2025年牛津上海版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、安培提出了著名的分子电流假说．根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，下列关于该环形电流的说法正确的是A.电流大小为电流方向为顺时针B.电流大小为电流方向为逆时针C.电流大小为电流方向为顺时针D.电流大小为电流方向为逆时针2、下列图中能产生感应电流的是A.B.C.D.3、如图所示，半径为R的圆所在平面与某一匀强电场平行，为圆周上三个点，O为圆心，D为中点。粒子源从C点沿不同方向发出速率均为的带正电的粒子，已知粒子的质量为m、电量为q（不计重力和粒子之间的相互作用力）。若沿方向入射的粒子恰垂直方向过D点。则以下说法正确的是（）

A.A、B、C三点电势高低为：B.沿垂直方向入射的粒子可能经过A点C.若则匀强电场的场强为D.若则过D点速率可能为4、下列说法正确的是（）A.牛顿发现电荷间相互作用力的规律B.楞次发现通电导线在磁场中受力的规律C.奥斯特发现了电流的磁效应D.安培发现了电磁感应现象5、如图所示的电路中，均为定值电阻，为滑动变阻器，电压表和电流表均为理想电表，电源的内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑片从图示位置向b端移动时（）

A.电流表的示数变大，电压表的示数变小B.电流表的示数变大，电压表的示数变大C.电流表的示数变小，电压表的示数变小D.电流表的示数变小，电压表的示数变大6、一太阳能电池板的电动势为0.80V，内阻为20Ω将该电池板与一阻值为140Ω的电阻连成闭合电路，该闭合电路的路端电压为（）A.0.80VB.0.70VC.0.60VD.0.50V7、如图所示，竖直平面内有两个固定的点电荷，电荷量均为与其连线中点O的距离均为h；质量为m带电量为的试探电荷以O为圆心做匀速圆周运动，A、B为圆周上的两点，两点与正点电荷连线与AB连线的夹角均为已知静电力常量为k；重力忽略不计，则（）

A.试探电荷做匀速圆周运动所需的向心力大小为B.试探电荷做匀速圆周运动的角速度为C.若增大，试探电荷仍能以O为圆心做匀速圆周运动，则试探电荷的向心力一定变小D.若在A点由静止释放负点电荷，该电荷将在连线上做简谐运动8、如图所示，两个半径不等的均匀带电圆环带电荷量相等，P环的半径大于Q环的，P带正电，Q带负电。两圆环圆心均在O点，固定在空间直角坐标系中的平面上。在x轴上，到O点的距离相等，c在y轴上，到O点的距离小于Q环的半径。取无限远处电势为零；则（）

A.O点场强为零，电势也为零B.两点场强相同，电势相等C.电子在c处的电势能大于在a处的D.电子沿x轴从a到b，电场力先做正功后做负功9、如图所示，在光滑绝缘的水平面上有两个电荷量分别为Q和q的滑块，两滑块的质量相等，两滑块的电性相同，电荷量Q>q．一开始；带电荷量为q的滑块静止，带电荷量为Q的滑块以某一初速度v从远处向右运动，则。

A.两滑块的加速度始终相同B.两滑块的速度相同时，两滑块间的电势能最大C.两滑块的总动量先变小，后变大D.两滑块最终以相同的速度做匀速直线运动评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r．如果将滑动变阻器的滑片向b端滑动；则灯泡L；电流表A（均未超过限度）的变化正确的是。

A.电流表A示数变小B.电流表A示数变大C.灯泡L变亮D.灯泡L变暗11、(多选)如图所示；一个不带电的导体球N，置于空心导体球M附近，现将另一个带电荷量为Q的金属球放于空腔导体M内，则()

A.若M接地，N上无感应电荷B.若M不接地，且M原来不带电，N上无感应电荷C.若M不接地，且M原来不带电，N上有感应电荷D.若M不接地，且M原来带电，N上一定有感应电荷12、某导体中的电流随其两端电压的变化情况如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB.加12V电压时，导体的电阻约是9ΩC.由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断增大D.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大13、如图所示；在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块。由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止。在物块的运动过程中，下列表述不正确的是（）

A.两个物块的电势能逐渐减少B.物块受到的库仑力做负功C.两个物块的机械能守恒D.物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力14、在x轴上A、B两点处分别有点电荷Q1和Q2，A、B之间连线上各点的电势如图所示。P是图线与x轴的交点，且AP>PB；取无穷远处电势为零，则（）

A.Q1和Q2是等量异种点电荷B.P点的电场强度为零C.负试探电荷在AP间与PB间受静电力方向相同，均沿x负方向D.负试探电荷在AP间的电势能小于它在PB间的电势能15、如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R为滑动变阻器；一带负电的小球固定在两平行板间某点，闭合电键S，待电路稳定后，下列操作能使小球的电势能增大的是（）

A.保持开关闭合，把M板下移一小段距离B.保持开关闭合，把N板上移一小段距离C.断开开关，把M板下移一小段距离D.断开开关，把N板上移一小段距离评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、电磁波谱的排列是：无线电波、微波、_______________、可见光、紫外线、X射线、γ射线；可用来灭菌消毒的电磁波是____________；在探月工程中，从地球向“月兔号”月球车发指令，电磁波信号经过__________s到达月球车。（已知地月表面距离约为3.84×108m）17、如图所示；带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：

（1）粒子带________电；

（2）粒子在________点加速度大；

（3）粒子在________点动能大；

（4）A、B两点相比，________点电势高．18、带电粒子在电场中的偏转。

如图所示，质量为m、带电荷量为q的基本粒子（忽略重力），以初速度v0平行于两极板进入匀强电场，极板长为l，极板间距离为d，极板间电压为U。

（1）运动性质：

①沿初速度方向：速度为___________的匀___________运动。

②垂直v0的方向：初速度为零的匀加速直线运动。

（2）运动规律：

①偏移距离：因为t=a=

偏移距离y=at2=

②偏转角度：因为vy=at=

tanθ==19、如图所示的实验装置为库仑扭秤。细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的一端是一个带电的金属小球A，另一端有一个不带电的球B，B与A所受的重力平衡，当把另一个带电的金属球C插入容器并使它靠近A时，A和C之间的作用力使悬丝扭转，通过悬丝扭转的角度可以比较力的大小，便可找到力F与距离r和电荷量q的关系。这一实验中用到了下列什么方法？__________、____________（微元法；微小量放大法、极限法、控制变量法、逐差法、估算法）

20、地球表面附近存在着电场，一带负电的微粒在此电场中某处受到电场力的方向竖直向上，由此可判断该处电场方向为______（填“竖直向上”或“竖直向下”）。21、把带电荷量为的正点电荷从无限远处移到电场中A点，需克服电场力做功若把该电荷从电场中B点移到无限远处，电场力做功取无限远处电势为零。则A点的电势__________；A、B两点的电势差__________。22、图中①、②分别为锂离子电池充电过程中充电电流I、电池电压U随时间t变化的图线。此过程中充电功率最大为_________W，图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是__________。23、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)24、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)25、用伏安法测某一电阻：电压表示数为U，电流表示数为I，电阻测量值某同学用伏安法测量一未知电阻Rx；可供选择的仪器有：

A．电流表A1，量程0-10mA；电流表A2；量程0-0.6A，内阻均较小；

B．电压表V1，量程0-3V；电压表V2；量程0~15V，内阻均较大；

C．电源电动势为4.5V；内阻较小。

选好器材后，正确连接完电路进行实验。如图所示，把开关K拨至a时发现，电压表与电流表的指针偏转都在满偏的处。再把K拨至b时发现，电压表指针几乎还在满偏的的处，电流表指针则偏转到满偏的处。请完成下列问题。

(1)接a时得到的结果_____（填“<”、“>”或“=”）待测电阻的真实值；

(2)实验所选电压表是____（填“V1”或“V2”），所选电流表是____（填“A1”或“A2”）；

(3)接____（填“a”或“b”）得到的结果更接近待测电阻的真实值。26、2020年新冠状病毒肆虐的疫情假期；物理兴趣小组成员陈俊宇同学，根据手头的实验器材设计了如图所示的欧姆表电路，通过调节开关S，可使欧姆表具有“×1”和“×10”的两种倍率。可用器材如下：

A．干电池（电动势内阻不计）

B．电流表G（满偏电流内阻）

C．定值电阻R0（阻值为5.0Ω）

D．滑动变阻器R1（最大阻值为150Ω）

E．定值电阻Ra

F．定值电阻Rb

G．开关一个；红；黑表笔各一支，导线若干。

（1）该兴趣小组陈俊宇同学按照如图所示电路图连接好实验电路。当开关S合向_______（填“a”或“b”）；欧姆表的倍率是“×10”倍率；

（2）已知欧姆表为“×1”倍率时的中值电阻为15Ω，则定值电阻Ra=_______Ω，Rb=_______Ω；

（3）将开关S合向b，第一步：调节滑动变阻器R1，当R1=______Ω时，将红、黑表笔短接，电流表电流达到满偏电流。第二步：在红、黑表笔间接入待测电阻Rx，发现电流表指针指向的位置，则待测电阻Rx=____Ω。27、某学校的物理兴趣小组准备为家乡设计一个简易土壤湿度计；这样就能了解土壤的干湿状态，以实现智能说水促进植物的生长.实验方案如下：

（1）将两电极以合适的间距和深度插入待测土壤.使用多用电表电阻挡测量不同土壤湿度下电极间的电阻数据如下：。土壤干湿状态覆水偏湿温度适中偏干干燥R/<55~1515~5050~200>200

（2）为了得到电流表的精确电阻；实验室提供器材如下：

①待测电流表G1（0~200μA.内阻约500Ω）；②电流表G2（0~400μA；内阻约300Ω）；

③定值电阻R1（阻值为500Ω）；④定值电阻R2（阻值为10Ω）；

⑤滑动变阻器R3（0~1000Ω）；⑥滑动变阻器R4（0~20Ω）；

⑦干电池（电动势为1.5V；内阻较小）；⑧开关S及导线若干.

实验要求可以多测儿组数据，并方便操作，请你选择恰当的实验仪器并设计一个实验电路图_____（画在方框内），定值电阻应选_____，滑动变阻器应选______（在空格内填写序号）。

（3）测得电流表内阻的准确值为500Ω，利用电源E（电动势4.5V，内阻不计），电流表G1（量程200μA，内阻500Ω），定值电阻R0（阻值20kΩ），以及开关和导线组成如图测量电路，与土壤“覆水”对应的电流表示数范围为__________μA（保留三位有效数字）。28、在做《测定金属的电阻率》的实验中；若待测电阻丝的电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，备有以下器材：

A.电池组(3V；内阻lΩ)

B.电流表(0～3A；内阻约0.0125Ω)

C.电流表(0～0.6A；内阻约0.125Ω)

D.电压表(0～3V；内阻约4kΩ)

E.电压表(0-15V；内阻约15kΩ)

F.滑动变阻器(0-20Ω；允许最大电流1A)

G.滑动变阻器(0～2000Ω；允许最大电流0.3A)

H.开关；导线。

(1)上述器材中应选用的是_______(只填写字母代号)

(2)某同学采用了如图所示的部分电路测量电阻，则测量值比真实值偏________(选填“大”或“小”)。根据测量数据得到的伏安特性曲线如图所示，图中MN段向上弯曲的主要原因是下面的______(填A或B)

A．随着电阻丝中的电流增大；温度升高，电阻率增大，电阻增大。

B．随着电阻丝中的电流增大；温度升高，电阻率减小，电阻减小。

(3)在本实验中，某同学用游标卡尺和螺旋测微器测该电阻丝的长度和直径如图所示，则其长度为______cm，直径为______mm。

评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)29、如图所示，真空中的水平面内有A、B、C三点构成的等边三角形，边长为L；若将电荷量均为q的两个带正电的点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量为k；求：

（1）两点电荷间库仑力F的大小；

（2）C点的电场强度E的大小．

30、如图为一玩具起重机的电路示意图。电源电动势为E=6V，内阻为r=1Ω，电阻R=3Ω，闭合开关S，电动机M以0.2m/s的恒定速度竖直向上提升一质量为0.5kg的物体，此时电路中的电流为0.5A，不计一切摩擦阻力，重力加速度g=10/s2。求：

（1）电动机M的电功率；

（2）电动机M的内阻。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为根据电流的定义式可得电流强度为：因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故D正确，ABC错误．2、B【分析】【分析】

【详解】

A．图中没有形成闭合回路；故没有感应电流产生，故A错误；

B．磁感应强度不变，由于运动的两个导体棒围成的面积增大，由公式

可知磁通量变化；两导体棒与导轨形成闭合回路，所以可以产生感应电流，故B正确；

C．导线前；磁感应强度方向向下，导线后，磁感应强度方向向上，由对称性可知，整个线圈的磁通量为零，磁通量不随电流的增大而改变，故没有感应电流产生，故C错误；

D．线圈向前移动；线圈有效面积不变，磁感应强度不变，故磁通量不变，不会产生感应电流，故D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．因为沿CA方向入射的粒子恰垂直AB方向过D点，不妨研究它的逆过程，从D到A，由于此过程中速度的偏向角正切等于位移偏向角正切的2倍，可知此过程为类平抛运动，则粒子受垂直BC向下的电场力作用，由于粒子带正电，可知场强方向垂直于BC向下，则BC电势相等，则选项A错误；

B．电场方向垂直BC向下，则沿垂直BC方向入射的粒子不可能经过A点；选项B错误；

C．若∠ACB=60°，则由类平抛运动的规律可知

联立解得

选项C正确；

D．若∠ACB=45°，则过D点速率等于C点的速度沿CB方向的分量，即

选项D错误；

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．库伦发现电荷间相互作用力的规律；选项A错误；

B．安培发现通电导线在磁场中受力的规律；选项B错误；

C．奥斯特发现了电流的磁效应；选项C正确；

D．法拉第发现了电磁感应现象；选项D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

当滑动变阻器片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，总电流变小，电源的内电压变小，外电压变大，电压表的示数变大，两端的电压均减小，因此两端的电压变大；电流表的示数变大。

故选B。6、B【分析】【详解】

根据闭合电路的欧姆定律可得

则路端电压为

故选B。7、B【分析】【详解】

A．以试探电荷为研究对象，其做匀速圆周运动，两正点电荷对其静电力的合力提供向心力，做匀速圆周运动所需的向心力大小为

选项A错误；

B．由

可得负点电荷做匀速圆周运动的角速度为

选项B正确；

C．若增大，AO之间场强可能先变大后变小；所以向心力也是可能先变大后变小，选项C错误；

D．AO之间的场强先变大后变小，静电力先变大后变小，与到O的距离不成正比；不满足简谐运动的条件，选项D错误。

故选B。8、C【分析】【详解】

A．由对称性可知，圆环在O处产生的电场强度均为零，所以O处的合场强为零，带等量异种电荷，电场线从P指向Q，电场线分布具有轴对称性，平面上的电场线分布示意图如图新示，可知x轴正方向有沿x轴负方向指向O的电场分量，x轴负方向有沿x轴正方向指向O的电场分量，由沿电场线方向电势降低可知O处电势小于0；A错误；

B．由对称性可知两点场强太小相同，方向均指向Q点，即方向相反，两点电势相等；B错误；

C．从O到c电场有沿y轴正方向的分量，把电子从a处移到O处，再从O处移到c处，电场力一直做负功，电势能增加，所以电子在c处具有的电势能大于在a处的；C正确；

D．电子沿x轴从a移动到b；电场力先做负功后做正功，D错误。

故选C。

9、B【分析】【分析】

【详解】

A；两滑块运动过程中；两滑块所受的合外力都等于库仑力，而库仑力大小相等，方向相反，它们的质量也相等，则两滑块的加速度大小相等，方向相反，加速度不相同，故A错误。

B；滑块Q向右做减速运动；滑块P向右做加速运动，在速度相等之前，两者间距减小，电场力对系统做负功，系统的电势能增大，速度相等后，两者间距增大，电场力做正功，电势能减小，所以两滑块的速度相同时，两滑块间的电势能最大，故B正确。

C；两滑块组成的系统合外力为零；总动量守恒。故C错误。

D；两滑块所受的合力等于库仑力；不等于零，所以最终不可能以相同的速度做匀速直线运动，故D错误.

故选B。二、多选题(共6题，共12分)10、B:D【分析】试题分析:当滑动变阻器的滑片向b端滑动时；变阻器接入电路的电阻减小，两个电阻串联总电阻减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律知，干路电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，所以灯泡L变暗，电流表A示数变大．故B；D正确．

考点：闭合电路的欧姆定律11、A:C【分析】【分析】

【详解】

若将M接地；则M与大地组成一个新的等势体，N上没有感应电荷．故A正确；若M不接地，且M原来不带电时，将带电的小金属球Q放入M的腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出与Q电性相反的电荷，外表面感应出与Q电性相同的电荷，则外表面的电荷能在N上感应出感应电荷．故B错误，C正确；若M不接地，且M原来带电，当M与Q上的电荷的电性相反，电量大小相等，M所带的电量只分布在M的内表面，外表面没有多余的电荷，则N上没有感应电荷．故D错误．故选AC.

【点睛】

本题考查对静电屏蔽的理解，抓住处于静电平衡导体的特点与接地不接地的区别是关键．当M接地时，能屏蔽内部的电场，当M不接地时，不能屏蔽内部的电场．12、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．加5V电压时；电流为1.0A，由欧姆定律可知。

故A正确；

B．由图可知；当加12V电压时，电流约为1.5A，则导体的电阻约为。

故B错误；

CD．由图可知，随电压增大，图线的斜率k减小，在图象中；斜率表示电阻的倒数，即。

可知随着电压的减小；导体的电阻不断减小，随电压增大，导体的电阻不断增大，故D正确，C错误。

故选AD。13、B:C:D【分析】【详解】

A．两物块之间存在库仑斥力；对物块做正功，电势能减小，故A正确，不符合题意；

B．由静止释放后；两个物块向相反方向运动，说明两物块之间存在库仑斥力，对物块做正功，故B错误，符合题意；

C．开始阶段；库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则两个物块的机械能先增大；后减小，不守恒，故C错误，符合题意；

D．开始阶段；库仑力大于物块的摩擦力，物体做加速运动；而后当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，最终停止，故D错误，符合题意。

故选BCD。14、C:D【分析】【详解】

A．电势沿着电场线降低，则电场线由Q1指向Q2，Q1和Q2是异种电荷。由于0电势点不在两电荷的中点；则它们不是等量点电荷。故A错误；

B．P点的斜率不为0；则电场强度不为零。故B错误；

C．AB间，电场线向右，负电电荷在AB间的静电力向左。则负试探电荷在AP间与PB间受静电力方向相同，均沿x负方向。故C正确；

D．负试探电荷若沿着AB运动，电场力做负功，电势能增加，则在AP间的电势能小于它在PB间的电势能。故D正确。

故选CD。15、B:D【分析】【详解】

A．开关保持闭合，将M板下移极板间的距离减小，电容器两端的电压不变

电场强度增大，则有

可知电荷所在位置与下极板的电势差增大，故电荷所在位置的电势增大，根据可知负电荷电势能减小；A错误：

B．将N板上移，则两极板间的距离减小，电场强度增大，电荷与M板电势差增大，故电荷所在位置的电势减小，根据

可知负电荷的电势能增大；B正确：

C．开关断开，则电容器的电量不变，根据

联立解得

改变距离d，不会改变电场强度

电势差不变，故电荷所在位置的电势不变，根据可知负电荷的电势能不变；C错误；

D．同理由于电荷所在位置与N板的距离减小，电荷所在位置与下极板的电势差减小，故电荷所在位置的电势减小，根据可知负电荷的电势能增大；D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】

考查电磁波谱；电磁波的特性，电磁波的传播。

【详解】

[1]．电磁波谱根据波长从长波到短波排列顺序是：无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线；

[2]．紫外线具有灭菌消毒的作用；

[3]．电磁波在真空中传播速度为光速所以：【解析】红外线紫外线1.2817、略

【分析】试题分析：根据运动轨迹来判定电场力方向；由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，故粒子从A到B，电场力对粒子做负功，因此粒子带负电；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则B点的加速度较大；粒子从A到B，电场力对粒子做负功，电势能增加，导致动能减少；沿着电场线电势降低，所以A点的电势高．

考点：电场线，电场力做功与电势能的关系【解析】（1）负，（2）B,（3）A,（4）A18、略

【分析】【分析】

【详解】

带电粒子在电场中的偏转。

如图所示，质量为m、带电荷量为q的基本粒子（忽略重力），以初速度v0平行于两极板进入匀强电场，极板长为l，极板间距离为d，极板间电压为U。

（1）运动性质：

[1][2]①沿初速度方向：速度为v0的匀速直线运动。

②垂直v0的方向：初速度为零的匀加速直线运动。

（2）运动规律：

①偏移距离：因为t=a=

偏移距离y=at2=

②偏转角度：因为vy=at=tanθ==【解析】①.v0②.速直线19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]当小球C靠近小球A时，旋转小角度，因此通过微小量放大，能比较准确的测出转动角度；同时体现了控制变量法，控制电荷量，去研究库仑力与距离的关系；控制距离，去研究库仑力与电荷量的关系。【解析】①.微小量放大法②.控制变量法20、略

【分析】【详解】

[1]带负电的微粒所受的电场方向竖直向上，该方向与电场方向相反，所以该处电场方向为竖直向下。【解析】竖直向下21、略

【分析】【详解】

[1]根据电势的定义

[2]根据电势的定义

A、B两点的电势差【解析】400V300V22、略

【分析】【详解】

[1]充电功率。

由图可知在t2时刻充电电流I、电池电压U都最大；所以充电功率最大为。

[2]图线①与时间轴所包围的面积是电流I与时间t的乘积；根据。

可知图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是电量（电荷量）。【解析】4.2电量（电荷量）23、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.51四、作图题(共1题，共3分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】五、实验题(共4题，共16分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]电源电动势为4.5V，若电压表选用0~15V量程其指针偏转过小，应选用0~3V量程的V1；由电路规律分析原理；电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明Rx阻值较大，与电压表电阻相接近，一般为几千欧；而电源电动势只有4.5V，由欧姆定律计算知电流只有几毫安，故电流表选用0~10mA量程的A1；Rx阻值较大，则应使电流表内接，即K拨至b测量结果更接近待测电阻的真实值；接a时，电流表的读数大于待测电阻上电流的真实值，则电阻的测量值小于真实值。【解析】<