2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷983考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示；将平行板电容器两极板分别与电池正；负极相接，两板间一带电液滴恰好处于静止状态．现贴着下板迅速插入一定厚度的金属板，则在插入过程中。

A.B.C.D.2、某圆形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，现有两个不同的粒子a、b，以不同的速度同时由A点沿AO（O为圆心）方向射入圆形磁场区域，又同时由C点及B点分别射出磁场，其运动轨迹如图所示（虚线AB弧长等于磁场圆周长的虚线AC弧长等于磁场圆周长的）；粒子始终在纸面内运动，不计粒子重力．则下列说法正确的是。

A.a、b粒子在磁场中的运动半径之比Ra:Rb=3:B.a、b粒子在磁场中运动的周期之比Ta:Tb=3:4C.a、b粒子的比荷之比D.a、b粒子的速率之比3、下列关于电源电动势的叙述中，不正确的说法是（）A.电源电动势等于内外电路电势降落之和B.在电源外部中，静电力做的功越多即电源把电能转化成其它形式的能为也越多，电动势也越大C.在电源内非静电力把单位正电荷从负极移送到正极所做的功的大小就等于电源的电动势D.电源的电动势等于外电路断开时的路端电压4、原子从一个能级跃迁到一个较低的能级时，有可能不发射光子．例如在某种条件下，铬原子的n=2能级上的电子跃迁到n=1能级上时并不发射光子，而是将相应的能量转交给n=4能级上的电子，使之能脱离原子，这一现象叫做俄歇效应，以这种方式脱离了原子的电子叫做俄歇电子，已知铬原子的能级公式可简化表示为式中n=l，2，3，表示不同能级，A是正的已知常数，上述俄歇电子的动能是A.B.C.D.5、如图所示，相同长度的同一材料导线做成不同形状的的单匝线圈，有正方形、等边三角形、圆形，将它们放在同一直线边界匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直．现以相同的速度v将线圈从磁场中匀速拉出，当线圈的一半在磁场中时，线圈与磁场边界交点间电压最小的是A.B.C.D.6、线圈在匀强磁场中绕线圈平面内垂直于磁感线的轴匀速转动，产生交变电流，其电动势的最大值与下列因素中的哪个无关：A.线圈的转速B.导线的粗细C.线圈的匝数D.磁场的强弱7、如图所示，平行板电容器水平放置，上极板带正电且接地(大地电势为零)，下极板带等量负电．一带电微粒静止在两板之间的M点；现将上极板向上移动，则下面说法正确的是。

A.电容器的电容增大B.带电微粒会向下运动C.带电微粒具有的电势能增大D.电容器两板之间的电势差减小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟．如图为氢原子能级图，则()

A.13eV的电子可以使基态氢原子发生跃迁B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时可辐射8种不同频率的光子C.现用光子能量介于10～12.9eV范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，在照射光中可能被吸收的光子能量只有3种D.E4跃迁到E2时产生的光子a与E5跃迁到E3时产生的光子b的动量之比为97∶2559、科学家已经发现自然界存在四种相互作用，下列说法中，哪些是符合科学家的认识的：()A.弹力应该归结为电磁力B.原子核内所有核子之间都存在核力的作用；C.摩擦力仍然是电磁力的一种表现形式；D.电磁力是比万有引力更强的相互作用。10、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是()

A.灯泡L变亮B.电源内部消耗的功率减小C.流过R0的电流方向为从右向左D.电容器C的电荷量增大11、下列说法正确的是__________。A.液晶的光学性质具有各向异性B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.气体分子热运动的平均动能取决于气体的温度E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是隨分子间距离的减小而增大E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是隨分子间距离的减小而增大12、下列说法正确的是（）A.外界对封闭气体做功时，气体内能可能增大B.晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C.空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成E.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成13、如图所示；开关闭合的通电螺线管轴线正右侧用绝缘细线悬挂一线圈A，正上方用绝缘细线悬挂一垂直纸面的导线B，现给A；B通入图示方向的电流，不记A、B间的相互作用，下列说法正确的是（）

A.通电后A线圈靠近螺线管B.通电后A线圈远离螺线管C.通电后悬挂B的绝缘细线拉力相比没通电流时的拉力大D.通电后悬挂B的绝缘细线拉力相比没通电流时的拉力小14、如图a所示，为一间距d足够大的平行金属板，板间加有随时间变化的电压（如图b所示），设和已知；且t=0时，A板电势比B板高．A板上O处有一静止的带正电的粒子，其带电量为q，质量为m（不计重力），则下列说法正确的是。

A.若在t=0时刻释放该带电粒子，该粒子一直向右运动B.若在t=0时刻释放该带电粒子，该粒子先向右运动，后向左运动C.若在t=0时刻释放该带电粒子，则该粒子在时刻的速度为零D.若在t=0时刻释放该带电粒子，则该粒子在时刻刚好回到出发点15、某同学设计了一个探究电容器所带电荷量与电容器两极板间电压关系的实验，实验电路如图甲所示，其中P为电流传感器，V为理想电压表．实验时，先将开关S1闭合，单刀双掷开关S2掷向a，调节滑动变阻器的滑动头到某位置使电容器C充电，当电路稳定后记录理想电压表的示数．再迅速将开关S2掷向b，使电容器放电。电流传感器P将电容器充、放电过程中的电流数据传送给计算机，在计算机上可显示出电流i随时间t变化的图像如图乙所示。然后改变滑动变阻器滑动头的位置；重复上述步骤，记录多组电流随时间变化的图像和电压表的示数．对于这个实验过程和由图像及数据所得出的结果，下列说法中正确的是()

A.流过电流传感器P的充电电流和放电电流方向相同B.图乙中的第①段(充电阶段)电流曲线与横轴所围图形的面积表示电容器充电结束时所带的电荷量C.电容器所带电荷量与电容器两极板间电压的关系图象应为一条过原点的倾斜直线D.电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置无关16、如图，半径为R的四分之一圆内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，半径OA水平．在圆的最低点C有一粒子源，它正以相同速率在平面内向各个方向发射质量为m、带电量为q（q>0）的粒子，速率大小为．在圆弧上AC有粒子射出，B为圆弧上一点，等于60°；不计粒子所受重力，下列说法正确的是（）

A.所有从圆弧上出来的粒子的速度方向都平行B.所有从圆弧上出来的粒子在磁场中运动时间都相等C.从A处射出的粒子与从B处射出的粒子在磁场中运动时间之比3:2D.所有从圆弧AC射出的带电粒子，可能经过的磁场区域面积为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、如图，一定质量的理想气体先从状态a沿直线变化到状态b，该过程中气体的温度______（填“升高”或“降低”），气体______（填“吸热”或“放热”）。

18、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

19、一般情况下，水底的温度要比水面的温度低，一气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体的压强__________（填“增大”、“减小”或“不变”），气泡内气体对外界________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”）。20、假定两个分子的距离为无穷远时，它们的分子势能为0，使一个分子固定，另一个分子在外力作用下从无穷远逐渐向它靠近，直至相距很近很近，整个过程中分子势能______(填“不变”或“先增大后减小”或“先减小后增大”)。物体从单一热源吸收的热量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。21、在如甲图所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，灯泡L1的电阻为_________Ω，灯泡L2消耗的电功率为_________W．

22、一太阳能电池板，直接用理想电压表测得它两极的开路电压为0.8V，理想电流表测出的短路电流为0.04A，此电源内阻为________Ω．若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则流过电阻的电流为________A．23、如图所示，图线Ⅰ为一电源的路端电压随电流变化的图线，图线Ⅱ为一导体两端电压和导体中电流的关系图线，那么电源电动势为_______V，电源内阻为______Ω，导体电阻为_________Ω

24、如图所示，小球A的质量为mA=5kg，动量大小为PA=4kg.m/s，小球A沿着光滑水平面向右运动，与静止的B球发生弹性碰撞，碰后A的动量大小变为PA'=1kg·m/s，方向仍然向右．则由此可知碰撞后小球B的动量大小为______kg·m/s，小球B的质量为____kg.

25、某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图甲、乙所示，则该金属杆的长度和直径分别为____cm和____mm

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)29、利用“油膜法估测油酸分子的大小”实验；体现了构建分子模型的物理思想，也体现了通过对宏观量的测量，来实现对微观量间接测量的方法．该实验简要步骤如下：

A．用注射器吸入一定体积事先配置好的油酸酒精溶液，再均匀地滴出，记下滴出的滴数，算出一滴油酸酒精溶液的体积V0

B．用注射器将一滴油酸酒精溶液滴在水面上；待油滴散开；油膜形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜形状描画在玻璃板上。

C．用浅盘装入约2cm深的水；然后把滑石粉均匀地撒在水面上。

D.将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，用数学方法估算出油膜的面积S

E．根据油酸酒精溶液的浓度和一滴油酸酒精溶液的体积V0，算出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积V

F．利用测定数据求出薄膜厚度d；即为油酸分子的大小

（1）上述实验步骤中B、C、D的顺序不合理，请重新对这三个步骤排序：____；

（2）利用实验步骤中测出的数据，可得油酸分子直径d=_______．30、某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系，除小灯泡外，可用的器材如下:

A.电源(电动势3V,内阻为1.5Ω)

B.电压表(0~3V,内阻约为10kΩ)

C.电流表(0~0.6A,内阻约为5Ω)

D.滑动变阻器(0~50Ω,额定电流0.4A)

E.滑动变阻器(0~10Ω,额定电流1.0A)

F.电键S,导线若干

(1).实验中移动滑动变阻器滑片,得到了小灯泡的U-I图象如图甲所示,则可知小灯泡的电阻随电压增大而__________(填“增大”、“减小”或“不变”);实验时应选用的滑动变阻器为__________．(填器材前的字母序号)

(2).根据图甲,将图乙实验电路中缺少的导线补全__________(其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压)．

(3).若某次连接时，把AB间的导线误接在AC之间，合上电键，任意滑动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭,则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是__________W．(本问中电压表和电流表均视为理想电表,结果保留2位有效数字)31、利用伏安法测量干电池的电动势和内阻,现有的器材为:

干电池:电动势约为1.5V；电压表:量程1V,内阻998.3Ω；电流表:量程1A；滑动变阻器:10Ω；电阻箱:最大阻值99999.9Ω；单刀单掷开关1个；导线若干．

(1)设计测量电源电动势和内阻的电路并将它画在指定的方框内______；

(2)为了满足本实验要求并保证实验的精确度,电压表量程应扩大为原量程的______倍,对应的电阻箱的阻值应为________Ω.32、一个小灯泡的额定电压为2.0V；额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘小灯泡的伏安特性曲线。

A.电源E：电动势为3.0V；内阻不计。

B.电压表V1：量程为0~3V；内阻约为1kΩ

C.电压表V2：量程为0~15V；内阻约为4kΩ

D.电流表A1：量程为0~3A；内阻约为0.1Ω

E.电流表A2：量程为0~0.6A；内阻约为0.6Ω

F.滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω；额定电流为1.0A

G.滑动变阻器R2：最大阻值为150Ω；额定电流为1.0A

H.开关S；导线若干。

（1）实验中使用的电压表应选用_____；电流表应选用_____；滑动变阻器应选用_____（请填写选项前对应的字母）

（2）实验中某同学连接实验电路如图1所示，请不要改动已连接的导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上_____；

（3）根据实验中测得的电压表和电流表数据，已在图2坐标纸上做出小灯泡的U-I图线。请简述该图线不是直线的主要原因：_____；

（4）若将实验中的小灯泡接在电动势为1.5V、内阻为1.5Ω的电源两端，则小灯泡的实际功率约为_____W（保留两位有效数字）。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

AB.插入一金属板相当于极板间距离变小了，根据决定式知电容增大，电势差不变，则Q=CU知；电容器带电量增大，电路中有逆时针方向的短暂电流；故A错误，B正确.

CD.电势差不变，d减小，则电场强度增大，带电液滴所受的电场力增大，使得电场力大于重力，将向上做加速运动；故C，D均错误.2、C【分析】【详解】

A．设磁场半径为R0，粒子在磁场中做圆周运动，根据题意作出粒子运动轨迹如图所示，根据几何关系，可以得出所以Ra:Rb=3；A错误。

B．因为两粒子同时进入，同时射出，所以即：B错误。

C．根据所以比荷之比C正确。

D．根据半径关系Ra:Rb=3，比荷关系且联立解得D错误3、C【分析】电源的电动势是描述的内部非静电力做功，将其他形式的能转变呈电能的物理量，电流从电源正极发出，经外电路回到电源负极，故A正确；在电源外，静电力对单位电荷做的功越多，电源把其他形式的能转化为电能也越多，电动势越大，故B正确；由于功不等于电动势，功与电荷量的比值才等于电动势，故C错误，D正确．此题选择错误的选项，故选C．4、C【分析】【分析】

根据能级公式算出第1能级和第2能级能量；从而算出原子从2能级向1能级跃迁时释放的能量，而该能量使n=4能级上电子恰好电离后剩余能量即为俄歇电子的动能．

【详解】

由题意可知n=1能级能量为n=2能级能量为从n=2能级跃迁到n=1能级释放的能量为从n=4能级能量为电离需要能量为：所以从n=4能级电离后的动能为：C正确．5、A【分析】【分析】

线圈与磁场边界交点间电压是外电压；等于感应电动势的一半，根据有效切割长度分析感应电动势，确定哪种情况的感应电动势最小，即可作出判断．

【详解】

设导线的总长度为S．A图中：设正方形边长为L，则4L=S，有效切割长度L=S/4；B图中：设正三角形的边长为a，则3a=S，a=S/3，有效切割长度L=asin60°=S；C图中：设圆的直径为d，则πd=S，有效切割长度D图中：设正方形边长为l，有效切割长度为由数学知识可知；A图中有效切割长度最小，产生的感应电动势最小，则线圈与磁场边界交点间电压最小．故A正确．故选A．

【点睛】

解决本题的关键是运用数学知识确定有效的切割长度，分析感应电动势的关系，要注意线圈与磁场边界交点间电压是外电压，不是内电压．6、B【分析】【详解】

根据最大值表达式

又

可知，电动势的最大值与线圈的n转速、线圈的匝数N以及磁场的强弱B都有关系；而与导线的粗细无关，故ACD错误，B正确。

故选B。7、C【分析】【分析】

本题考查电容器的动态变化和带电粒子的运动；涉及电容的决定式与定义式；匀强电场的场强与电势差关系、电势能等知识．

【详解】

AD：将上极板向上移动，两板间距离变大，据可得电容器的电容减小．电容器极板上带电量不变，据可得电容器两板之间的电势差增大．故AD两项错误．

B：据可得两板间距离变大；板间场强不变，带电微粒的受力不变，带电微粒仍保持静止．故B项错误．

C：电容器上极板带正电，下极板带负电，板间场强向下，带电微粒能静止在两板之间，则带电微粒所受电场力向上，带电微粒带负电．板间场强不变，M点与上极板间距离增大，据可得上极板与M点间电势差增大；上极板接地，电势为零，所以M点电势降低．带电微粒带负电，M点电势降低，据可得带电微粒具有的电势能增大．故C项正确．二、多选题(共9题，共18分)8、A:C【分析】【详解】

A.实物粒子的能量大于等于两能级差即可使氢原子发生跃迁；A正确．

B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时，任选两条轨道，共有种光子；B错误．

C.光子能量介于10～12.9eV范围内的光，可以被基态的氢原子吸收后跃迁到2、3、4能级，因为均在该范围内，不在该范围内；可能被吸收的光子能量只有3种,C正确．

D.根据能量所以动量之比等于能量之比，E4跃迁到E2时产生的光子a的能量E5跃迁到E3时产生的光子b的能量所以动量比为255：97，D错误．9、A:C:D【分析】【详解】

AC；电磁力是两个带电粒子或物体之间的相互作用力；两个相互运动的电荷之间存磁力．力学中的弹力、摩擦力、浮力都属于电磁力的范畴，故A、C正确；

B、核力是短程力，作用范围在原子核的半径数量级在所以核力只存在于同一个原子核内的相邻的核子之间，两个相邻原子核之间的核子之间没有核力，故B错误；

D；电磁力是存在于物质和物质间；以电磁力来维持物质的结构，万有引力其实是某种重物在空间中让空间扭曲而类似吸引其他物质的力，电磁力远大于万有引力，故D正确；

故选ACD．10、B:D【分析】【详解】

AB、当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器的阻值R增大，电流减小，灯泡L的功率减小，灯泡L将变暗，故A错误；

B、电源内部消耗的功率减小，故B正确；

CD、路端电压增大，则电容器C的电荷量增大，电容器C充电，流过R0的电流方向为从左向右，故C错误，D正确；

故选BD．

【点睛】

当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．11、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．液晶具有液体的流动性；液晶具有晶体的光学性质各向异性，A正确；

B．在外界做功的条件下；热量可以从低温物体传到高温物体，B错误；

C．气体分子热运动的平均动能取决于气体的温度；C正确；

D．荷叶上的露珠呈现球状；是由于液体的表面张力产生的，D错误；

E．当分子力表现为斥力时；分子的间距减小时，分子力增大，且分子力做负功，因此分子的势能增大，E正确。

故选ACE。12、A:C:E【分析】【详解】

根据热力学第一定律，外界对封闭气体做功时，如果气体不放热或者放出的热量小于外界做的功时，气体内能就会增大，选项A正确；晶体熔化时吸收热量，但是温度不变，则分子平均动能不变，选项B错误；空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向，选项C正确；“油膜法估测分子大小”的实验中，估算油酸分子直径用的是油酸酒精溶液中含有油酸的体积除以油膜的面积，选项D错误；生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，选项E正确；故选ACE.13、A:C【分析】【分析】

根据右手螺旋法则判断螺线管和A中的磁场方向；根据左手定则判断直导线B的受力方向；从而判断细线拉力的变化.

【详解】

由右手螺旋法则可知；螺旋管的左端为N极，右端为S极；A的左端为N极，右端为S极，则A线圈靠近螺线管，选项A正确，B错误；由左手定则可知直导线B受向下的安培力，则通电后悬挂B的绝缘细线拉力相比没通电流时的拉力大，选项C正确，D错误；故选AC.

【点睛】

此题考查左手定则和右手定则，熟记其内容并熟练应用左右手定则是关键，牢记“左力右电”。14、A:C:D【分析】A、若在时刻释放该带电粒子；在一半周期内，粒子向右做匀加速直线运动，后一半周期内做匀减速直线运动，由于两段时间内的加速度大小相等，方向相反，可知一个周期末的速度为零，然后重复之前的运动，如图一所示，故A正确，B错误．

C、若在时刻释放该带电粒子，则后一半周期内的加速度大小是前一半周期内加速度大小的2倍，方向相反，前一半周期做匀加速直线运动，后一半周期先做匀减速直线运动，然后反向做匀加速直线运动，在时刻的速度为零；此时位移为零，回到出发点，如图二所示，故CD正确。

点睛：根据电势差的大小关系，结合牛顿第二定律得出加速度的大小关系，分析出粒子的运动规律，结合运动学公式分析判断。15、B:C【分析】【详解】

A．从图中可知；电容器的左端为正，充电过程中电流从电源正极流向电容正极，放电过程电流从电容的正极流出，所以充电和放电电流方向不同，故A错误；

B．根据公式Q=It

可得图乙中的第①段（充电阶段）电流曲线与横轴所围图形的面积表示电容器充电结束时所带的电荷量；故B正确；

C．因为电容器的电容是恒定不变的，根据电容定义式

变形得Q=CU

可得到Q是关于U的一次函数；所以电容器充电结束时所带电荷量随电容器充电结束时两极间电压变化的关系图像应为一条过原点的倾斜直线，故C正确；

D．因为电容器是跟滑动变阻器的左端并联在一起的，所以电容器的充电结束时的电压和滑动片的位置有关，根据公式

可知电容器充电结束时所带电荷量与滑动变阻器滑动头的位置有关；故D错误。

故选BC。16、A:D【分析】【详解】

A．因为粒子圆周运动的半径所以从圆弧位置出来的粒子的半径与圆的半径围成的四边形都是平行四边形，即从圆弧上出射速度与OC垂直，都是相互平行的，A正确。

B．从圆弧上不同位置射出的粒子，射出位置与O点连线和AO夹角的余角即为转过的圆心角，所以粒子在磁场中偏转的角度不同，根据运动时间不同，B错误。

C．根据几何关系可得，从A处射出的粒子偏转角等于在B处射出的粒子偏转角等于根据所以时间比为3：1，C错误。

D．根据几何关系，可知，从圆弧AC射出的粒子经过的面积等于扇形面积减去三角形AOC的面积的2倍，即：D正确三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

[1][2]由图像可知，气体先从状态a沿直线变化到状态b，pV值变大，根据

可知，温度T升高，气体内能变大，即∆U>0

气体体积变大，对外做功，即W<0

根据热力学第一定律可知∆U=W+Q

可知Q>0

即气体吸热。【解析】升高吸热18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510019、略

【分析】【详解】

[1][2]气泡内气体的压强

大气压强恒定，气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体压强变小，温度变高，根据理想气体状态方程可知体积增大，则气泡内气体对外界做正功。【解析】减小做正功20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]开始时两分子间距离大；分子间作用力表现为引力，分子相互靠近，引力做正功，分子势能减小，随分子间距离减小到平衡位置后，分子间作用力表现为斥力，分子相互靠近，斥力做负功，分子势能增加，故整个过程分子势能先减小后增加；

[2]根据热力学第二定律可知，在外界因素影响下，物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功。【解析】先减小后增大可以21、略

【分析】【详解】

当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图2读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，则I1=1.25I2，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W22、略

【分析】【分析】

根据开路电压可求得电源的电动势；再根据短路电流由闭合电路欧姆定律可求得内阻大小；再对接入20Ω的电阻进行分析，由闭合电路欧姆定律求出电流大小；

【详解】

开路电压为则电源的电动势短路电流为

则内阻

若与20Ω的电阻串联时，电流．

【点睛】

本题考查闭合电路欧姆定律的正确应用，要注意明确开路电压为电源的电动势，当外电阻为零时的电流为短路电流．【解析】200.0223、略

【分析】【详解】

[1]由图线Ⅰ可知；当电流为零时，路端电压等于电源电动势，则可知电源的电动势为6V；

[2]内阻为

[3]导体的电阻为【解析】62324、略

【分析】【详解】

以向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：由机械能守恒定律得：代入数据解得：．【解析】3325、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）刻度尺在读数的时候要估读一位；所以金属杆的长度为60.10；

（2）游标卡尺的主尺读数为：4mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.02mm=0.20mm，所以最终读数为：4mm+0.20mm=4.20mm=0.420cm=4.20mm．【解析】(1)60.104.20四、作图题(共3题，共15分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)29、略

【分析】【分析】

过量筒测出N滴油酸酒精溶液的体积；然后将此溶液1滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用此溶液的体积除以其的面积，恰好就是油酸分子的直径．

【详解】

（1）实验中要先用浅盘装入约2cm深的水；然后把滑石粉均匀地撒在水面上，然后再用注射器将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油滴散开；油膜形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜形状描画在玻璃板上；最后将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，用数学方法估算出油膜的面积S，故正确顺序应为CBD；

（2）酒精油酸溶液中油酸