2025年岳麓版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版选修3物理下册月考试卷782考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、按图所示的电路连接各元件后，闭合开关S，L1、L2两灯泡都能发光．在保证灯泡安全的前提下；当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是（）

①L1变暗②L1变亮③L2变暗④L2变亮．

A.①③B.②③C.①④D.②④2、一交流电压为u＝100sin(100πt)V，由此表达式可知()A.用电压表测该电压其示数为50VB.将该电压加在“100V100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WC.该交流电压的周期为0.02sD.t＝s时，该交流电压的瞬时值为50V3、某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为φP和φQ；则()

A.EP>EQ，φP>φQB.EP>EQ，φP<φQC.EPQ，φP>φQD.EPQ，φP<φQ4、电容器的电容取决于极板的面积、极板间距离以及极板间的电介质这几个因素．如果某一个物理量的变化，能够引起上述某个量的变化，从而引起电容的变化，那么通过测定电容就可以确定该物理量的变化．起到这种用途的电容器叫做电容式传感器．图示是测定液面高度h的电容式传感器原理图．在金属芯线外面涂上一层电介质；放入导电液中，金属线和液体构成电容的两个极．则，下列关于该电容式传感器的分析合理的是。

A.液面高度h降低时，该电容的电容减小B.液面高度h降低时，该电容两极板间的正对面积增大C.液面高度h升高时，该电容两极板间的距离增大D.液面高度h升高时，该电容存储电荷的能力减小5、下列说法正确的是A.甲乙在同一明亮空间，甲从平面镜中看见乙的眼睛时，乙一定能从镜中看见甲的眼睛B.我们能从某位置通过固定的注意透明的介质看见另一侧的所有景物C.可见光的传播速度总是大于电磁波的传播速度D.在介质中光总是沿直线传播6、下列关于结合能和比结合能的说法正确的是（）A.组成原子核的核子数越多，它的结合能一定越小B.组成原子核的核子数越多，它的比结合能一定越大C.结合能越大，原子核就越稳定D.比结合能越大，原子核就越稳定7、在家庭电路中，空调机要比电风扇费电多了，则下列说法正确的是（）A.空调机两端的电压大B.电风扇两端的电压大C.空调机和电风扇两端的电压一样大D.无法确定两者的电压关系评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、下列说法正确的是（）A.把一枚曲别针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B.形成液体表面张力的原因是由于液体表层的分子分布比内部密集C.在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关9、如图所示，带电小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，一质量为m，电荷量为q的带正电小球M穿在杆上从A点由静止释放，小球到达B点时速度恰好为零，已知A、B间距为L，C是AB的中点，两小球均可视为质点，重力加速度为g，则（）

A.小球从A到B的过程中加速度先减小后增大B.小球在B点时受到的库仑力大小为mgsinθC.小球在C点时速度最大D.在Q产生的电场中，A．B两点间的电势差为UAB=﹣10、有一列简谐横波的波源在O处，某时刻沿x轴正方向传播的振动形式传到20cm处，此时x轴上10cm处的质点已振动0.2s，P点离O处80cm，如图所示，取该时刻为t=0，下列说法正确的是（）

A.P点起振时的速度方向沿y轴负方向B.波的传播速度为1m/sC.经过1.5s，P点第一次到达波峰E.x=15cm处的质点从开始起振到P点开始起振的时间内通过的路程为52cmE.x=15cm处的质点从开始起振到P点开始起振的时间内通过的路程为52cm11、如图，电源电动势E=6V，内阻r=0.8定值电阻及R4=3Ω,图中电压表和电流表均为理想电表，当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时；下列说法正确的是。

A.通过G的电流为无穷大，从而会将G烧坏B.通过G的电流为0.2AC.V的示数将变大D.V的示数变化量的绝对值与A示数变化量的绝对值的比值为0.812、下列几幅图的有关说法中正确的是。

图甲图乙图丙图丁A.甲图中少数α粒子发生了较大角度偏转，是由于原子的全部正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上B.乙图中射线丙由α粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷，射线乙不带电，是高速运动的中子流C.丙图中强黄光和弱黄光曲线交于U轴同一点，说明发生光电效应时最大初动能与光的强度无关D.丁图为粒子通过气泡室时的照片，通过照片可以分析粒子的动量、能量及带电情况评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、如图所示，由“非”门构成的一个简单控制电路，其中为光敏电阻，光照时电阻很小，为变阻器，L为小灯泡，其原理：当光敏电阻受到光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”），不受光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”）。请同学们想一想这种自动控制电路可应用在哪里较好？______________________

14、如图为简易测温装置，玻璃管中一小段水银封闭了烧瓶内一定质量的气体，当外界温度升高时，瓶内气体的密度_____________（选填“不变”“增大”或“减小”），瓶内气体分子的平均动能________（选填“增大”或“减小”）。

15、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功。已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J。该内燃机的效率为________。随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率________(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.16、花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病。在这三种射线中，_____射线的穿透能力最强；α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了_____个；β衰变所释放的电子是由原子核中的_____转化而来.17、阅读短文；回答问题：

变频空调机。

空调机中有被称为“冷媒”的物质；利用它的物态变化可以实现室内；室外热量的转移，如图所示是空调机制冷系统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在管内循环，压缩机的转速越大，“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强．

压缩机的转速由供电频率决定；“变频空调”是与传统供电频率不变的“定频空调”相比较而产生的概念，与“定频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速．供电频率越高，转速越大，达到控制“冷媒”流量的目的．

变频空调机开始工作时；以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机随机处于低速持续运转状态，维持室温基本不变．

某型号变频空调机的部分参数如下表；其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和；能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比．

。

最小。

额定。

最大。

输入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

请回答下列问题：

(1)空调机的制冷原理是：在室内；“冷媒”由于________吸收热量，而在室外则由于________放出热量，从而把室内的热量转移到室外，达到降低室内温度的目的．（以上均填物态变化名称）

(2)关于变频空调机；下列说法正确的是：（_____）．（填字母序号）

A；变频空调的压缩机与定频空调一样；也是断断续续工作的。

B；空调机制冷时；图中钢管A内流动的是气态“冷媒”

C；空调压缩机是利用降温的方法使“冷媒”发生物态变化的。

D、变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)21、（1）实验室中常见的长度测量工具有游标卡尺、螺旋测微器、刻度尺，下列对这三种仪器的选用及读数正确的是______

A.甲同学在测量乒乓球的直径时；选用20分度的游标卡尺，读数为40.0mm

B.乙同学在测量一根头发丝的直径时；选用螺旋测微器，读数为0.08mm

C.丙同学在测量矿泉水瓶口的内径时；选用10分度的游标卡尺，读数为26.0mm

D.丁同学在测量学生用等腰直角三角板的斜边长时；选用刻度尺，读数为70.00mm

（2）如图甲所示,是气垫导轨上的两个滑块的照片,中间是滑块A,质量mA=0.20kg,右边是滑块B,质量mB=0.30kg.图乙是滑块B向左运动中与滑块A碰后合为一体的频闪照片,频闪照片的频率f=10Hz.本实验可以探究碰撞中不变量．根据照片提供的信息可知，在实验误差范围内可认为碰撞中的不变量为_________（选填“速度”、“动量”、“动能”），该不变量碰前的大小为________（保留2位有效数字）22、一直流电压表，量程为1V，内阻为1000Ω，现将一阻值为5000~7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6~7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线.．

（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图__________．

（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为_______V，电源电动势为________V．23、如图1是用来测量未知电阻的实验电路图，阻值约为几千欧；E是电池组，电动势为6V，内阻不计；V是电压表，盘程为3V，内阻R是电阻箱，阻值范围0~9999Ω；是滑动变阻器，和是单刀单掷开关。主要的实验步骤如下：

a.连好电路如图1，合上开关和调节滑动变阻器的滑片，使得电压表的示数为3.0V。

b.保持闭合，断开开关保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使得电压表的示数为1.5V。

c.读出电阻箱的阻值，并计算求得未知电阻的大小。

d.实验后整理仪器。

（1）供选择的滑动变阻器有：

A．最大阻值100Ω；额定电流0.5A

B．最大阻值20Ω；定电流1.5A

为了使实验测量值尽可能地准确，根据实验电路图可知，实验应选用的滑动变阻器是___________（填实验器材前的字母）。

（2）电压表示数为1.5V时，电阻箱的旋钮位置如图2所示，它的读数是___________Ω。

（3）未知电阻___________Ω。

（4）的测量值与其真实值相比___________（填“偏大”、“相等”或“偏小”）。24、某同学按如图所示的电路图连接电路，并测出路端电压U和电流I的多组数据，做出U﹣I图象，从U﹣I图象中可求出电池的电动势E=_____V，内电阻r=_____Ω。

评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)25、如图所示，在垂直于纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在竖直平面内，相距为L，电阻不计，中间连接阻值为R的电阻．电阻为r的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，且与轨道接触良好，以速度v竖直向下做匀速运动．探究此过程中，在时间内重力做的功与感应电流的电功之间的关系；并说明能量转化情况．

26、在磁感应强度的匀强磁场中有一个长方形金属线圈abcd，匝数ad边长ab边长线圈的ad边与磁场的左侧边界重合，如图所示，线圈的电阻用外力把线圈从左侧边界匀速平移出磁场，速度大小为试求在线圈匀速平移出磁场的过程中：

（1）线圈产生的电动势大小；

（2）b、c两点间的电势差

（3）外力对线圈所做的功

（4）通过线圈导线某截面的电量27、将如图所示的装置的右端部分气缸B置于温度始终保持不变的环境中，绝热气缸A和导热气缸B均固定在地面上，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦，开始时两形状相同的长方体气缸内装有理想气体，压强均为p0、体积均为V0、温度均为T0，缓慢加热A中气体，使气缸A的温度升高到2T0；稳定后．求：

（1）气缸A中气体的压强pA以及气缸B中气体的体积VB；

（2）试分析说明此过程中B中气体吸热还是放热？28、电路如图所示，电源电动势E＝30V，内阻r＝3Ω，电阻R1＝12Ω，R2＝R4＝4Ω，R3＝8Ω，C为平行板电容器，其电容C＝3.0pF，图中虚线到两极板距离相等，极板长l＝0.30m，两极板的间距d＝1.0×10－2m.求：

（1）若开关S处于断开状态，R3上的电压是多少？

（2）当开关闭合后，R3上的电压会变化；那么电容器上的电压等于多少？

（3）若开关S闭合时，有一带电微粒沿虚线方向以v0＝3.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S断开后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g取10m/s2)参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知流过的电流变大，故的变亮；灯泡及内阻分担的电压变大，电源的电动势不变，故并联部分电压变小，故通过的电流变小，即灯泡变暗；故C正确；ABD错误．故选C．

【点睛】由图可知与定值电阻串联后与滑动变阻器并联，再与串联；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，则可知电路中总电流的变化，即可知亮度的变化；由串联电路的电压规律可知与定值电阻两端的电压变化；则可得出亮度的变化．2、C【分析】【详解】

A.电压表测量为电压的有效值，所以电压示数为A错误．

B.灯泡额定电压为100V；所以灯泡正常发光，功率为100W，B错误．

C.根据表达式可知，角速度所以周期C正确．

D.当t＝s时，代入表达式，瞬时值为100V，D错误．3、A【分析】【分析】

本题考查电场线和电势。

【详解】

据题意，从上图可以看出，P点所在位置电场线较密集，该位置电场强度也较大，则有：沿电场线方向电势降低，则P点电势较高，有：．4、A【分析】【详解】

根据电容的决定式可知；液面高度h降低时，该电容两极板间的正对面积减小，该电容的电容减小，选项A正确，B错误；液面高度h升高时，该电容两极板间的距离不变，该电容两极板间的正对面积增大，该电容的电容变大，该电容存储电荷的能力增大，选项CD错误；故选A.

点睛：本题只要掌握电容的决定式知道金属芯线与导电液体形成一个电容器，液面高度h变化相当于正对面积变化，就能很容易分析电容与液面高度h的关系．5、A【分析】【详解】

A由光路可逆知道A正确；由于存在光的全反射，所以不一定从介质看到另一侧的所有景物，B错误；可见光也是电磁波，他它们的速度可以相等,C错误；只有在同一均匀介质中光才能沿直线传播，D错误6、D【分析】A；从氢原子核到铁原子核；结合能逐渐增大，铁是平均结合能最大的原子核，之后结合能逐渐减小，因此组成原子核的核子数越多，它的结合能不一定越小，故A错误；B、质量中等的原子核，比结合能最大，因此组成原子核的核子数越多，它的比结合能不一定越大，故B错误；C、比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能越大，比结合能不一定越大，故C错误；D、比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故D正确；故选D．

【点睛】本题考查了结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应用是关键；组成原子核的核子数越多，它的结合能不一定越小；组成原子核的核子数越多，它的比结合能也不一定越大．7、C【分析】家用电器之间都是并联的，根据并联电路电压的特点可知，空调机和电风扇两端的电压一样大，故选C正确，ABD错误。二、多选题(共5题，共10分)8、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．一枚针浮在水面上；浮力很小，可以忽略不计，是由于水的表面存在表面张力的缘故，故A正确；

B．形成液体表面张力的原因是由于液体表层的分子分布比液体内部稀疏；故B错误；

C．在围绕地球飞行的宇宙飞船中；自由飘浮的水滴处于失重状态，形状呈球形，这是表面张力作用的结果，故C正确；

D．在毛细现象中；毛细管中的液面有的升高，有的降低，这是由于液体的表面张力以及浸润和不浸润造成的，这与液体的种类和毛细管的材质有关，故D正确。

故选ACD。9、A:D【分析】【详解】

A．由题意可知；小球从A由静止运动在B点时，速度为零，则小球先加速后减速，那么一开始库仑力小于重力沿着细杆的分力，当减速运动时，则库仑力大于重力沿着细杆的分力，因此加速度先减小，再增大，故A正确；

B．球在B点时，速度为零，但不是处于平衡状态，由于球要向上运动，那么受到的库仑力大小大于mgsinθ；故B错误；

C．当球的加速度为零时；速度才能达到最大，而C虽是AB的中点，但此处库仑力；支持力与重力的合力不为零，故C错误；

D．根据动能定理，从A到B，则有0－0=mgLsinθ＋qUAB

解得UAB=－

故D正确。

故选AD。10、A:C:E【分析】【详解】

A．根据图象可知，A点起振方向向下，沿y轴负方向，各个质点的起振方向均相同，故质点P的起振方向与质点A的起振方向相同，为沿y轴负方向；故A正确；

B．根据图象可知波长λ=20cm=0.2m，此时x轴上10cm处的质点已振动0.2s，则周期T=0.4s，则波速故B错误；

C．P点第一次到达波峰的时间故C正确；

D．从0∼0.1s时间内，x=10cm处的质点从平衡位置向波峰位置振动；速度逐渐减小，到达波峰处速度为零，故D错误；

E．x=15cm处的质点从开始起振到P点开始起振的时间则x=15cm处的质点振动的路程故E正确；11、B:D【分析】【详解】

A、B、当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时外电路中的总电阻为根据闭合电路欧姆定律知R2和R4是并联关系，根据分流原理知流过R4的电流是0.8A；所以有0.2A的电流从电流计流过；故A错误，B正确.

C；当在P、Q之间连接另外一只理想电流表G时相比原来的电阻变小；所以电流变大，导致路端电压减小，所以电压表的示数变小，故C错误.

D、根据闭合电路欧姆定律知：则故D正确.

故选BD.

【点睛】

掌握电阻的连接方式和闭合电路的欧姆定律，动态分析电路的从局部导轨整体再到局部的步骤.12、A:C:D【分析】甲图中少数α粒子发生了较大角度偏转，是由于原子的全部正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上，选项A正确；乙图中射线丙向右偏转，由左手定则可知，它由α粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷；射线乙不偏转，故不带电，是高速运动的光子流，选项B错误；根据eU截=mvm2=hγ-W，当强黄光和弱黄光曲线交于U轴同一点，说明发生光电效应时最大初动能与光的强度无关，只与光的频率有关，故C正确．由图和根据玻尔理论知道，通过照片可以分析粒子的动量、能量及带电情况．故D正确．故选ACD.三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]当光敏电阻受到光照时，电阻很小，则非门输入高电势，输出低电势，故灯泡灭；不受光照时，电阻大，则分压大，非门输入低电势，输出高电势，小灯泡L亮，根据原理可知，可以作为路灯。【解析】灭亮可以作为路灯14、略

【分析】【详解】

[1][2]当外界温度升高时，瓶内气体体积增大，质量不变，瓶内气体的密度减小；由于热传递，瓶内气体温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大。【解析】减小增大15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]随着科技的进步；不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%。

【点睛】

此题考查了热力学第一定律△U=W+Q，注意公式中各个物理量的符号法则；知道热力学第二定律的内容。【解析】不可能16、略

【分析】【详解】

第一空.γ射线一般伴随着α或β射线产生；在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强；

第二空.发生α衰变时；电荷数少2，质量数少4，则中子数少2；

第三空.β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来。【解析】γ2中子17、略

【分析】（1）在室内；制冷剂由液态变成气态，叫做汽化，汽化吸热；在室外又由气态变成液态叫液化，液化放热．故填汽化（蒸发）；液化．

（2）变频空调的压缩机是连续工作的，故A错误；由图示可知，空调机制冷时，图中钢管A内流动的是气态“冷媒”，故B正确；空调压缩机是利用做功的方法使“冷媒”发生物态变化的，故C错误；变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强，故D正确。所以选BD。【解析】液化汽化BD四、作图题(共3题，共27分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)21、略

【分析】【详解】

（1）20分度的游标卡尺的精度为0.05mm；读数时以mm为单位，小数点后有两位，选项A错误；螺旋测微器的精度为0.01mm，后面估读以为，则读数时以mm为单位，小数点后有三位，选项B错误；10分度的游标卡尺精度为0.1mm，读数时以mm为单位，小数点后有一位，选项C正确；毫米刻度尺精度为1mm，读数时以mm为单位小数点后有一位，选项D错误.

（2）滑块B碰前速度：碰前动量：滑块AB碰后速度：碰后动量：则在实验误差范围内可认为碰撞中的不变量为动量；该不变量碰前的大小为4.8×10-2kg∙m/s.【解析】（1）C（2）动量4.8×10-2kg∙m/s22、略

【分析】【详解】

（1）为了使电压表有两次不同读数，才能确定电源电动势跟R1的数据，电压表、R1、R2只能组成串联电路；电路连接如下图．

（2）当S1、S2闭合时；

（1）

当S1闭合，S2断开时。

（2）

由（1）；（2）联立解得：

R1=6000Ω

改装后量程为。

．【解析】（1）电路如图所示．

（2）7；6.323、略

【分析】【详解】

(1)[1]本实验采用半骗法测电阻；为了更加精确，滑动变阻器要选用最大阻值小的，故选B。

(2)[2]由图可知读数为

(3)[3]根据半偏法原理可知

解得

(4)[4]再断开开关S2时，因R接入电路中，变阻器输出部分的电阻增大，输出电压增大，所以R的实际电压大于1.5V，则R的电阻大于待测电阻与电压表并联电阻，而电阻箱的电阻代替待测电阻与电压表并联的电阻，故测量值将偏大。【解析】B14002625偏大24、略

【分析】【详解】