．磁感应强度B随时间变化如图乙所示．一质量为m=10g、导轨间电阻为r=1.0Ω的导体棒a从t=0时刻无初速释放，初始位置与水平轨道间的高度差H=0.8m．另一与a棒完全相同的导体棒b静置于磁场外的水平轨道上，靠近磁场左边界PM．a棒下滑后平滑进入水平轨道（转角处无机械能损失），并与b棒发生碰撞而粘合在一起；此后作为一个整体运动．导体棒始终与导轨垂直并接触良好，轨道的电阻和电感不计,g取10m/s2．求：

（1）a导体棒进入磁场前瞬间速度大小和a导体棒从释放到进入磁场前瞬间过程中所用的时间。

（2）粘合导体棒刚进入磁场瞬间受到的安培力大小。

（3）粘合导体棒最终静止的位置离PM的距离。

（4）全过程电阻R上产生的焦耳热参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A.导体切割磁感线，由右手定则知感应电流方向由到故A错；

B.由右手定则为正极，为负极；故B错；

C.感应电动势两点电势差为路端电压为故C错；

D.感应电流匀速运动，所以外力等于安培力：D正确；2、C【分析】【详解】

布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒做的永不停息的无规则运动，反映液体分子的无规则运动，温度越高，固体颗粒越小，布朗运动越剧烈，温度低时花粉颗粒的布朗运动变的缓慢，不可能停止，所以A、B、D错误；C正确．3、D【分析】【详解】

根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，故A错误；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m解得：因c的轨道半径小于a，则c粒子的动量大小小于a粒子的动量，选项B错误；粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=相同，粒子在磁场中的运动时间：由于m、q、B都相同，粒子a转过的圆心角θ大于b，则b粒子运动的时间小于a粒子运动的时间，故C错误；根据qvB=ma，b的速度最大，则b粒子的加速度大于c粒子的加速度，选项D正确；故选D.

点睛：本题考查了粒子在磁场中的运动，由于左手定则与牛顿第二定律可以解题；带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小．4、D【分析】【分析】

本题是闭合电路问题；根据闭合电路欧姆定律列式求电路中的电流I．

【详解】

根据闭合电路欧姆定律得故D正确；ABC错误．

故选D．

【点睛】

本题关键要掌握电路中的基本规律：闭合电路欧姆定律，并能正确计算即可求解．5、D【分析】【详解】

根据题意得，感应电动势：感应电流为在进入磁场的过程中，切割的有效长度在减小，根据右手定则判断，感应电流为逆时针；在出磁场的过程中，切割的有效长度在减小，根据右手定则判断，感应电流为顺时针，所以感应电流方向相反，都在减小，ABC错误D正确6、B【分析】【详解】

AB.根据动量定理可知；冲量的大小一定和动量变化量的大小相同，根据矢量性，冲量的方向与动量变化的方向相同，故选项B符合题意，选项A不符合题意；

C.动量变化量的方向不一定和动量的方向相同；选项C不符合题意；

D.动量变化量满足平行四边形法则，故动量变化量的大小不一定和动量大小的变化量相同，选项D不符合题意7、A【分析】【详解】

A．由分析，两球构成的系统所受外力的合力为0，系统动量守恒，当两球速度大小相等、方向相同时

类比完全非弹性碰撞；系统机械能减小最大，减小的机械能转化为电势能，此时两球相距最小，A正确；

BCD．由题意可知，a球动量大于b球动量，b球的速度先减小至零，然后反向加速。因系统动量水平向右，当速度相同时，两球速度均向右，之后b球做加速运动，a球继续做减速运动，速度减至零后，开始反向。故a、b球都要反向运动，但b球要先反向运动。因此静电斥力对b球先做负功后做正功；BCD错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)8、A:D【分析】【详解】

AB．设磁场边长为a；如图所示。

粒子从c点离开，其半径为

粒子从d点离开，其半径为

则

B错误；A正确；

CD．由

根据圆心角求出运行时间

运行时间

则

C错误；D正确。

故选AD。9、C:D【分析】【详解】

A．根据法拉第电磁感应定律

A错误；

B．根据楞次定律可知回路中产生的电流方向是逆时针；所以电容器下级板带正电，B错误；

C．闭合S，电路中的电流稳定后，根据闭合电路欧姆定律，有

C正确；

D．S断开后，流经R2的电量即为S闭合时电容C极板上所带的电量Q，S闭合时电容器两端的电压U=IR2=0.1×5V=0.5V

流经R2的电量Q=CU=20×10-6×0.5C=1.0×10-5C

D正确。

故选：CD。

【点睛】

要会运用楞次定律判断电流的方向，并且要对电容器的充放电有一个正确的认识。10、A:C【分析】【详解】

A；麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹通过实验证实了麦克斯韦的电磁理论，选项A正确；

B、卢瑟福用α粒子轰击获得反冲核发现了质子，选项B错误；

C；贝克勒尔发现的天然放射性现象；说明原子核具有复杂结构，选项C正确；

D；卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究；提出了原子的核式结构模型，选项D错误．

【点睛】

此题是对近代物理学史的考查；都是课本上涉及的物理学家的名字及其伟大贡献，只要多看书、多积累即可很容易得分；对物理学史的考查历来都是考试的热点问题，必须要熟练掌握．11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AD．两系统达到热平衡时的标志是它们的温度相同；或者说它们的冷热程度相同，故AD正确；

B．标准状况下，冰水混合物与的水已达到热平衡。故B错误；

C．量体温时温度计需和身体接触十分钟左右是为了让温度计跟身体达到热平衡。故C正确。

故选ACD。12、A:B:C【分析】由左手定则可知，A图中安培力应与图中反向，B图中F方向应于I、B均垂直直线左上方，C图中F=0，只有D是正确的；此题选择不正确的，故选ABC.13、B:D【分析】【详解】

A项：线圈刚进磁场时有：，其中所以加速度为所以加速度相同，同理分析可知，全过程中所用时间相向，故A错误；

B项：由可知，越粗的质量越大，由公式由于路程相同，所以越粗的克服摩擦力做功越多，故B正确；

C项：热量：所以越粗的发热越多，故C错误；

D项：由公式所以越粗的电量越大，故D正确．

故应选：BD．14、A:C【分析】【详解】

A．由平衡条件可得：解得：故A正确；

B．若导体棒恰好在到达倾斜导轨底端时达到稳定；则通过R的电荷量为。

但导体棒可能在之前就达到稳定，故B错误；

CD．AB棒进入水平轨道后与CD棒组成闭合回路，由导体棒切割磁感线和运动学知识可知，AB棒向右减速动CD棒向右加速运动，CD棒运动后回路中的电动势为当时，电路中的电流为零，即有此后两棒做匀速直线运动；

对AB棒从速度为到最终稳定即速度过程中应用动量定量有：（取向右为正方向）

同理对CD棒应用动量定理有：

结合

联立解得：

故C正确，D错误．15、B:D【分析】【详解】

A.结合几何关系：PA=2PB，由点电荷电场强度公式，可知，电场强度的大小与间距的平方成反比，则B点的电场强度大小是A点的4倍，故A错误；

B.在A处时小球的加速度为a，对A点受力分析，电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的；当在C处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，

由A处可知，Fcos30∘+mgsin30∘=ma；

而在C处,则有：mgsin30∘−Fcos30∘=ma′，

解得：a′=g−a.故B正确；

C.正点电荷的电场线发散型，由于沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故C错误；

D.根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故D正确；

故选BD.

【点睛】

根据点电荷电场强度的公式，即可比较电场强度；由牛顿第二定律，结合库仑定律，即可求解加速度；由正点电荷电场线的分布，结合沿着电场线方向电势降低，即可求解；根据电场力做功的正负来确定电势能高低；三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据相对论的知识可知；车厢中的人认为，车厢是个惯性系，光向前向后传播的速度相等。

[2]光源在车厢中央，闪光同时到达前后两壁。地面上人以地面是一个惯性系，光向前向后传播的速度相等，向前传播的路程长些，到达前壁的时刻晚些。【解析】相等后17、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题目要求；能满足条件的电路是A；

（2）[2]该电路为“与”门电路；电路符号为。

[3][4][5][6]真值表。输入输出ABZ000010100111【解析】A000118、略

【分析】【详解】

[1]若需保持气体压强不变；根据盖—吕萨克定律可知气体温度升高，则体积增大，所以左侧汞面下降，而汞的总体积不变，且末状态下左；右汞面应仍保持在同一高度，则末状态下右侧汞面应更加靠近管口，所以应向下适当移动右管。

[2]开始时封闭气体的压强和温度分别为

末状态下气体温度为

如需保持气体体积不变，设末状态下气体压强为p1，根据查理定律有

解得

根据平衡条件可知

解得两侧玻璃管中液面高度差对应的压强为

即两侧玻璃管内的液面高度差应调整为5.43cm。【解析】下5.4319、略

【分析】【详解】

（1）[1]当加速度为零时，滑块应处于电阻器的中央，电阻器的全长8.0cm，则应将滑动片调到距电阻器左端4cm处；

（2）[2]当物体具有图示方向的加速度a时，滑块所受的弹簧的拉力的合力向右，滑块相对框架向左移动，根据顺着电流方向电势降低，可知P端的电势低于Q点的电势，则电压表的指针将向零点右侧偏转；

（3）[3]设加速度为a时，电压表的读数为U，则2kx=ma

又

联立解得

由于U与a成正比，所以表盘的刻度应均匀。

点睛：本题中应变式加速度计体现了一种重要的实验设计思想--转换思想，即把难以直接测量的力学量转换为容易测量的电学量。这类题目是力与电综合题，关键要寻找力电联系的桥梁。【解析】（1）4；（2）右；（3）均匀20、略

【分析】【详解】

[1]把小球的运动分解到水平和竖直方向，竖直方向做自由落体运动，水平方向作用下做匀减速运动。由小球落地时速度方向恰好竖直向下，知落地时v0恰好减为零，落地时速度为

落地时的动能为

解得

[2]竖直方向

水平方向

联立可得【解析】mgh21、A:D【分析】【分析】

【详解】

(1)改变内能有热传递和做功；如果吸热比对外做功要少得话，物体的内能会减小，所以答案A错；在引起变化的条件下，热量可以从低温传给高温如空调等所以答案B错；在分子力为排斥力时距离增大分子势能减小，答案C错，正确答案选D.

(2)由等温变化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正确，BCD错误．故选A．四、作图题(共3题，共27分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期