2025年人教新起点必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图是课本“用传感器观察电容器的放电过程”实验的原理电路图、实验装置图和计算机显示的电容器放电的电流随时间变化的图像（I-t图像）。实验开始时，电容器C不带电，将开关S与1端相连，电源向电容器充电，充电过程可在短时间内完成。然后掷向2端，电容器通过电阻R放电。关于此实验；下列说法正确的是（）

A.将开关S与1端相连的瞬间充电电流可能大于电源的短路电流B.充电过程中电容器C两端电压随时间变化关系与图丙相似C.增大R，其他条件不变，重复实验，放电的I-t图与时间轴之间的面积增大D.增大R，其他条件不变，重复实验，放电电流的最大值减小2、用电流表和电压表测电阻时；可以有如图所示的两种方法把电压表和电流表连入电路．对于这两个电路下列说法中正确的是（）

A.采用（甲）图时，测量出的电阻值比真实值小B.采用（乙）图时，测量出的电阻值比真实值小C.为了减小误差，测量较小阻值的电阻时宜采用（甲）图D.为了减小误差，测量较大阻值的电阻时宜采用（乙）图3、两根完全相同的金属导线A和B，如果把导线A均匀拉长到原来的2倍，把导线B对折后绞合起来，则它们的电阻之比变为（）A.4：1B.8：1C.16：1D.32：14、如图甲所示，R为电阻箱，A为理想电流表，电源的电动势为E，内阻为r。图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关系图象，其中功率P0分别对应电流I1、I2，外电路电阻R1、R2。下列关系式中正确的是（）

A.I1＋I2>B.I1＋I2＝C.>D.<5、两个带同种电荷的小球质量分别是和电荷量分别是和用等长的细线悬挂于同一点O，两细线与竖直方向的夹角分别为如图所示。以下能使的条件是（）

A.B.C.D.6、一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示。根据表中提供的数据，此电热水器在额定电压下处于加热状态时，下列判断正确的是（）。额定容量54L最高水温75℃额定功率1200W额定压强0.7MPa额定电压220V电器类别Ⅰ类

A.通过热水器的电流约为0.15AB.通过热水器的电流约为4.4AC.热水器工作5小时耗电6kW∙hD.热水器工作5小时耗电60kW∙h7、如图所示，带电小球P固定在O点正下方，另一个带电小球Q用绝缘丝线悬挂在O点，两小球静止，此时两小球距离为L。现把小球Q换成小球M（和Q的带电荷量相同），小球M静止时PM之间的距离为则M与Q的质量之比为（）

A.27：1B.9：1C.3：1D.1：98、如图是P、Q两点电荷的电场线分布，为电场中的两点，且到P、Q连线的中垂线距离相等。一个离子从运动到（不计重力）；轨迹如图所示。则下列判断正确的是（）

A.两点的电势相等B.两点的电场强度相等C.从到离子的动能越来越大D.从到离子受到P的吸引9、目前许多国产手机都有指纹解锁功能；用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同，此时传感器给所有的电容器充电后达到同一电压值，然后，电容器放电，电容小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据，根据文中信息，下列说法正确的是（）

A.充电后在嵴处形成的电容器的电荷量小B.若在手机屏上增贴了一层厚度均匀的玻璃膜，则指纹识别解锁功能无法使用C.在峪处形成的电容器电容较小D.沾水潮湿的手指头对指纹识别绝对没有影响评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示，三根均匀带电的等长绝缘棒组成等边三角形ABC，在三角形的正中心P放置电荷量为-q（q>0）的试探电荷，所受电场力大小为F1，方向由P指向A，将BC棒取走，试探电荷所受电场力大小变为F2，方向由A指向P，设AB棒在P处激发的电场强度大小为E1，BC棒在P处激发的电场强度大小为E2；则（）

A.AB棒带正电，所带电荷量绝对值大于BC棒B.AB棒带负电，所带电荷量绝对值小于BC棒C.D.11、有一种电四极子的电荷分布如图所示，在正方形的顶点上分别有两个电量为+q和两个电量为-q的点电荷．O点为正方形中心，a、b、c、d为正方形四条边的中点，电量为-Q的点电荷位于Oc延长线上，下列说法正确的是（）

A.场强的大小关系有B.电势的高低关系有C.将一正点电荷沿直线由a移动到c的过程中电势能逐渐减小D.将一正点电荷沿直线由b移动到d的过程中电势能始终不变12、某同学设计了一种静电除尘装置，如图甲所示，其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料，图乙是装置的截面图，上、下两板与电压恒定为U的高压直流电源相连，带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集，将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率，不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用，要增大除尘率，则下列措施可行的是（）

A.只增大电压UB.只增大长度LC.只增大高度dD.只增大尘埃被吸入水平速度13、如图所示，O、A、B、C为一粗糙绝缘水平面上的四个点，一电荷量为Q的负点电荷固定在O点，现有一质量为m、电荷量为q的带负电小金属块（可视为质点），从A点静止释放后沿它们的连线向右运动，到B点时速度最大，其大小为vm，小金属块最后停止在C点。已知小金属块与水平面间的动摩擦因数为μ，AB间的距离为L，静电力常量为k；不计空气阻力，则（）

A.在点电荷形成的电场中，A、B两点间的电势差为B.在小金属块由A向C运动的过程中，电势能先增大后减小C.从B到C的过程中，小金属块的动能全部转化为电势能D.OB间的距离为14、图中的实线表示电场线；虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）

A.M点的电势大于N点的电势B.M点的电势小于N点的电势C.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D.粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力15、在一静止正点电荷的电场中，任一点处的电势与该点到点电荷的距离r的倒数的关系图像如图所示.电场中三个点a、b、c的坐标如图所示，其电场强度大小分别为和现将一带负电的试探电荷依次由a点经过b点移动到c点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为和下列判断正确的是（）

A.B.C.D.16、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）

A.平行板电容器的电容将变大B.静电计指针张角不变C.带电油滴的电势能将增大D.若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变17、如图所示的电路中，电源电动势为3V，当开关S接通后，灯泡和都不亮，检查发现仅是的灯丝烧断了。检查时用电压表去测电路各部分的电压，下列结果正确的是（）

A.B.C.D.18、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）

A.灯泡L变亮B.电源的输出功率先变大后变小C.电容器C上的电荷量增加D.电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比恒定评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、若物体只受电场力作用，如果该物体的电场力做负功，那么电势能就会___________；若物体的电场力做正功，那么电势能就会___________。20、安培定则。

（1）直线电流的磁场：右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与______方向一致，弯曲的四指所指的方向就是______环绕的方向；如图甲。

（2）环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上______的方向；如图乙。

（3）通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺线管______磁感线的方向，或拇指指向螺线管的______极；如图丙。

21、电磁场：变化的____和变化的____交替产生，形成不可分割的统一体，称为___。22、电磁波的特点：

（1）电磁波在空间传播不需要_________；

（2）电磁波是_________：电磁波中的电场强度与磁感应强度互相_________，而且二者均与波的传播方向_________，因此电磁波是_____________

（3）电磁波的波长、频率、波速的关系：v=________，在真空中，电磁波的速度c=_________m/s。

（4）电磁波能产生反射、_________、干涉、偏振和_________等现象。23、用游标卡尺和螺旋测微器测量一根金属丝的长度和直径，测量的结果如图所示，则此金属丝的长度L=______cm，直径d=______mm。

24、如图所示的电路中，R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，S断开时，A、B两端的总电阻为________Ω，S闭合后，A、B两端的总电阻为________Ω。

25、如图所示，条形磁铁A沿竖直方向插入线圈B的过程中，电流表G的指针________（选填“不偏转”或“偏转”）；若条形磁铁A在线圈B中保持不动，电流表G的指针________。（选填“不偏转”或“偏转”）

评卷人得分四、实验题(共4题，共32分)26、在伏安法测电阻的实验中，待测电阻的阻值约为电压表V的内阻约为电流表A的内阻约为测量电路中电流表的连接方式如图（a）、（b）所示，结果由公式计算得出，式中与分别为电压表和电流表的示数，若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为和则____________（选填“”或“”）更接近待测电阻的真实值，且测量值____________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

27、某兴趣学习小组将电压表改装成测量物体质量的仪器；如图甲所示。

所用实验器材有：

直流电源：电动势为E，内阻为r；

理想电压表V：量程0～3V；

滑动变阻器R：规格0～5Ω；

竖直固定的粗细均匀的直电阻丝R0：总长为1cm；总阻值为9Ω；

竖直弹簧：下端固定于水平地面，上端固定秤盘，弹簧上固定一水平导体杆，导体杆右端点P与直电阻丝R0接触良好且无摩擦；

开关S以及导线若干。

实验步骤如下：

（1）秤盘中未放被测物前，将导体杆右端点P置于直电阻丝R0上端a处；秤盘处于静止状态。

（2）直流电源的U-I图象如图乙所示，则电源电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。

（3）在弹簧的弹性限度内，在秤盘中轻轻放入被测物，待秤盘静止平衡后，导体杆右端点P正好处于直电阻丝R0下端b处，要使此时电压表达到满偏，则滑动变阻器R接入电路的阻值为___________Ω。已知弹簧的劲度系数k=9.8×103N/m，当地重力加速度g=9.8m/s2，则被测物的质量m=___________kg。由此在电压表的刻度盘上标示相应的质量数值，即将该电压表改装成了测量物体质量的仪器，则质量刻度是___________（填“均匀”或“非均匀”）的。28、（1）用多用电表测未知电阻阻值的电路如图甲所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，Rg为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系图像如图乙所示，则该图像的函数关系式为_____；（调零电阻R0接入电路的部分阻值用R0表示）

（2）下列根据图乙中I﹣Rx图线做出的解释或判断中正确的是_____；

A．用欧姆表测电阻时；指针指示读数越大，测量的误差越小。

B．欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx＝0时电路中的电流I＝Ig

C．Rx越小；相同的电阻变化量对应的电流变化量越小，所以欧姆表的示数左密右疏。

D．测量中，当Rx的阻值为图乙中的R2时；指针位于表盘中央位置的右侧。

（3）某同学想通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某电压表（量程10V）的内阻（大约为几十千欧），欧姆挡的选择开关拨至倍率“1k”挡。先将红、黑表笔短接调零后，选用图丙中_____（填“A”或“B”）方式连接。在本实验中，如图丁所示为欧姆表和电压表的读数，请你利用所学过的知识，求出欧姆表电池的电动势，E＝_____V。（计算结果保留3位有效数字）

29、某小组同学用多用电表做了以下实验：

欧姆表的内部电路可简化为一个电动势为E的电源、一个电流表和一个电阻串联而成。为了测量多用电表欧姆挡在“×100”挡时的内部电阻、电动势和红黑表笔短接时流出多用电表的电流Im；该同学将多用电表的选择开关调到“×100”挡进行欧姆调零后，设计了如下图所示的电路。

（1）检查发现电路中有接线错误，其错误是_________________；

（2）正确连接线路后，闭合开关，改变电阻箱的阻值，得到多组电流表的示数1和电阻箱的阻值R，作出图线如图所示，该图线纵轴截距为b，斜率为k，若忽略毫安表内阻，由图可得电动势E=___________，内部电路电阻r=__________，红黑表笔短接时流出多用电表的电流Im=______________；

（3）若考虑到毫安表内阻的影响，E、r和Im这三个物理量的测量值小于真实值的是______________（选填“E”“r”或“Im”）。评卷人得分五、解答题(共3题，共27分)30、如图甲所示的电路，滑动变阻器与电源相连接，其中滑动变阻器的最大阻值电源的输出电压随外电路总电阻按图乙所示的规律变化，其中段与横轴平行，且与的虚线接近重合。

(1)求电源的电动势内阻

(2)求间空载时滑动变阻器两端电压的取值范围；

(3)若干路电流不能超过求间所接电阻的最小值。（保留一位小数）

31、某点电荷形成的电场中某区域的电场线如图所示,A、B是电场中的两点．一个电荷量的点电荷在A点所受电场力将该点电荷从A点移到B点,电场力做功．求:

（1）请在图中标出电场线的方向，并求A点电场强度的大小

（2）A、B两点间的电势差U

（3）若取A点为零电势位置，求B点电势能。

（4）该点电荷从A点静止释放后运动到B点的过程中，分析速度和加速度的变化情况．32、离地面高度H=5.0×104m以下的大气层可视为电阻率较大的漏电介质，假设由于雷暴对大气层的“电击”，使得离地面高度5.0×104m处的大气层与带负电的地球表面之间形成稳定的电场，其电势差约为U=3.0×105V。已知，雷暴每秒钟给地球充电的电荷量约为q=1.8×103C，地球表面积近似为S=5.0×1014m2，求：离地面5.0×104m以下的大气层（漏电大气层）的平均电阻率。（结果保留两位有效数字）

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．电容器刚冲电时；两极板电压为0，可视为短路，所以将开关S与1端相连的瞬间充电电流等于电源的短路电流，故A错误；

B．充电过程中电容器C的电荷量增大，两端电压随时间逐渐增大，所以充电过程中电容器C两端电压随时间变化关系与图丙不相似；故B错误；

C．由于电容器电荷量一定，若将电阻换一个阻值较大电阻，所有电荷量将通过电阻R释放；只是图象更加平缓些，但总量不变，故C错误；

D．将开关S与2端相连的瞬间放电电流最大，根据欧姆定律可知，增大R；其他条件不变，重复实验，放电电流的最大值减小，故D正确；

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

AD．采用（甲）图时；由于电流表的分压作用，则电压的测量值偏大，根据。

可知；测量出的电阻值比真实值大，为了减小误差，测量较大阻值的电阻时宜采用（甲）图，选项AD错误；

BC．采用（乙）图时；由于电压表的分流作用，使得电流的测量值偏大，根据。

可知；测量出的电阻值比真实值小，了减小误差，测量较小阻值的电阻时宜采用（乙）图，选项B正确；C错误；

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

根据电阻定律。

如果把导线A均匀拉长到原来的2倍，则横截面积变为原来的则电阻变为原来的4倍；把导线B对折后绞合起来，则长度变为原来的横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来的则它们的电阻之比变为16:1。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由闭合电路欧姆定律得U＝E－Ir

输出功率为P＝UI＝EI－I2r

故有EI1－I12r＝EI2－I22r

整理得I1＋I2＝

故A错误；B正确；

CD．根据电功率表达式得P0＝I12R1＝I22R2

且I1＝I2＝

代入整理得R1R2＝r2

故CD错误。

故选B。5、A【分析】【分析】

【详解】

对质量为和的小球，相互排斥的库仑力F总是等大、反向，与小球带电量无关，由平衡条件分别可得

要使只要即可；A正确。

故选A。6、C【分析】【详解】

AB．由P=UI

可知通过热水器的电流为

AB错误；

CD．热水器工作5小时消耗的电能为

C正确；D错误。

故选C。7、A【分析】【分析】

【详解】

对Q进行受力分析；

有P对Q的库仑斥力。

重力G=mg和细线拉力，Q在这三个力的作用下平衡；画出受力平衡的矢量三角形如图所示。由三角形相似得。

即。

由等式右边为常数可知，m与L3成反比；可得质量变为原来的27倍，A项正确。

故选A。8、D【分析】【详解】

A．沿着电场线方向电势逐渐降低，则知点的电势高于点的电势；选项A错误；

B．由图中电场线的分布情况可知电场强度大小相等；方向不同，选项B错误；

CD．离子从运动的过程中，轨迹向内弯曲，则离子受到P的吸引力作用，从到电场力做负功，根据动能定理可知动能减小，选项C错误，D正确。

故选D。9、C【分析】【详解】

AC．峪处d较小，嵴处d较大，根据电容的计算公式可知，峪处形成的电容器电容较小，嵴处构成的电容器电容大，根据可知；充电后在嵴处形成的电容器的电荷量大，故A错误，C正确；

B．在手机屏上增贴了一层厚度均匀的玻璃膜；即在电容器中间插入一层厚度均匀绝缘介质，无论是嵴处还是峪处的电容都变大，但仍然是嵴处较大，峪处较小，指纹识别解锁功能仍然可以使用，故B错误；

D．湿的手与传感器之间有水填充；改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁和指纹识别，故D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)10、B:D【分析】【详解】

由题意，在三角形的正中心P放置电荷量为-q（q>0）的试探电荷，所受电场力大小为F1，方向由P指向A，可知合场强方向由A指向P，且

将BC棒取走，试探电荷所受电场力大小变为F2，方向由A指向P，则AB和AC棒产生的合场强方向由P指向A，且两棒产生的场强大小相等，合场强为

由以上分析可知，三个棒均带负电，BC棒产生的场强大于AB与AC的合场强，因AB与AC的合场强等于AB产生的场强，即BC棒产生的场强大于AB棒产生的场强，即AB棒带负电，所带电荷量绝对值小于BC棒；场强关系满足

解得

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

A．各点电荷在b、d两点产生的场强如图所示；

按平行四边形合成规律可知，b点的场强大于d点的场强；故A正确；

B．对两对等量的异种电荷产生的电场，b、d连线是等势线．对于-Q电荷，根据所产生电场的对称性，b、d两点电势相等，所以故B错误；

C．对两对等量异种电荷，a、c连线是等势线，对于-Q电荷，正点电荷沿直线由a移动到c的过程中；电场力做正功，电势能逐渐减小，故C正确；

D．对两对等量的异种电荷产生的电场，b、d连线是等势线．对于-Q电荷，正点电荷沿直线由b移动到d的过程中；电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．

故选AC.12、A:B【分析】【详解】

增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为

又因为

解得

只要竖直方向上的位移y增大即可，因此可以增加电压U、极板长度L、减小高度d、减小水平速度v0。

故选AB。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由

联立可解得

故A正确；

B．在小金属块由A向C运动的过程中；电场力一直做正功，故电势能一直减小，故B错误；

C．从B到C的过程中；电场力做正功，摩擦力做负功，小金属块的动能全部转化为摩擦热，故C错误；

D．在B点时速度最大，此时加速度为零，则有电场力等于摩擦力

解得

故D正确。

故选AD。14、A:D【分析】【详解】

试题分析：根据顺着电场线方向电势降低可知；M点的电势高于N点的电势，故A正确，B错误；根据电场线的疏密来判定电场强度的强弱，M点的电场力小于N点，故D正确，C错误．

考点：电势；电场强度。

【名师点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．15、B:C【分析】【分析】

灵活应用点电荷的场强公式及电势随变化的图像进行分析推理。

【详解】

AB．由点电荷的场强公式

可得

故A错误；B正确。

CD．电场力做的功

又因为

所以故C正确；D错误。

故选BC。16、B:D【分析】【详解】

A.根据知；将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则d增大，则电容减小，故A错误；

B.静电计测量的是电容器两端的电势差；因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B正确；

C.两板电势差不变，d增大，则两板间电场强度减小，P点与上极板间的距离不变，由U=Ed可知，P点与上极板间的电势差减小，则P点的电势升高；因油滴带负电，可知油滴的电势能减小，故C错误；

D.电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．17、B:C【分析】【详解】

由于的灯丝烧断了，则回路中电流为零，测ad、bc两端电压相当于测开路电压，即电源电压，电压为

由于回路中电流为零，所以ab、cd上的电压都等于零电压为

故选BC。18、C:D【分析】【分析】

电路稳定时；电容器相当于开关断开，滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器在路电阻增大，分析电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断灯泡亮度的变化以及电源的输出功率如何变化和电容器电压的变化；

【详解】

A、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，干路电流I减小，则灯泡变暗，故A错误；

B、当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，由题意，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，当R增大时，外电阻与电源内电阻的差值增大，电源的输出功率变小，故B错误；

C、由上面分析可知：干路电流I减小，电源的内电压减小，路端电压增大，而且灯泡两端电压减小，故电容器上电压增大，则其电荷量增大，故C正确；

D、根据闭合电路欧姆定律得：则即电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比等于电源的内电阻r；保持不变，故D正确．

【点睛】

本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论．对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等．三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]若物体只受电场力作用；如果该物体的电场力做负功，那么电势能就会增加；

[2]若物体的电场力做正功，那么电势能就会减小。【解析】增加减小20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]直线电流的磁场：右手握住导线；让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向，如图甲。

（2）[3][4]环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与环形电流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向，如图乙。

（3）[5][6][7]通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟电流方向一致，拇指所指的方向就是螺线管内部磁感线的方向，或拇指指向螺线管的N极，如图丙。【解析】①.电流②.磁感线③.环形电流④.磁感线⑤.电流⑥.内部⑦.N21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]电磁场：变化的电场和变化的磁场交替产生，形成不可分割的统一体，称为电磁场。【解析】①.电场②.磁场③.电磁场22、略

【解析】①.介质②.横波③.垂直④.垂直⑤.横波⑥.λf⑦.3.0×108⑧.折射⑨.衍射23、略

【分析】【详解】

[1]金属丝的长度为L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直径为d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65024、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.30②.2225、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】偏转不偏转四、实验题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

[1]由于待测电阻满足

所以电流表应采用内接法，即采用图（a）接法，更接近待测电阻的真实值。

[2]由于采用电流表内接法，根据“大内偏大，小外偏小”可知，测量值大于真实值。【解析】大于27、略

【分析】【分析】

【详解】

（2）[1][2]根据闭合电路的欧姆定律可得

解得

U-I图象与纵轴交点表示电动势，图线斜率绝对值表示内阻，由图可知

（3）[3][4]电压表达到满偏

时，设滑动变阻器R接入电路的阻值为根据闭合回路的欧姆定律可得

解得

由平衡条件可得

代入数据，解得

[5]因为电压表示数与弹簧形变量成正比，被测物体的质量也与弹簧形变量成正