2025年人教版PEP必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP必修1物理下册阶段测试试卷323考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具，如图甲所示。设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略，拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，当某同学用与水平方向成θ角的力F1推拖把时，摩擦力为f1，拖把对地面的压力为N1，拖把做匀速直线运动，如图乙所示；另一同学用与竖直方向成θ角的力F2拉拖把时，摩擦力为f2，拖把对地面的压力为N2，让拖把也做匀速直线运动，如图丙所示；0<θ<以下判断可能正确的是（）

A.F1=F2B.C.N1<N2D.2、探究弹力和弹簧伸长的关系时，在弹性限度内，悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长度为0.18m，则弹簧的原长L原和劲度系统k分别为A.L原＝0.02mk＝500N／mB.L原＝0.10mk＝500N／mC.L原＝0.02mk＝250N／mD.L原＝0.10mk＝250N／m3、关于速度，下列说法正确的是（）A.用一个学生在操场上跑400m的距离除以所用的时间得出的是这个学生的平均速度B.瞬时速度的大小叫瞬时速率，简称速率C.平均速度的大小叫平均速率D.匀变速直线运动的平均速度等于中间位置的速度4、甲、乙两物体从同一位置出发沿同一直线运动时的图像如图所示；下列判断正确的是（）

A.甲做匀速直线运动，乙做匀变速直线运动B.两物体两次相遇时刻是末和末C.乙在头两秒内做匀加速直线运动，两秒后做匀减速直线运动D.末两物体相距最远5、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法。以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法B.根据速度定义式当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法C.速度、加速度、位移这三者所体现的共同的物理思想方法是比值定义法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法6、在物理学的重大发现中科学家们创造了许多物理学研究方法，如控制变量法、极限思想法、等效替代法、理想模型法、微元法等等，以下叙述中不正确的是A.说生活中的下落运动遵循自由落体运动规律采用了理想模型的方法B.在不需要考虑物体的大小和形状时，用质点来代替实际物体采用了等效替代的方法C.根据速度定义式当非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义采用了极限思维法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法7、下列关于重力和重心的说法中，正确的是（）A.重力是由于地球的吸引而使物体受到的力B.重力的方向总是垂直向下的C.重力本来就有，所以重力没有施力物体和反作用力D.物体的重心一定在物体上8、如图甲所示。为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网的压力，并在计算机上做出压力－时间图像（F—t图像），假如做出的图像如图乙所示。设运动员在空中运动时可视为质点，不计空气阻力，下列说法正确的是（g取10m/s2）（）

A.运动员在空中的时间为1sB.1.1~2.3s中，当F最大时，运动员一定处于超重状态C.运动员跃起的最大高度为3.0mD.运动员跃起的最大高度为7.2m9、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为后的速度大小变为在这的时间内，该物体的（）A.位移的大小可能小于B.位移的大小可能大于C.位移的大小可能小于D.位移的大小可能大于评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、物理学家们在物理学的概念、规律的建构过程中应用了许多重要的科学方法，以下叙述正确的是（）A.引入重心、合力与分力的概念时运用了等效替代法B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫控制变量法C.根据速度定义式当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想D.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法11、下列物理量在运算过程中遵循平行四边形定则的有（））A.B.位移C.加速度D.质量时间12、下列说法正确的是（）A.自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动B.竖直方向的位移只要满足h1：h2：h3：=1：4：9：的运动就是自由落体运动C.自由落体运动在开始连续的三个1m位移所需的时间之比为1：3：5D.自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1：2：313、下列说法正确的是（）A.g是标量，有大小无方向B.在地面不同地方g不同，但相差不大C.在同一地点，同一高度，一切物体的自由落体加速度一样D.g会随着纬度变化而变化，赤道上的g最大14、木块甲、乙分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25。夹在甲、乙之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m。系统置于水平地面上静止不动。现用F=1N的水平拉力作用在木块乙上，如图所示。力F作用后木块所受摩擦力情况是（）

A.木块甲所受摩擦力大小是8NB.木块甲所受摩擦力大小是11.5NC.木块乙所受摩擦力大小是9ND.木块乙所受摩擦力大小是7N15、如图所示，在水平面上有一质量的物块与水平细绳相连，物块在与水平方向的夹角大小为10N的拉力F作用下处于静止状态。已知物块与水平面间的动摩擦因数最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取以下说法正确的是（）

A.此时细绳的弹力大小为B.当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度为零C.若剪断细绳，则细绳剪断的瞬间物块的加速度大小为方向向右D.若剪断细绳，则细绳剪断的瞬间物块的加速度大小为方向向右16、一滑块沿光滑斜面滑下，现增大斜面的倾角，再让滑块沿该斜面下滑。则增大斜面倾角后（）A.滑块对斜面的压力增大B.滑块对斜面的压力减小C.滑块运动的加速度增大D.滑块运动的加速度减小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、在刚刚结束的安徽师范大学附属中学2019年教职工篮球联赛中，赛前热身时，队员们正在进行折返跑训练，假设皮皮志老师在进行折返跑时，从篮球场一端静止开始沿直线匀加速冲起来，之后再匀减速到达球场的另一端停下，已知匀加速直线运动的加速度大小是匀减速直线运动加速度大小2倍，总时间为18s，第3s初到第5s初内的位移为x1,倒数第二个3s内的位移为x2，则=__________18、甲、乙两汽车在同一平直公路上行驶，其速度—时间图像如图所示．甲车所做的运动是_____运动，在t=0到t=25s的时间内，甲车运动的加速度为___，乙车在前10s内速度为__，在t=10s到t=25s的时间内，乙车运动的加速度为___．

19、理想实验有时更能深刻地反映自然规律。如图所示；伽利略设想了一个理想实验，其中有一个是实验事实，其余是推论。

①减小第二个斜面的倾角；小球在这一斜面上仍然要达到原来的高度；

②两个斜面对接；让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面；

③如果没有摩擦；小球将上升到原来释放的高度；

④继续减小第二个斜面的倾角；最后使它成为水平面，小球将沿水平面做持续的匀速运动。

（1）请将上述理想实验的设想步骤按照正确的顺序排列：___________（填数字序号）。

（2）在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论。下列关于事实和推论的分类正确的是___________（填选项前的字母）。

A.①是事实；②③④是推论。

B.②是事实；①③④是推论。

C.③是事实；①②④是推论。

D.④是事实，①②③是推论20、一物体做变速运动的图像如图所示，由图像可知物体离开出发点的最远距离是________m，出发后经过________s物体又回到出发点．

21、牛顿第一定律。

（1）内容：一切物体总保持_______状态或静止状态；除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态．

（2）意义：①揭示了物体的固有属性：一切物体都有___，因此牛顿第一定律又叫___定律；

②揭示了力与运动的关系：力不是___物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生_____的原因．22、一辆小车在水平面上行驶，悬挂的摆球相对小车静止并与竖直方向成θ角，如图所示。小车的加速度大小方向为______。

23、在物理学中，既有______又有_______的物理量叫做矢量，矢量相加__________（填“遵从”或“不遵从”）算术相加的法则。评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)24、（1）静止物体A重力G=5N，请在图中画出A物体所受重力的图示。

（2）画出图中静止物体A所受的各力的示意图（球面是光滑的，其他粗糙）25、如图甲所示是一个做直线运动的物体的速度-时间图像，请在乙中画出该物体的位移-时间并标出纵轴上的数据．评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)26、“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图所示：

(1)实验中两弹簧测力计拉力的大小_________（选填“A”或“B”）相等。

A；一定B、不一定。

(2)实验中两细绳OB与OC__________（选填“A”或“B”）相互垂直。

A；一定B、不一定。

(3)实验中采用的科学方法是______________（选填“A”或“B”）

A、等效替代法B、控制变量法27、一同学利用气垫导轨测定滑块的加速度,滑块上安装了宽度为3.0的遮光条,如图所示,滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门,配套的数字毫秒计记录了遮光条通过第一个光电门的时间为通过第二个光电门的时间为遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为试估算:滑块经过第一个光电门时的速度大小__________在滑动过程中,滑块的加速度大小__________(计算结果保留两位小数)．

28、如图所示为“探究加速度与物体受力和质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为装有砝码的托盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50Hz交流电．小车的质量为m1，托盘(及砝码)的质量为m2．

(1)下列说法中正确的是________．

A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源。

C．本实验m2应远大于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a­图象。

(2)实验时，某同学因疏忽遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a­F图象如图所示，可能是图中的图线______．(选填“甲”；“乙”、“丙”)

评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)29、如图甲所示，倾斜传送带与水平台面相切于B点，传送带以恒定的速率沿逆时针方向运行。现将一小煤块从水平台面上A处以初速度滑到传送带B处，时小煤块从C点离开传送带。在整个过程中，小煤块的速率随时间变化的图像如图乙所示，重力加速度g取不计小煤块与传送带摩擦过程中损失的质量。求：

（1）A，B两点之间的距离；

（2）小煤块与传送带之间的动摩擦因数

（3）水平台面的高度；

（4）在时间内；小煤块在传送带上留下的痕迹长度。

30、如图所示，光滑水平面上质量为m光滑圆柱体放在质量为M且形状对称的顶角为α的V形槽中。截面如图所示，它们的左边接触处为A。用一细绳拴住V形槽，细绳平行于桌面，另一端通过定滑轮垂下一重物m1，不计各种摩擦及滑轮质量。求解以下问题：（重力加速度为g）

(1)若三者保持相对静止；求系统的加速度和绳上的拉力；

(2)若α=欲使圆柱体在运动中不离开V形槽，重物m1最大不能超过多少？

(3)若不论m1多大，圆柱体都不能离开V形槽，求α的取值范围。31、如图所示，有1、2、3三个质量均为m=1kg的物体，物体2与物体3通过不可伸长轻绳连接，跨过光滑的定滑轮，设长板2到定滑轮足够远，物体3离地面高H=5.75m，物体1与长板2之间的动摩擦因数μ=O.2.长板2在光滑的桌面上从静止开始释放，同时物体1(视为质点)在长板2的左端以v=4m/s的初速度开始运动，运动过程中恰好没有从长板2的右端掉下．(取g=10m/s²)求：

(1)长板2开始运动时的加速度大小；

(2)长板2的长度

(3)当物体3落地时；物体1在长板2的位置．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

BC．对拖把头受力正交分解；对乙图有。

滑动摩擦力公式有。

对丙图有。

滑动摩擦力公式有。

解得。

N1>N2从而得。

故BC错误；

D．由。

而且。

所以。

故D错；

A．因为所以有。

当cosθ>sinθ时，F1=F2可能相等。故A正确。

故选A。2、D【分析】【详解】

根据胡克定律可得设弹簧的原长为则有解得＝0.10m，故选项D正确．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．得出的是这个学生的平均速率而不是平均速度；A选项错；

B．瞬时速度的大小叫瞬时速率；简称速率，所以B正确；

C．平均速度的大小是位移除于时间；平均速率是路程除于时间，C选项错；

D．匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的速度；D选项错；

故选B。4、C【分析】【详解】

A．根据图像可知；甲做匀速直线运动，乙物体前2s做匀加速直线运动，加速度为正方向，后4s做匀减速直线运动，加速度为负方向，所以乙物体全程不是匀变速直线运动，故A错误；

B．甲；乙两物体由同一位置出发；在速度－时间图象中图象与坐标轴围成面积代表位移；时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以前2s内乙的三角形面积等于甲的正方形面积，即位移相同，此时两车相遇；前6s内甲车的矩形面积等于乙车三角形的面积，此时又相遇，即两物体两次相遇时间是2s末和6s末，故B错误；

C．根据图象可知；乙在前2s内做匀加速直线运动，2s后做匀减速直线运动，故C正确；

D．根据图象可知；2s两物体相遇而不是相距最远，故D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法是理想模型法，故A错误；

B．根据速度定义式。

当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义运用了极限思维法，则B正确；

C．速度；加速度所体现的物理思想方法是比值定义法；位移不是用比值来定义的，故C错误；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微元法，故D错误。

故选B。6、B【分析】【分析】

【详解】

A．说生活中的下落运动遵循自由落体运动规律采用了理想模型的方法；A正确，不符合题意；

B．在不需要考虑物体的大小和形状时；用质点来代替实际物体采用了理想模型法，B错误，符合题意；

C．根据速度定义式当非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义采用了极限思维法，C正确，不符合题意；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，D正确，不符合题意。

故选B。7、A【分析】【分析】

【详解】

A．重力是由于地球的吸引而使物体受到的力；选项A正确；

B．重力的方向总是竖直向下的；选项B错误；

C．重力的施力物体是地球；重力的反作用力是物体对地球的吸引力，选项C错误；

D．物体的重心不一定在物体上；可能在物体的外部，选项D错误。

故选A。8、B【分析】【详解】

A．由图知运动员在空中的最长时间为

故A错误；

B．1.1~2.3s图像表示；开始接触弹簧，一段时间弹力逐渐增加，一直到弹力与重力大小相等，此过程加速度方向向下，是失重；然后弹力大于重力一直到达弹力最大，此时加速度方向向上是超重；运动员触底后反弹，弹力逐渐减少一直到弹力等于重力，此过程加速度方向向上时超重；然后弹力小于重力，弹力继续减小一直到为零，此过程重力大于弹力，加速度方向向下，是失重，故B正确；

CD．运动做竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，跃起的最大高度为

代入数据解得

故CD错误。

故选B。9、A【分析】【详解】

若1s后的速度与初速度方向相同，则位移为

若1s后的速度与初速度方向相反，则位移为

位移大小为3m；负号表示位移方向与初速度方向相反。

由以上分析可知；A正确，BCD错误。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)10、A:C:D【分析】【详解】

A.引入重心；合力与分力的概念时运用了等效替代法；选项A正确；

B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，选项B错误；

C.根据速度定义式当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义应用了极限思想，选项C正确；

D.在推导匀变速运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，选项D正确。

故选ACD。11、A:B【分析】【详解】

AB．位移和加速度都是既有大小；又有方向的矢量，运算时遵循平行四边形定则，故AB正确；

CD．质量和时间是只有大小；没有方向的标量，运算时遵循代数加减法则，故CD错误。

故选AB。

【点睛】

矢量是既有大小，又有方向，运算时遵循平行四边形定则的物理量。12、A:D【分析】【详解】

A．自由落体运动是只在重力作用下，加速度为g；初速度为零的竖直方向的匀加速直线运动；故A正确；

B．自由落体运动的特点是：初速度为零，仅受重力，竖直方向上位移满足x1：x2：x3=1：4：9

的运动；不一定是自由落体运动，故B错误；

C．自由落体运动在开始连续的三个1m位移所需的时间之比为故C错误；

D．根据v=gt

可知；在连续三个1s末的速度之比为1：2；3，故D正确。

故选AD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．g是矢量；有大小和方向，A错误；

B．在地面不同地方g不同；但相差不大，B正确；

C．在同一地点；同一高度，一切物体的自由落体加速度一样，C正确；

D．g会随着纬度变化而变化，赤道上的g最小；两极最大，D错误。

故选BC。14、A:C【分析】【详解】

由于弹簧被压缩了故弹簧的弹力

对乙，其最大静摩擦力f乙=60N×0.25=15N

它受向右的8N的弹力；还有向右的1N的拉力，故两力的合力大小为9N，方向水平向右，小于其最大静摩擦力，乙也处于静止状态，受力平衡，故它受到的摩擦力等于弹簧对它的弹力和拉力的合力9N，方向水平向左；

对于甲来说弹簧对它的力是向左的，大小为8N，而甲静止，甲最大的静摩擦力为：f甲=50N×0.25=12.5N>F

则甲静止，则甲受到的摩擦力与F等大方向f甲=F=8N

故甲受到的摩擦力为8N；方向水平向右；

故选AC。15、B:C【分析】【详解】

A．物块受重力，细绳的弹力T以及拉力F的作用而处于平衡，根据共点力平衡得

解得

故A项错误；

B．撤去拉力F的瞬间；细绳的弹力突变为0，物块的加速度为0，故B项正确；

CD．剪断细绳，物块受重力、拉力F、摩擦力作用，由牛顿第二定律得

解得

方向向右；

故C项正确；D项错误。

故选BC。16、B:C【分析】【详解】

如图所示。

垂直斜面方向上，滑块对斜面的压力

沿着斜面方向

得

若增大斜面倾角，由数学知识可得块运动的加速度增大，滑块对斜面的压力减小；故BC正确，AD错误。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

[1]由题意可知设加速时间为t，则减速时间为18-t，加速的最大速度为v，故根据匀变速直线运动速度和时间的关系有：

解得t=6s，即在前6秒做匀加速直线运动，后12秒做匀减速直线运动.故前2s的位移为：

前4s的位移为：

第3s初到第5s初内的位移：

因为18s速度减为0，故减速过程倒数第二个3s，可以看成从0开始加速的第二个3秒内的位移，即3s末到6秒末的位移，故3秒内的位移为：

6秒内的位移为：

减速过程倒数第二个3s的位移为：

所以有：【解析】18、略

【分析】【详解】

甲车所做的运动是匀加速直线运动．根据速度时间图象的斜率表示加速度，由图象可得：甲车的加速度a甲=m/s2=0.4m/s2；乙车在前10s内速度为0．在t=10到t=25s的时间内，乙车的加速度a乙=m/s2=2m/s2；

【点睛】

解答本题的关键应抓住速度图象的斜率表示加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动．【解析】匀加速直线0.4m/s202m/s219、略

【分析】【分析】

【详解】

[解析]

(1)[1]步骤②是理想实验的实验基础；属于可靠的事实，在此基础上利用推理，先得到小球不受阻力作用将上升到原来释放时的高度的推论，再设想减小第二个斜面的倾角直至第二个斜面成为水平面时，得到小球将匀速运动的推论。所以正确的排列顺序是②③①④。

(2)[2]根据以上分析；可得正确的分类是选项B。

故选B。【解析】②③①④B20、略

【分析】【详解】

[1][2]物体在前3s内沿正向运动，t=3s后沿负向运动，所以t=3s末离出发点最远的距离，最远距离为

3-4s的位移为：

返回出发点时，匀速运动的位移为：

则匀速运动的时间为：

物体又回到出发点的时间为：t=3+1+1.5=5.5s【解析】405.521、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]内容：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态；除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态．

（2）[2][3]意义：①揭示了物体的固有属性：一切物体都有惯性；因此牛顿第一定律又叫惯性定律；

②[4][5]揭示了力与运动的关系：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因．【解析】匀速直线运动惯性惯性维持加速度22、略

【分析】【详解】

对小球受力分析如下图所示。

由几何知识易得

解得，小球加速度为方向水平向左

故小车的加速为方向水平向左【解析】方向水平向左23、略

【分析】矢量是指既有大小又有方向的物理量，矢量相加减遵循平行四边形定则，不遵循算术相加减法则．【解析】大小方向不遵从四、作图题(共2题，共12分)24、略

【分析】【分析】

(1)先画出标度；然后过物体的重心画出物体所受重力的大小和方向；

(2)小球光滑；不受摩擦力，只受重力和来自两个接触面的弹力作用。

【详解】

(1)如图所示：

(2)如图所示：

【点睛】

力的图示要求画出力的三要素，包括大小、方向和作用点，而力的示意图只需要大致表示出共点力的大小和方向。【解析】(1)(2)25、略

【分析】根据速度时间图象可知，物体先以4m/s的速度沿负方向做匀速运动10s，位移为：x1=-4×10m=-40m，后静止20s，然后以3m/s的速度沿正方向运动20s，x2=3×20=60m．所以该物体运动的位移图象；如图所示：

【解析】五、实验题(共3题，共21分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1]本实验中采用作图的方式来验证平行四边形定则；所以两测力计的拉力相等不一定相等；故选B；

(2)[2]本实验中采用作图的方式来验证平行四边形定则；两绳的方向也不一定相互垂直，故选B；

(3)[3]本实验可以用两根线子拉力的合力来替代一根绳子时的拉力，故采用的是等效替代法，故选A。【解析】BBA27、略

【分析】【详解】

滑块通过第一个光电门的速度。

滑块通过第二个光电门的速度。

故加速度。

故本题答案是：(1).0.10(2).0.05

【点睛】

先根据平均速度公式求出滑块通过第一个光电门和第二个光电门的平均速度,因为遮光板宽度很小,过光电门的时间很短,所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度,再根据求出加速度.【解析】0.100.0528、略

【分析】【详解】

（1）A：平衡摩擦力，假设木板倾角为则有：约掉了；故不需要重新平衡摩擦力，故A错误；

B：实验时应先接通电源后释放小车；故B错误；

C：让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量因为：际上绳子的拉力故应该是故C错误；

D：所以：当F一定时，与成正比；故D正确．

（2）遗漏了平衡摩擦力这一步骤；就会出现当有拉力时，物体不动的情况．故图线为丙．

点睛：会