2025年北师大版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版选择性必修2物理上册月考试卷682考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某风力发电厂稳定输出电压输出功率通过远距离输电给电压为220V的用电器供电，如图所示，已知输电线的电阻为5用户额定功率为56kW，为使用户正常工作，则下列说法正确的是（）

A.输电线路上交流电的频率为50HzB.输电线路上的电流为80AC.降压变压器的匝数比为5：1D.升压变压器的原线圈和降压变压器的副线圈电流相等2、如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置；小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块。

A.在P和Q中都做自由落体运动B.在两个下落过程中的机械能都守恒C.在P中的下落时间比在Q中的短D.落至底部时在P中的速度比在Q中的小3、如图所示，两条光滑金属导轨平行固定在斜面上，导轨所在区域存在垂直于斜面向上的匀强磁场，导轨上端连接电阻R，t=0时，导体棒由静止开始沿导轨下滑，下滑过程中导体棒与导轨接触良好，且方向始终与斜面底边平行。导体棒在下滑过程中，流过导体棒的电流为i，产生的感应电动势为E，电阻R消耗的电功率为P，穿过导体棒与金属导轨和电阻R围成的线框的磁通量为关于i、E、P随时间t变化的关系图像可能正确的是（）

A.B.C.D.4、回旋加速器是加速带电粒子的装置；其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列措施可行的是（）

A.增大两D形金属盒间的加速电压B.增大D形金属盒的半径C.减小磁场的磁感应强度D.增大两D形金属盒狭缝间的距离5、质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具。图中的铅盒A中的放射源放出大量的带正电粒子(可认为初速度为零)，从狭缝S1进入电压为U的加速电场区加速后，再通过狭缝S2从小孔G垂直于MN，V射入偏转磁场，该偏转磁场是以直线MN为切线。磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外半径为R的圆形匀强磁场。现在MN上的F点(图中末画出)接收到该粒子，且则该粒子的荷质比为(粒子的重力忽略不计)（）

A.B.C.D.6、如图所示，U形金属框架竖直放置在绝缘地面上，框架的上端接有一电容器C，金属框架处于水平方向的匀强磁场中。将一电阻为R的金属棒MN从一定高度处由静止释放；下落过程中金属棒方向始终平行于地面，且与金属框架接触良好。忽略金属棒与金属框架之间的摩擦，在金属棒由静止开始下落的过程中，以下说法正确的是（）

A.金属棒做自由落体运动B.电容器左侧极板将带上正电荷C.电容器储存的电能等于金属棒减少的重力势能D.金属棒减少的机械能大于电容器储存的电能7、不同频率的电磁波产生机理不同、特性不同、用途也不同，红外测温枪在这次疫情防控过程中发挥了重要作用，射电望远镜通过接收天体辐射的无线电波来对天体进行研究，应用X射线进行人体透视、机场安检等，γ射线在医学上有很重要的应用，下列关于红外线、无线电波、X射线和γ射线的说法正确的是（）A.红外线波动性最明显，γ射线粒子性最明显B.一切物体都在不停的辐射红外线，温度越高辐射红外线强度就越大C.红外线、X射线和γ射线都是原子由高能级向低能级跃迁时产生的D.它们和机械波本质相同，都是横波，都可以发生多普勒效应评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻；原；副线圈匝数之比为2∶1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是。

A.电流表的读数为1.00AB.电流表的读数为2.00AC.电压表的读数为110VD.电压表的读数为155V9、图示为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，原副线圈的匝数比为5:1，原线圈接在U=1100sin100πt(V）的交流电压上。V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表；配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合后（）

A.副线圈上交流电的频率为50Hz，电压表V2的示数为220VB.电流表A1、A2和A3的示数都变大C.电压表V1和V2的示数不变，V3的示数减小D.副线圈上的功率增加10、风力发电将风的动能转化为电能。某风力发电机的输出功率为10kW；输出电压为250V，用户得到的电压是220V，输电线的电阻为20Ω，输电线路如图所示。若输电线因发热而损失的功率为输送功率的5%，变压器均视为理想变压器，则下列说法正确的是（）

A.用户得到的电功率为B.通过输电线的电流为C.升压变压器原、副线圈的匝数之比为1：8D.降压变压器原、副线圈的匝数之比为100：1111、某空间出现了如图所示的一组闭合的电场线；这可能是（）

A.沿AB方向磁场在迅速减弱B.沿AB方向磁场在迅速增加C.沿BA方向磁场在迅速增加D.沿BA方向磁场在迅速减弱12、如图所示，L是电阻可忽略不计、自感系数很大的线圈。和是两个规格相同的小灯泡；则（）

A.当开关S突然闭合时，立刻亮，逐渐亮B.当开关S突然闭合时，都是立刻亮，之后逐渐熄灭，变得更亮C.当开关S由闭合变为断开时，立刻熄灭，闪亮之后再熄灭D.当开关S由闭合变为断开时，逐渐熄灭，闪亮之后再熄灭13、如图所示为两条平行的光滑绝缘导轨，左侧与电源相连，其中两导轨的水平部分与半圆部分相切于C、E两点。现将一导体棒垂直导轨放置，外加匀强磁场，磁场方向垂直于导体棒，与导轨平面的夹角斜向左上方。开始时导体棒静止于图中A点，当电建S闭合后，导体棒由静止开始运动，运动过程中导体棒始终与接触的两条导轨垂直，并恰能到达导轨半圆部分最高点D点。已知两导轨的间距半圆部分的轨道半径磁场的磁感应强度大小导体棒中的电流导体棒的质量重力加速度g取10则下列说法正确的是（）

A.导体棒在A点的加速度大小为10B.导体棒在D点的速度大小为m/sC.A、C两点间距离为mD.导体棒离开轨道后将做平抛运动，并落在A点左侧14、如图所示为远距离输电的原理图，已知升压变电器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，端电压分别为U1、U2，电流分别I1、I2，升压变压器到降压变压器之间输电线上的总电阻R；变压器均为理想变压器，若保持发电机的输出功率和输出电压不变，则下列说法正确的是（）

A.用户端的负载增加（并联用电器增多）时，I2增大，I1增大B.无论用户端的负载如何变化，始终有I1U1=I2U2C.远距离输电线上的电流I2=D.若用户端要得到U1大小的电压，则降压变压器原、副线圈的匝数比为n2：n1评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图为法拉第发现电磁感应现象的实验示意图，产生电磁感应现象的是_________（填“M”或“N”）线圈，当电键闭合瞬间，通过灵敏电流计的电流方向为_________（填“a到b”或“b到a”）。

16、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。17、用磁铁和线圈研究电磁感应现象实验中；已知通入灵敏电流表从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，则。

甲图中电表指针偏向______；

乙图中条形磁棒下方是______极。

丙图中条形磁铁向______运动；

丁图中线圈的绕制方法是______（在丁图中画出）18、如图所示，自耦变压器输入端A、B接交流稳压电源，其电压有效值UAB＝100V，R0＝40当滑动片处于线圈中点位置时，C、D两端电压的有效值UCD为___________V，通过电阻R0的电流有效值为_____________A．

19、金属热电阻和热敏电阻。

（1）金属热电阻：金属的电阻率随温度的_____而增大，利用这一特性，金属丝可以制作_____传感器；称为热电阻。

（2）热敏电阻：用_____材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而_____。评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)20、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

21、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

22、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

23、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共1题，共7分)24、在工厂生产车间的生产线上安装计数器后，就可以准确得知生产产品的数量，如图所示为光敏电阻自动计数器的示意图，其中R1为光敏电阻，R2为定值电阻。此光电计数器的基本工作原理是什么？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．由

可知

则交流电的频率

变压器不改变输电频率；A错误；

B．远距离输电中

根据公式

可得

B正确；

C．根据电路中功率公式

则

C错误；

D．由于在输电线上有电能损失

则

D错误；

故选B。2、D【分析】【详解】

A．当小磁块在光滑的铜管P下落时；由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，从而产生安培阻力，所以P做的运动不是自由落体运动；而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，在做自由落体运动，故A错误；

B．由A选项分析可知；在铜管的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故B错误；

C．在铜管中小磁块受到安培阻力；则在P中的下落时间比在Q中的长，故C错误；

D．根据动能定理可知；因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在P中的速度比在Q中的小，故D正确．

故选D．3、A【分析】【详解】

AC．根据牛顿第二定律可得

可得

所以随着速度的增大，加速度逐渐减小为0，因图象的斜率表示加速度，所以图象的斜率从逐渐减小为0。导体棒下滑过程中产生的感应电动势、电流分别为

由公式可知，E与v、i与v成正比，那么图像与图象相似；故A正确，C错误；

B.导体棒向下做加速度逐渐减小的加速运动，最后匀速，由于图象的斜率表示速度，所以图象开始时是斜率逐渐增大的曲线，最后变成斜率不变的直线。穿过导体棒与金属导轨和电阻R围成的线框的磁通量为

由公式可知，与x成正比，那么图像与相似；故B错误；

D．电阻R的功率为

由于导体棒最后匀速，所以电阻R消耗功率不可能一直增大；故D错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

由洛伦兹力提供向心力

解得

则动能

因此粒子的动能大小与加速电场的电压；两个D形金属盒狭缝间的距离无关；与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，所以增大磁感应强度或D形盒的半径，可以增大粒子的动能。

故选B。5、C【分析】【详解】

设离子被加速后获得的速度为v，由动能定理有

离子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径

又

可求

故C正确。

6、D【分析】【分析】

【详解】

A．金属棒下落过程中；由于切割磁感线产生感应电动势，则电容器要充电，回路中产生感应电流，则金属棒要受到向上的安培力，则金属棒的运动不是自由落体运动，选项A错误；

B．由右手定则可知；金属棒的N端电势高于M端，则电容器右侧极板将带上正电荷，选项B正确；

CD．由能量关系可知；金属棒减少的机械能转化为电容器储存的电能以及金属棒上电阻产生焦耳热，则金属棒减少的机械能大于电容器储存的电能，电容器储存的电能等于金属棒减少的重力势能减去金属棒增加的动能与产生的焦耳热两者之和，选项C错误，D正确。

故选D。7、B【分析】【分析】

【详解】

A．红外线的频率大于射线，波长便小于射线，由于频率越高，粒子性越明显，波长越长，波动性越明显，所以红外线波粒子性最明显而射线波动性最明显。故A错误；

B．一切物体都在不停的发射红外线；而且温度越高发射红外线强度就越大，故B正确；

C．原子的跃迁实质上就是核外电子的跃迁；一般只能发射X射线，只有原子核的跃迁才能发出射线，故C错误；

D．红外线；无线电波、X射线和γ射线和机械波的本质不同；但都是横波，且都可以发生多普勒现象，故D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)8、A:C【分析】【详解】

CD．原线圈电压有效值U1=220V，根据原副线圈匝数比为2:1可知次级电压为U2=110V；则电压表的读数为110V，选项C正确，D错误；

AB．根据变压器输入功率等于输出功率，即

解得I1=1.00A；选项A正确，B错误；

故选AC.9、A:C:D【分析】【分析】

抓住原线圈的输入电压不变；结合输出端总电阻的变化得出输电线上电流的变化，从而得出电压损失的变化，根据输出电压不变，得出用户端电压的变化，从而得知通过负载电阻电流的变化．抓住输电线上电流的变化，根据原副线圈电流比等于匝数之反比求出原线圈中电流的变化．

【详解】

A．原线圈接在U=1100sin100πt(V）的交流电压上，所以交流电的频率为

由电压之比等于匝数正比即

解得：

故A正确；

BC．当开关闭合后，副线圈的总电阻变小，由于升压变压器的输入电压不变，则输出电压不变，即U2不变，可知输电线中的电流增大，即A2增大，则输电线上损失的电压增大，可知用户端得到的电压减小，即U3减小，所以通过R1的电流减小，即A3减小，副线圈中电流决定原线圈中的电流，根据

知，原线圈中的电流I1增大，所以A1示数增大；故B错误，C正确；

D．由B、C项分析可知，原线圈中的电流I1增大；原线圈中电压不变，所以功率变大，所以副线圈上的功率增加，故D正确。

故选ACD。

【点睛】

解决本题的关键知道输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率．10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．用户得到的电功率即降压变压器的输出功率P用=P-P损=P×（1-5%)=9.5kW

故A正确；

BC．输电线损失的功率P损=P×5%=0.5kW

通过输电线的电流

升压变压器的输出电压

可得升压变压器原、副线圈的匝数之比

故B错误C正确；

D．输电线上的电压损失U损=I2R线=100V

降压变压器原线圈两端的电压U3=U2-U损=1900V

可得降压变压器原、副线圈的匝数之比

故D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

根据电磁感应，闭合回路中的磁通量变化时，使闭合回路中产生感应电流，该电流可用楞次定律判断，根据麦克斯韦电磁理论，闭合回路中产生感应电流，是因为闭合回路中受到了电场力的作用，而变化的磁场产生电场，与是否存在闭合回路没有关系，故空间内磁场变化产生的电场方向，仍然可用楞次定律判断，四指环绕方向即为感应电场的方向，沿AB方向磁场在迅速减弱或沿BA方向磁场在迅速增加时；均可产生题图所示方向电场，故AC正确，BD错误。

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

AB．当开关S突然闭合时，都是立刻亮，之后逐渐被线圈短路而熄灭，变得更亮；选项A错误，B正确；

CD．当开关S由闭合变为断开时，立刻熄灭，由于线圈中产生自感电动势阻碍电流的减小，则线圈和重新组成新的回路，则闪亮之后再熄灭；选项C正确，D错误。

故选BC。13、B:C【分析】【详解】

A．由左手定则判断导体棒受到斜向右上的安培力，根据

求得

A错误；

B．在D点时

解得m/s

B正确；

B．对导体棒，从A到D，将安培力分解到竖直方向和水平方向来处理它的功，应用动能定理

求得

C正确；

D．导体棒离开轨道后不再受安培力作用，将做平抛运动

代入数据可得

所以导体棒将落在A点右侧。D错误。

故选BC。14、A:B【分析】【详解】

A．将降压变压器原副线圈及副线圈电路等效为中间电路右端的一个电阻由

联立可得

可知：用户端的负载增加（并联用电器增多）时，减小；中间电路的总电阻减小；而升压变压器原副线圈的电压不变，所以I2增大，由理想变压器规律I1U1=I2U2

知I2增大；故A正确；

B．变压器均为理想变压器，根据能量守恒可得：无论用户端的负载如何变化，始终有I1U1=I2U2

故B正确；

C．根据P=UI可得，输电线上的电流为

故C错误；

D．因为输电线上有损失电压，U2＞U3，又

若用户端要得到U1大小的电压，则应

故D错误。

故选AB。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]当电键断开或闭合的瞬间；M线圈中电流变化，引起N线圈周围磁场强弱变化，通过N线圈中的磁通量变化，因此在N线圈中产生电磁感应现象。

[2]当电键闭合瞬间，M线圈中电流增强，磁场增强，磁感应强度增大；由右手螺旋定则可知通过N线圈的磁通量向上且增加，根据楞次定律可知，N线圈中感应电流产生的感应磁场向下，可知通过灵敏电流计的电流方向为a到b。【解析】Na到b16、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】17、略

【分析】【详解】

[1]磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向下，根据楞次定律可知俯视时线圈中产生的感应电流方向为逆时针，此时电流从灵敏电流表正接线柱流入，所以指针偏向正接线柱一侧。

[2]图中指针偏向负接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表负接线柱流入，俯视时线圈中感应电流方向为顺时针，根据安培定则可知线圈中感应电流磁场方向向下，磁铁向下运动，根据楞次定律可知条形磁棒下方是S极。

[3]根据前面分析此时线圈中感应电流磁场方向向下；磁铁的磁场方向也向下，说明此时磁通量在减小，所以磁铁在向上运动。

[4]图中指针偏向正接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表正接线柱流入，磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向上，根据楞次定律可知此时线圈中感应电流的磁场方向向下，可得线圈的绕制方法如图。

【解析】正接线柱一侧S上18、略

【分析】【详解】

因自耦变压器的原副线圈在一起，由题可知，原线圈的匝数为副线圈匝数的一半．理想变压器的变压比为所以V．根据部分电路欧姆定律有A．【解析】200，519、略