题型07-数据计算类-冲刺2023年高考生物热点题型押题专项训练(解析版)

题型07数据计算类一、单选题1．光合作用效率是指绿色植物通过光合作用制造的有机物中所含的能量与光合作用中吸收的光能的比值。某研究人员将密闭容器内的某绿色植物先经黑暗再经恒定光照处理，容器内氧气的变化量如图所示（光照对呼吸作用的影响可忽略不计）。下列说法错误的是（

）A．C点时该植物叶肉细胞中合成ATP的场所有线粒体和细胞质基质B．A点以后的短时间内，叶绿体内C5含量将增加C．5-15min内，该植物光合作用产生O2的平均速率是5×10-8mol/minD．农业生产中使用农家肥主要是通过提高光合作用效率来提高产量的【答案】C【分析】1、光合作用，通常是指绿色植物(包括藻类)吸收光能，把二氧化碳和水合成富能有机物，同时释放氧气的过程，光合作用分为光反应阶段和暗反应阶段。2、呼吸作用一般指机体将来自环境的或细胞自己储存的有机营养物的分子(如糖类、脂类、蛋白质等)，通过一步步反应降解成较小的、简单的终产物(如二氧化碳、乳酸、乙醇等)的过程。3、光合与呼吸的差值可用净光合速率来表示，具体指标可以是氧气释放量，二氧化碳吸收量，有机物积累量等，曲线AB表示净光合速率。【详解】A、C点时在黑暗条件下，植物叶肉细胞只进行呼吸作用，因此合成ATP的场所有线粒体和细胞质基质，A正确；B、A点以后的短时间内，光照增强，光反应产生的ATP和NADPH增加，叶肉细胞的叶绿体内C3被还原增多，产生的C5量增加，B正确；C、结合图示可知，黑暗下氧气量的变化量为呼吸速率，为（5×10-7mol➖4×10-7mol）÷5=2×10-8mol/min，在5-15min内，净光合速率为(8×10-7mol➖4×10-7mol)÷10=4×10-8mol/min，该植物光合作用产生氧气的平均速率即总光合速率=净光合速率+呼吸速率=4×10-8mol/min+2×10-8mol/min=6×10-8mol/min，C错误；D、农家肥中富含有机物，可以被分解者分解，产生的无机盐可以被植物吸收利用，增强光合作用，增强光合产物量，D正确。故选C。2．为研究低钾条件对某种农作物两个品种光合作用的影响，科研人员进行了相关实验，结果如下表所示。下列分析错误的是（）分组数值指标叶绿素含量相对值呼吸速率/（μmolCO2·m-2·s-1）光补偿点相对值最大净光合速率（μmolCO2·m-2·s-1）甲品种低钾处理组183.089.816.4正常处理组252.549.824.4乙品种低钾处理组263.272.718.5正常处理组282.942.025.5A．低钾处理组与正常处理组相比，呼吸速率和光补偿点都增大B．正常情况下，甲品种的最大光合速率是26.9μmolCO2·m-2·s-1C．光合速率达到最大值时增大光照强度，光合速率不再增加，主要是受光反应的限制D．在相同低钾土壤环境中同时种植这两种农作物，乙品种比甲品种对低钾环境的适应能力强【答案】C【分析】根据表格分析：甲品种低钾处理后叶绿素含量降低，呼吸速率提高，光补偿点升高，最大净光合速率降低，可能是由于叶绿素含量降低，光合作用降低而呼吸作用升高引起的；乙品种低钾处理后叶绿素含量变化不大，呼吸速率升高，光补偿点升高，最大净光合速率降低，由于光合速率变化不大，可能是由呼吸速率增加导致的。【详解】A、分析表中数据可发现，低钾处理组与正常处理组相比，呼吸速率和光补偿点都增大，A正确；B、正常情况下，甲品种的最大光合速率是24.4＋2.5＝26.9μmolCO2·m-2·s-1，B正确；C、当光合速率达到最大值时增大光照强度，光合速率不再增加，主要受暗反应（CO2浓度、温度等）的限制，C错误；D、对比表中数据可知，在相同低钾土壤环境中同时种植甲、乙两种农作物，乙品种叶绿素含量高、最大净光合速率高、光补偿点低，乙品种比甲品种对低钾环境的适应能力强，D正确。故选C。3．为了研究七子花不同冠层叶片的光合作用能力，在相同且适宜的条件下，研究小组利用图甲所示装置在不同的光照强度下，对七子花不同冠层叶片光合作用强度进行了对比测定，结果如图乙所示。下列说法错误的是（）A．当光照强度为n时，测量上层叶片的装置中A、B两处气体CO2浓度相等B．光照强度为0.25klx时，中层叶片和下层叶片CO2的固定速率相等C．将光照强度由1.25klx降至1klx时，短时间内，中层叶片中C3/C5的比值升高D．光照强度大于0.75klx时，限制三种叶片CO2吸收速率的因素不完全相同【答案】C【分析】分析题图可知：（1）图甲装置，A处CO2浓度分析仪可检测到鼓风机吹入的CO2的初始浓度，同化箱中的实验材料进行光合作用和呼吸作用会引起装置中CO2浓度的变化，B处可检测同化箱CO2变化后的浓度。（2）图乙：茶树的上、中、下层叶片的呼吸作用强度不同，光补偿点也不同，随着光照强度的增强，上层叶的光合作用强度增加明显高于中下层叶。【详解】A、当光照强度为n时，叶片处于光的补偿点，没有与外界进行气体交换，故所测量上层叶片的装置中A、B两处气体CO2浓度相等，A正确；B、CO2的固定速率=CO2的吸收速率+CO2的释放速率。当光照强度为0.25klx时，中层叶片的CO2的固定速率=2+1=3；下层叶片CO2的固定速率：2.5+0.5=3，二者相等，B正确；C、将光照强度由1.25klx降至1klx时，光照强度不是影响光合作用强度的限制因素，故短时间内降低光照强度，中层叶片中C3/C5的比值不变，C错误；D、光照强度大于0.75klx时，如从0.75klx升至1klx的过程中，影响下层叶片光合作用强度的主要限制因素不是光照强度，但影响上层和中层叶片的光合作用强度的主要限制因素是光照强度，不完全相同，D正确。故选C。4．以测定的CO2吸收量与释放量为指标，研究温度对某绿色植物光合作用与细胞呼吸的影响，结果如图所示。下列分析正确的是（

）A．光照相同时间，在20℃条件下植物积累的有机物的量最多B．图中两曲线的交点表示光合作用速率与细胞呼吸速率相等C．如果该植物原重Xg，先置于暗处4h后重（X-1）g，然后光照4h后重（X+2）g，则总光合速率为3/4g·h-1D．光照相同时间，35℃时光合作用制造的有机物的量与30℃时相等【答案】D【分析】1、由图分析可知：实线为黑暗下CO2释放量，表示呼吸作用消耗有机物的量；虚线为光照下CO2吸收量，表示光合作用净积累有机物的量，即净光合＝总光合－呼吸作用。2、净光合速率＝总光合速率－呼吸速率。【详解】A、图中虚线表示光合作用净积累有机物的量，由图可知，光照相同时间，25℃时植物积累的有机物的量最多，A错误；B、图中两曲线的交点表示净光合作用速率与细胞呼吸速率相等，即光合速率是呼吸速率的二倍，B错误；C、该植物原重Xg，置于暗处4h后重（X-1）g，说明呼吸速率为1/4g，然后光照4h后重（X+2）g，则总光合速率=净光合速率+呼吸速率=[（X+2）－（X－1）]÷4+1/4=1g·h-1，C错误；D、光合作用制造的有机物的量=净光合作用量+呼吸作用量，因此图中35℃与30℃的光合作用制造的有机物的量相等，都是3+3.5=6.5mg/h，D正确。故选D。5．为了研究某种植物光合速率和呼吸速率对生长发育的影响，研究者做了以下相关实验：将长势相同的该植物幼苗分成若干组，分别置于不同温度下（其他条件相同且适宜），暗处理1h，再光照1h，测其干重变化，得到如图所示的结果。下列说法错误的是（

）A．32℃时植物的光合速率大于呼吸速率B．24小时恒温26℃条件下，当光照时间超过4小时，该植物幼苗能正常生长C．该植物进行光合作用时，当光照强度突然增加，C3的量减少D．将该植物放在H218O的水中培养，光照一段时间后可以在体内发现（CH218O）【答案】B【分析】暗处理1h前后的重量变化反映呼吸速率；光照后与暗处理前的重量变化反映光合速率-2×呼吸速率。【详解】A、32℃时，暗处理lh后的重量变化是-4mg，说明呼吸速率是4mg/h，光照1h后与暗处理前的变化是0mg，说明此条件下光合速率是8mg/h，光合速率与呼吸速率的数量关系为光合速率是呼吸速率的2倍，A正确；B、据图中信息可知，26°C条件下呼吸速率是1mg/h，光合速率是3+1+1=5mg/h，设在光照强度适宜且恒定、一昼夜恒温26°℃条件下，至少需要光照X小时以上，该番茄幼苗才能正常生长，则有5X-1×24=0，可求出X=4.8h，B错误；C、当光照强度突然增加时，光反应增强，产生的ATP和[H]增多，从而促进三碳化合物的还原，但是二氧化碳固定形成的三碳化合物的过程不受影响，故当光照强度突然增加时，C3的量减少，C正确；D、将该植物放在H218O的水中培养，H218O先通过有氧呼吸第二阶段进入C18O2，然后再通过光合作用暗反应进入到有机物（CH218O）中，D正确。故选B。6．某人工饲养的高密度鱼塘能量流动关系图如下，a、b、c、d、e表示相关能量。下列叙述正确的是（

）A．该鱼塘中满足a大于鱼种甲的同化量B．该人工鱼塘的能量流动和转化遵循能量守恒定律C．鱼种甲获得了植物中的能量，鱼种乙获得了鱼种甲的能量，植物获得了塘泥里腐殖质中的能量D．鱼种甲到鱼种乙的能量传递效率是×100%【答案】B【分析】分析图形：流经该生态系统的总能量为植绿色植物所固定的太阳能和投放饲料中的化学能，图中鱼种甲处于第二营养级，鱼种乙处于第三营养级。【详解】A、在人工饲养的高密度鱼塘生态系统中，人们可通过投放饲料等措施来饲养更多的鱼类，人工饲养的高密度鱼塘中甲（初级消费者）获得的总能量往往大于生产者固定的太阳能a，A错误；B、生态系统中的能量流动和转化遵循能量守恒定律，因此该人工鱼塘的能量流动和转化遵循能量守恒定律，B正确；C、植物只能获取太阳能，不能从塘泥腐殖质中获取能量，C错误；D、鱼种甲到鱼种乙的能量传递效率是鱼种乙从上一营养级同化的能量÷（鱼种甲从上一营养级同化的能量+鱼种甲从饲料有机物中同化的能量）×100%=c/（b+d），D错误。故选B。7．如图为某地区一湿地生态系统的能量流动示意图，其中A~K表示能量值（单位相同）、甲～丙表示生态系统的组成成分。下列相关叙述正确的是（

）A．图示的能量流动过程中缺少的过程仅有分解者呼吸作用散失的能量B．图中乙粪便中的能量属于B，乙到丙的能量传递效率为C/B×100%C．该湿地生态系统中的细菌、真菌等微生物的分解作用是净化污水的重要途径D．湿地生态系统的直接价值体现在其具有保持水土，涵养水源和净化水质等功能【答案】C【分析】生态系统中能量的输入、传递、转化和散失的过程，称为生态系统的能量流动。每一营养级能量的去向有：被下一级同化（最高营养级没有）、呼吸作用热能散失、流向分解者。【详解】A、图示的能量流动过程中缺少的过程：有分解者呼吸作用散失的能量、顶级消费者指向分解者的箭头，A错误；B、图乙粪便中的能量不属于B，而属于I，乙到丙的能量传递效率为C/B×100%，B错误；C、该湿地生态系统中的细菌、真菌等微生物的分解作用，将污水中的有机物分解为无机物，是净化污水的重要途径，C正确；D、湿地生态系统的间接价值体现在其具有保持水土，涵养水源和净化水质等功能，D错误。故选C。8．如图为某年度调查甲、乙两种昆虫种群数量变化的结果，已知昆虫甲、昆虫乙存在捕食关系。下列叙述正确的是（

）A．能量在甲、乙之间的传递效率一定为10%～20%B．甲为被捕食者，甲、乙之间存在负反馈调节C．决定两种昆虫数量的直接因素为出生率、死亡率和年龄结构D．甲昆虫的环境容纳量为1.4×106头【答案】B【分析】环境容纳量（K值）：在环境条件不受破坏的情况下，一定空间中所能维持的种群最大数量，对于大多数生物的种群来说，种群数量总是在波动中。【详解】A、能量在两个营养级间的传递效率为10%～20%，若甲、乙分别为两个营养级中的部分个体，则传递效率不在10%～20%之间，A错误；B、甲为被捕食者，甲、乙之间存在负反馈调节，B正确；C、决定两种昆虫数量的直接因素为出生率和死亡率、迁入率和迁出率，年龄结构可以预测种群数量变化，C错误；D、甲昆虫的种群数量围绕K值发生波动，故其环境容纳量不是1.4×106头，D错误。故选B。9．6月8日是世界海洋日。海洋是生物圈的重要组成部分，与人类的生存和发展息息相关。下列相关说法不正确的是（）A．海洋鱼类生活在不同的水层，这体现了生物群落的垂直结构B．新建码头的桩柱表面很快被细菌附着，随后依次出现硅藻、藤壶、牡蛎等，该过程称为初生演替C．图乙表示某海域能量流动简图，A、B、C、D表示生态系统的组成成分，能量在第一营养级和第二营养级之间的传递效率为15%D．海洋会受到石油、工业废水、生活污水等污染。如果污染超过海洋生态系统的自净能力，海洋生态系统就很难恢复到原来的状态【答案】C【分析】图乙表示能量流动简图，若A、B、C、D表示生态系统的组成成分，则A可代表生产者，B可代表分解者，C和D可代表消费者。【详解】A、在群落中，植物和动物都存在垂直结构，鱼类生活在不同的水层，体现了生物群落的垂直结构，A正确；B、新建码头的桩柱属于光裸的岩石，在其上发生的演替属于初生演替，B正确；C、能量的传递效率指的是同化量的比值，第二营养级是D，同化的能量为1.5×106，第一营养级的同化量为7.5×106，传递效率为20%，C错误；D、生态系统的调节能力是有限的，污染生态系统的自净能力，生态系统就很难恢复到原来的状态，D正确。故选C。10．某植物的花色有红色和白色两种，该相对性状可能由一对等位基因（A/a）控制，也可能由两对等位基因（A/a和B/b）拉制。红花植株甲进行自花传粉，子一代中红花：白花=15：1。下列推测不支持该分离比的是（

）A．甲的基因型为Aa，雌配子中a基因的可育率是A基因的1/7B．甲的基因型为Aa，雌雄配子中a基因的可育率是A基因的1/3C．甲的基因型为AaBb，产生的可育雌雄配子各有4种且比例相同D．甲的基因型为AaBb，产生的可育雌雄配子只有AB、ab，且比例为2：1【答案】D【分析】该对相对性状可能由一对等位基因（A/a）控制也可能由两对等位基因（A/a和B/b）控制。让红花植株甲进行自花传粉，所得子代中红花：白花=15：1，若为一对基因控制，则出现了配子致死，若为两对基因控制，第一种可能为9：3：3：1的变式，即（9A_B_+3A_bb+3aaB_）：1aabb；第二种可能为两对基因在一对染色体上，且存在配子致死。【详解】A、植株甲基因型为Aa，雌配子中a基因的可育率是A基因的1/7，雄配子1/2A和1/2a，雌配子为1/8a和7/8A，子代白花aa占1/2×1/8=1/16，红花占1-1/16=15/16，所以红花:白花=15:1，A正确；B、植株甲基因型为Aa，雌雄配子中a基因的可育率是A基因的1/3，所以雌配子A:a=3:1，雄配子A:a=3:1，那么子代白花aa占1/4×1/4=1/16，剩余全是红花1-1/16=15/16，红花:白花=15:1，B正确;C、植株甲基因型为AaBb，产生4种且比例相同的配子AB、Ab、aB、ab，两对等位基因独立遗传，其中aabb表现为白花，其余基因型都是红花，所以红花:白花=(9+3+3)：1=15:1，C正确；D、植株甲基因型为AaBb，产生的配子只有AB、ab，说明两对等位基因连锁，AB:ab=2:1，雌雄配子AB占2/3，ab占1/3，所以子代白花aabb占1/3×1/3=1/9，其他都是红花占1-1/9=8/9，红花:白花=8:1，D错误。故选D。11．油菜是我国重要的油料作物，其产量居世界第一，培育油菜的矮秆植株对其抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组通过神舟飞船搭载纯种高秆油菜种子培育出一个纯种矮秆突变体。为了阐明矮秆突变体的遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。下列相关叙述错误的是（

）A．两个实验的结果可排除该性状通过母本某些细胞器遗传给子代B．F2的高秆自交，单株收获种子，种植统计出表现型比例有3种C．若F2某高秆自交子代全为高秆，则该植株可能的基因型有5种D．让F2的矮秆与高秆进行测交，可确定F2中各高秆植株的基因型【答案】D【分析】处理题图中的相关数据，实验一和二的子二代高秆：矮秆均约为15：1，符合9：3：3：1的变式，故推测该性状由两对等位基因控制，且位于非同源染色体上，遵循自由组合定律，属于核基因遗传。【详解】A、若为母系遗传，则实验一中的子代应均为高秆，实验二中的子代应全为矮秆，与实验结果不符，故两个实验的结果可排除该性状通过母本某些细胞器遗传给子代，A正确；B、处理题图中的相关数据，实验一和二的子二代高秆：矮秆均约为15：1，符合9：3：3：1的变式，故推测该性状由两对等位基因控制，且位于非同源染色体上，遵循自由组合定律，若分别用A／a和B／b这两对等位基因表示，则亲本高杆基因型为：AABB，亲本高秆基因型为：aabb，子一代基因型为：AaBb，F2的高秆（AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB、AaBb、Aabb、aaBb）自交，单株收获种子，那么AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB自交均为高杆，AaBb自交子代高秆：矮秆＝15：1，Aabb、aaBb自交子代高秆：矮杆＝3：1，共3种表现型比例，B正确；C、结合B选项的分析，若F2某高秆自交子代全为高秆，则其可以对应AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB共5种基因型，C正确；D、结合B选项的分析，F2矮秆（基因型为aabb）与高秆（基因型有AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB、AaBb、Aabb、aaBb）进行测交，其中AABB、AABb、AAbb、AaBB、aaBB这五种基因型的高秆测交子代均为高秆，AaBb测交子代高秆：矮秆＝3：1，Aabb、aaBb这两种基因型测交子代高秆：矮秆＝1：1，故无法确定F2中各高秆植株的基因型，D错误。故选D。12．果蝇的性别决定方式为XY型，用正常雄果蝇和一种特殊的雌果蝇（两条X染色体连在一起，不能分开）进行杂交，已知XXX和YY型果蝇死亡，则中没有染色体变异的个体性别及所占比例为（

）A．雄性25％ B．雌性25％ C．雄性50％ D．雌性50％【答案】C【分析】野生型雄果蝇的性染色体为XY，特殊雌果蝇的性染色体为X^XY，其中两条X染色体并联。后代果蝇的性染色体组成为：X^XX（一条并联X染色体和一条正常X染色体的果蝇致死）、XY（雄果蝇）、X^XY（一条并联X染色体和一条Y染色体的雌果蝇）、YY（没有X染色体的果蝇也是致死）。【详解】根据题意可知，亲本雌果蝇的染色体组成为X^XY，可以产生2种配子X^X和Y比例为1：1，亲本雄果蝇的染色体组成为XY，其产生的配子有2种X和Y比例为1：1，所以F1中个体的染色体组成及比例为1X^XX（致死）、1X^XY（雌性）、1XY（雄性）、1YY（致死），所以F1中没有染色体变异的个体为雄性，占50%，ABD错误，C正确。故选C。13．囊性纤维病是常染色体隐性遗传病，患者CFTR蛋白异常，其中70%的患者CFTR蛋白第508位苯丙氨酸缺失。利用探针1和2分别能检测出决定第508位苯丙氨酸正常和缺失的CFTR基因，对两个家系成员基因的检测结果如下图。下列叙述错误的是（）A．甲家系Ⅰ-1、Ⅰ-2、Ⅱ-1均含有决定苯丙氨酸缺失的CFTR基因B．若甲家系Ⅱ-2表型正常，用探针1、2检测出两条带的概率为1/2C．乙家系成员CFTR蛋白的第508位苯丙氨酸没有缺失D．探针1、2不适用于对乙家系Ⅱ-2的CFTR基因进行产前诊断【答案】B【分析】分析甲：Ⅰ-1和Ⅰ-2的基因型为Aa、Aa，Ⅱ-1的基因型为aa，表现为患病。分析乙：Ⅰ-1和Ⅰ-2的508苯丙氨酸并没有缺失，但仍生下患病的孩子，说明乙家系成员CFTR蛋白的508没有缺失，编码CFTR蛋白的基因存在其他部位的变异。【详解】A、囊性纤维病是常染色体隐性遗传病，设相关基因是A、a，据图可知，甲家系中I-1和I-2正常，II-1患病，说明双亲基因型均为Aa，II-1是aa，Ⅰ-1、Ⅰ-2、Ⅱ-1均含有决定苯丙氨酸缺失的CFTR基因a，A正确；B、甲家系中I-1和I-2基因型均为Aa，若甲家系Ⅱ-2表型正常（1/3AA、2/3Aa），用探针1、2检测出两条带（Aa）的概率为2/3，B错误；CD、据图而可知，乙家系的条带只有1条，且I-1和I-2均正常，说明乙家系成员CFTR蛋白的第508位苯丙氨酸没有缺失，编码CFTR蛋白的基因存在其他部位的变异，而探针检测的原理是碱基互补配对，探针1和2分别能检测出决定第508位苯丙氨酸正常和缺失的CFTR基因，故探针1、2不适用于对乙家系Ⅱ-2的CFTR基因进行产前诊断，CD正确。故选B。14．控制色觉的基因位于X染色体上，正常色觉B基因对色弱B-基因、色盲b基因为显性，色弱基因B-对色盲基因b为显性。下图为某家系图，电泳图为同种限制酶处理该家族第二代的结果，序号①~⑤表示电泳条带。下列叙述正确的是（

）A．条带②③代表色盲基因，条带④⑤代表色弱基因B．对I1的色觉基因进行电泳，所得条带是②③④⑤C．Ⅱ3与正常人结婚，孩子表现为色弱的概率是1/4D．基因突变的随机性导致色盲基因和色弱基因的出现【答案】B【分析】遗传系谱图的分析方法：（一）首先确定是细胞核遗传还是细胞质遗传。（1）若系谱图中，女患者的子女全部患病，正常女性的子女全正常，即子女的表现型与母亲相同，则最可能为细胞质遗传。（2）若系谱图中，出现母亲患病，孩子有正常的情况，或者，孩子患病母亲正常，则不是母系遗传。（二）其次确定是否为伴Y遗传。（1）若系谱图中女性全正常，患者全为男性，而且患者的父亲、儿子全为患者，则最可能为伴Y遗传。（2）若系谱图中，患者有男有女，则不是伴Y遗传。（三）再次确定是常染色体遗传还是伴X遗传。（1）首先确定是显性遗传还是隐性遗传。①“无中生有”是隐性遗传病。②“有中生无”是显性遗传病。（2）已确定是隐性遗传，若女患者的父亲和儿子都患病，则最大可能为伴X隐性遗传。否则一定为常染色体隐性遗传。（3）已确定是显性遗传，若男患者的母亲和女儿都患病，则最大可能为伴X显性遗传。否则一定为常染色体显性遗传。【详解】A、由家系图可知，Ⅱ2是色弱男性，Ⅱ4是色盲男性，前者的基因型是XB-Y，后者的基因型是XbY，前者含有的色弱基因电泳后产生条带②③，后者的色盲基因电泳后产生条带④⑤，这表明条带②③代表色弱基因，条带④⑤代表色盲基因，A错误；B、由Ⅱ2和Ⅱ4可知道Ⅰ1的基因型是XB-Xb，因此她的基因电泳结果出现的条带是②③④⑤，B正确；C、由Ⅱ2和Ⅱ4可知道Ⅰ1的基因型是XB-Xb，Ⅰ2是正常男性，其基因型是XBY，因此Ⅱ1和Ⅱ3的基因型可能是XBXB-或XBXb，再看电泳条带，发现他们的电泳结果是不同的：Ⅱ1含色弱基因XB-，Ⅱ3含色盲基因Xb，因此Ⅱ1和Ⅱ3的基因型分别是XBXB-、XBXb，Ⅱ3与正常人（XBY）结婚，后代不会出现色弱个体，但会出现1/4的概率是色盲患者，C错误；D、正常色觉基因、色弱基因、色盲基因属于复等位基因，这是基因突变的不定向性导致的，D错误。故选B。15．某遗传病的致病基因a对正常基因A为隐性，该病在女性中发病率为1%。图乙表示甲家系部分成员相关基因电泳后结果(不同长度片段分布位置不同)，下列叙述错误的是（

）A．a位于X染色体上，若6号个体含a，不可能来自1号B．3号与一正常女性结婚，生患病孩子的概率为1/11C．若4号再次怀孕，可通过产前诊断判断胎儿是否携带aD．该遗传病可能由正常基因A发生碱基对的增添或缺失导致【答案】B【分析】分析题意和题图：人类某种遗传病的致病基因是a，因此该遗传病为隐性病，1号只含有A基因，为显性纯合子，2号只含有a基因，为隐性纯合子，隐性纯合子和显性纯合子的后代应全为杂合子，若该对等位基因位于常染色体上，则3号应同时含有A、a基因，与基因检测结果不符，说明该对等位基因不位于常染色体上。【详解】A、该遗传病为隐性病，1号只含有A基因，2号只含有a基因，3号只含有A基因，若该对等位基因位于常染色体上，则3号应含有A、a基因，此外，基因检测结果显示男性都只含有该对基因中的一个，因此该对等位基因位于X染色体上，5号基因型为XAY，若6号个体含致病基因a，其必然来自4号，1号基因型为XAXA，2号基因型为XaY，说明4号的致病基因必然来自2号，A正确；B、女性群体中该病的发病率为1%，因此女性中XaXa的概率为1/100，Xa的概率为1/10，XA的概率为9/10，计算出XAXa的概率为18/100，XAXA的概率为81/100，则正常女性基因型为XAXa的概率为18/100÷（18/100+81/100）=2/11，3号基因型为XAY，生患病孩子(XaY)的概率为2/11×1/4=1/22，B错误；C、4号基因型为XAXa，5号基因型为XAY，可能生出患病男孩，可通过产前诊断判断胎儿是否携带a，C正确；D、等位基因产生的根本原因是基因突变，该遗传病的致病基因a可能由正常基因A发生碱基对的增添或缺失导致，D正确。故选B。16．某单基因遗传病患者的家系如图1，研究人员采集了部分家系成员的DNA，对与该病相关基因的特异性片段（长度400bp，bp代表碱基对）进行PCR扩增，然后用限制性核酸内切酶HhaⅠ对其切割，进行琼脂糖凝胶电泳分析，结果如图2，下列分析正确的是（

）A．II-3、II-4的致病基因都来自I-3B．该致病基因片段上没有HhaⅠ酶切点C．Ⅲ-2成年后进行产前诊断时可参考胎儿的性别判断其患病概率D．Ⅱ-2与Ⅱ-3再生育两个孩子（非同卵双胞胎），其中一个正常的概率是3/16【答案】B【分析】根据家系图可知II-2、II-3表现型正常，但是他们的子女中有患者，由此判定该病为隐性遗传病，Ⅲ-1是患者，其父亲II-2表现型正常，由此可知该病为常染色体隐性遗传病，通过凝胶电泳图可知，PCR扩增之后与该病相关基因的特异性片段的长度是400bp，而该病相关基因的特异性片段的长度是400bp，显然隐性致病基因没有被切割，而显性基因被切割成两个200bp的片段，由此可知，I-1是显性纯合，I-2与I-3是显性杂合，I-4是显性纯合，II-1是显性纯合，II-2与II-3是显性杂合，Ⅲ-3是隐性纯合。【详解】A、II-4的基因型是未知的，她不一定含有致病基因，A错误；B、因为致病基因PCR扩增后的长度没有变，说明限制性核酸内切酶HhaⅠ对其没有切割位点，B正确；C、该病的致病基因在常染色体上，患者出现的概率在男女中是相等的，因此胎儿性别不会影响患病概率，C错误；D、设显性基因为A，隐性基因为a，则Ⅱ-2与Ⅱ-3的基因型都是Aa，他们再生育两个孩子，题干提示非同卵双胞胎，这两个孩子都正常的概率是3/4×3/4=9/16，都患病的概率是1/4×1/4=1/16，因此这两个孩子有一个正常的概率是1-9/16-1/16=3/8，D错误。故选B。17．玉米条纹病毒的遗传物质是单链环状DNA分子，它在玉米细胞内的复制过程如图所示。某兴趣小组利用玉米细胞和一个被标记的玉米条纹病毒进行实验，下列叙述正确是（

）A．玉米条纹病毒的遗传物质复制时，所需的尿嘧啶核苷酸来自玉米细胞B．滚动复制n次后提取DNA进行离心，离心后试管中会出现轻、中、重3种条带C．若玉米条纹病毒的遗传物质中含有m个腺嘌呤，滚动复制3次后需要游离的腺嘌呤7m个D．若玉米条纹病毒的遗传物质嘌呤的比例为m，则互补链中嘧啶所占比例也为m【答案】D【分析】DNA复制是指以亲代DNA为模板合成子代DNA的过程。DNA复制是一个边解旋边复制的过程，需要模板，原料，能量和酶等基本条件。DNA独特的双螺旋结构，为复制提供了精确的模板，通过碱基互补配对，保证了复制能够准确地进行。【详解】A、玉米条纹病毒的遗传物质为单链环状DNA分子，在进行复制时，不需要尿嘧啶核苷酸，A错误；B、由题图可知，滚动复制的过程为先合成一个互补链，然后以互补链为模板，依靠互补链的滚动进行病毒DNA的合成，此过程得到的子代病毒DNA不含标记，只有亲代病毒DNA含标记，故离心会出现轻带和重带2种条带，B错误；C、玉米条纹病毒的遗传物质滚动复制3次后得到3个DNA分子，需要3m个游离的腺嘌呤，C错误；D、若病毒DNA中嘌呤的比例为m，根据碱基互补配对原则，互补链中嘧啶占的比例也为m，D正确。故选D。18．7-乙基鸟嘌呤不与胞嘧啶（C）配对而与胸腺嘧啶（T）配对。某DNA分子中腺嘌呤（A）占碱基总数的30%，其中的鸟嘌呤（G）全部被7-乙基化，该DNA分子正常复制产生两个DNA分子，其中一个DNA分子中胸腺嘧啶（T）占碱基总数的45%，另一个DNA分子中胸腺嘧啶（T）所占比例为（

）A．10% B．20% C．35% D．45%【答案】C【分析】DNA的双螺旋结构：①DNA分子是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的。②DNA分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架，碱基在内侧。③两条链上的碱基通过氢键连接起来，形成碱基对且遵循碱基互补配对原则。【详解】根据碱基互补配对原则可知，该DNA分子中A=T=30%，G=C=20%，如果鸟嘌呤（G）全部被7-乙基化，则G不与C配对而是与胸腺嘧啶T配对，一个DNA分子中胸腺嘧啶（T）占碱基总数的45%，其中的一个DNA分子中胸腺嘧啶T所占的比例为45%，则该DNA分子中含有原来的G的含量为45%-30%=15%，则另一个DNA分子中含有的原来的G的含量为20%-15%=5%，则另一个DNA分子中胸腺嘧啶（T）所占比例为30%+5%=35%。即C正确。故选C。【点睛】19．紫外线照射大肠杆菌会使其DNA形成胸腺嘧啶二聚体（T-T）而损伤DNA．重组修复是DNA修复机制之一，即双链DNA中的一条链发生损伤，损伤DNA进行复制时，由于损伤部位不能成为模板使子链产生缺口，通过分子重组从未损伤母链的对应部位切出相应的部分将缺口填满，母链缺口在酶的作用下完成修补。若干代以后，损伤的DNA链逐渐被“稀释”，最后不影响正常的生理过程，损伤也就得到了修复。下列说法错误是（）A．碱基类似物诱发基因突变的机理与紫外线的作用不同B．DNA损伤会使其空间结构改变，影响DNA的复制和转录C．DNA聚合酶和DNA连接酶在修复母链缺口中所起的作用不同D．用H3标记的核苷酸培养，损伤DNA重组修复n代后被标记单链数为2n+1-2【答案】D【分析】DNA连接酶和DNA的聚合酶都是可以连接磷酸二酯键的。但是DNA连接酶是把两个分离的DNA链在特定的末端连接起来。而DNA聚合酶则将单个的脱氧核苷酸连接到子链上，形成新的DNA链。DNA聚合酶需要模板能够完成，而DNA连接酶只是将DNA片段的两个接口连接起来，这种情况是不需要模板的。而且聚合酶不仅需要以DNA为模板，而且还需要能量和原料催化才能合成，比较复杂。【详解】A、碱基类似物属于化学因素诱发基因突变，引起碱基的替换，紫外线属于物理因素诱发基因突变，A正确；B、由题意可知，DNA损伤会导致其空间结构改变，损伤部位不能成为模板，会影响复制和转录，B正确；C、但是DNA连接酶是把两个分离的DNA链在特定的末端连接起来。而DNA聚合酶则将单个的脱氧核苷酸连接到子链上，形成新的DNA链，所以在修复母链缺口中二者所起的作用不同，C正确；D、用H3标记的核苷酸培养，损伤DNA重组修复n代后一共有2n+1条单链，除未损伤母链外，其他单链均带有标记，所以被标记单链数为2n+1—1，D错误。故选D。20．将DNA双链都被15N标记的大肠杆菌放在含有14N的培养基中培养，使其分裂3次，对得到的所有子代大肠杆菌，下列叙述正确的是（

）A．所有大肠杆菌都含有15NB．所有大肠杆菌都含有14NC．含有15N的大肠杆菌占全部大肠杆菌的比例为1/2D．含有14N的DNA分子占全部DNA分子的比例为1/8【答案】B【分析】已知DNA的复制次数，求子代DNA分子中含有亲代DNA单链的DNA分子数或所占的比例：一个双链DNA分子，复制n次，形成的子代DNA分子数为2n个。根据DNA分子半保留复制特点，不管亲代DNA分子复制几次，子代DNA分子中含有亲代DNA单链的DNA分子数都只有2个。【详解】AC、复制3此后，子代大肠杆菌为23=8个，含有亲代DNA的大肠杆菌为2个，占全部大肠杆菌的比例为2/8=1/4，AC错误；BD、子代共有DNA为8个，由于原料中含有14N，根据DNA分子半保留复制的特点可知，所有大肠杆菌都含有14N，B正确，D错误。故选B。二、多选题21．下图为不同光照强度下浙东1号和洞头本地菜两种坛紫菜的光合熵（光合作用净产氧量与光合作用固碳量的摩尔比值）。相关叙述正确的是（

）A．随光强度的增加，两品系坛紫菜光合熵均先升后降B．光强度为38001x时，两品系坛紫菜光合作用速率相同C．浙东1号和洞头本地菜的最适宜光强度均为20001xD．2800lx时，浙东1号每天至少光照14.4小时才能正常生长【答案】AD【分析】光合熵是光合作用净产氧量与光合作用固碳量的摩尔比值，光合作用净产氧量代表净光合量，固碳量代表总光合量。随着光照强度的增加，两品系坛紫菜光合熵均先升后降，2800lx前浙东1号的光合熵始终小于洞头本地菜，3800lx时。二者相等【详解】A、随光强度的增加，两品系坛紫菜光合熵均先升后降，洞头本地菜上升更明显，A正确；B、光强度为3800lx时，两品系坛紫菜光合熵相同，净光合和总光合的比值相同，但不能判定光合作用是否相同，B错误；C、浙东1号和洞头本地菜的最适宜光强度不一定是2000lx，需要缩小光照强度梯度继续探究，C错误；D、2800lx时，浙东1号的光合熵是0.40，净光合量比总光合量为0.40，设净光合为0.40，则呼吸为0.60，总光合为1，光照时间为x，若要正常生长，0.40x-0.60×（24-x）＞0，解得x大于14.4，每天至少光照14.4小时才能正常生长，D正确。故选AD。22．若蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）羧基端的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）两侧的肽键，某四十九肽经酶1和确2作用后如图，下列叙述错误的是（

）A．此多肽含2个赖氨酸B．苯丙氨酸位于四十九肽的17、31、49位C．短肽D、E比四十九肽的氧原子、N原子数均减少了2个D．适宜条件下酶1和酶2同时作用与此多肽，可形成4条短肽和1个氨基酸【答案】ABCD【分析】题图是某四十九肽经酶1和酶2作用后的图示，其中蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）羧基端的肽键，由图中酶1作用后的肽链情况可知，苯丙氨酸位于第16、30、48位；蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）两侧的肽键，由图中蛋白酶2作用后的肽链情况可知，赖氨酸位于第23位。【详解】A、蛋白酶2作用于赖氨酸两侧的肽键，由图中蛋白酶2作用后的肽链情况可知，此多肽含1个赖氨酸，位于第23位，A错误；B、肽链的右边末端含有1个的游离的羧基，蛋白酶1作用于苯丙氨酸羧基端的肽键，由图中酶1作用后的肽链情况可知，苯丙氨酸位于第16、30、48位，B错误；C、蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）两侧的肽键时需要消耗2分子水（加了2个氧原子），减少了1个赖氨酸（失去了2个N原子、2个氧原子），故形成的短肽D、E中，与四十九肽的氧原子相同，N原子数减少2个，C错误；D、适宜条件下酶1和酶2同时作用与此多肽，可得到四条短肽（分别由第1-16、17-22、24-30、31-48位氨基酸形成）和2个氨基酸（分别是第23位、49位氨基酸），D错误。故选ABCD。23．野生型果蝇复眼大约由779个小眼组成，眼面呈椭圆形，X染色体16A区段具有降低复眼中小眼数量，使眼面呈棒眼的效应，并且随着16A区段重复数增加，降低小眼数量的效应也会加强。用B+表示野生型X染色体16A区段、B表示2个16A区段（棒眼）、BD表示具有3个16A区段（重棒眼）。杂合棒眼（B+B）个体的小眼数约为358个；棒眼（BB）个体的小眼数为68个，杂合重棒眼（BDB+）个体的小眼数为45个。下列有关分析正确的是（

）A．16A区段重复数量和位置共同决定果蝇小眼数目B．可通过显微镜观察染色体结构来判断16A区段的数量C．两种不同复眼性状的果蝇杂交后代最多出现4种表型D．杂合棒眼个体与棒眼个体杂交，后代出现野生型的概率为1/4【答案】ABD【分析】题意分析，细胞中X染色体16A区段的数目越多，复眼中小眼数量越少；且随着X染色体16A区段的增多有累加效应【详解】A、X染色体16A区段会影响复眼中小眼数量，棒眼（BB）和杂合重棒眼（BDB+）含有的16A区段数目相同，但二者的小眼数有差别，说明16A区段重复数量和位置共同决定果蝇小眼数目，A正确；B、染色体16A区段的改变属于染色体结构变异，因而可通过显微镜观察染色体结构来判断16A区段的数量，B正确；C、两种不同复眼性状的果蝇杂交，若后代出现4种表型，即有杂合棒眼（B+B）和棒眼（BB），推测双亲基因型为XB+XB、XBY，但其后代只有三种表型，C错误；D、杂合棒眼（XB+XB）与棒眼（XBY）个体杂交，后代出现野生型的概率为1/4，D正确。故选ABD。24．某二倍体植物的豆荚被毛性状受两对等位基因（A/a和B/b）控制。基因A存在时可使光滑的豆荚变为被毛；基因A不存在，b纯合时也可使光滑的豆荚变为被毛；其余类型均为光滑豆荚。选取不同的亲本进行实验，杂交组合及实验结果如下表所示。下列说法错误的是（）杂交组合母本父本子代组合一被毛豆荚光滑豆荚205（被毛豆荚）、123（光滑豆荚）组合二被毛豆荚被毛豆荚338（被毛豆荚）、78（光滑豆荚）A．A/a和B/b在雌雄配子结合过程中遵循基因的自由组合定律B．组合一得到的所有子代光滑豆荚自交，F2中被毛豆荚：光滑豆荚=1：5C．组合二得到的子代中被毛豆荚有5种基因型D．组合二得到的所有子代被毛豆荚中，自交后代不会发生性状分离的占9/13【答案】ACD【分析】1、分析题目中的表格，处理数据可得：组合一中子代205（被毛豆荚）：123（光滑豆荚）＝5：3，组合二中子代338（被毛豆荚）：78（光滑豆荚）＝13：3，其中13：3为9:3:3:1的变式，某二倍体植物的豆荚被毛性状受两对等位基因（A/a和B/b）控制，故两对等位基因（aaBb和B/b）分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律。2、根据题意：被毛对应的基因型有：AABB、AABb、AAbb、AaBB、AaBb、Aabb以及aabb七种基因型；光滑对应的基因型有：aaBB、aaBb两种。【详解】A、分析题目中的表格，处理数据可得：组合二中子代338（被毛豆荚）：78（光滑豆荚）＝13：3，其中13：3为9:3:3:1的变式，某二倍体植物的豆荚被毛性状受两对等位基因（A/a和B/b）控制，故两对等位基因（A/a和B/b）分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，但是自由组合定律发生在真核生物有性生殖形成配子的过程中，A/a和B/b在雌雄配子结合仅仅是受精作用，自由组合定律早在精卵结合之前就已经发生，A错误；B、分析题目中的表格，处理数可得：组合一中子代205（被毛豆荚）：123（光滑豆荚）＝5：3，再结合分析中被毛和光滑对应的基因型可推出组合一中母本和父本基因型分别为：AaBb和aaBb，杂交得到的光滑豆荚基因型及比例为aaBB：aaBb＝1：2，让1aaBB和2aaBb分别自交，其中aaBB自交后代均为光滑，aaBb自交后代中光滑个体占3/4，即二者自交后代中光滑＝1/3＋（2/3×3/4）＝5/6，即F2中被毛豆荚：光滑豆荚=1：5，B正确；C、组合二中子代338（被毛豆荚）：78（光滑豆荚）＝13：3，其中13：3为9:3:3:1的变式，某二倍体植物的豆荚被毛性状受两对等位基因（A/a和B/b）控制，故两对等位基因（aaBb和B/b）分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律；可以推出组合二中亲本基因型均为AaBb，杂交后子代中被毛豆荚有AABB、AABb、AAbb、AaBB、AaBb、Aabb以及aabb七种基因型，C错误；D、结合C选项推出的组合二中亲本基因型均为AaBb，组合二得到的所有子代被毛豆荚（共13份）中，自交后代不会发生性状分离的有：AABB、AABb、AAbb、AaBB，共有6份，占6/13，D错误。故选ACD。25．科学家在研究某生态系统时，调查了该生态系统中不同营养级的能量流动情况，统计各类生物的能量同化值（kJ·m-2·a-1），如图所示。下列分析错误的是（

）A．生产者流入分解者的能量值为22859kJ·m-2·a-1B．呼吸作用消耗能量的比例随营养级的提高而降低C．相邻营养级之间的能量传递效率约为10％～20％D．第四营养级同化能量的38.6％用于自身生长、发育和繁殖【答案】ABC【分析】生态系统中能量流动是单向的。在生态系统中，能量流动只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向后面的各个营养级，不可逆转，也不能循环流动。能量在流动过程中逐级递减。输入到一个营养级的能量不可能百分之百地流入下一个营养级，能量在沿食物链流动的过程中是逐级减少的。【详解】A、由题图可知，生产者固定的能量为871277kJ·m-2·a-1，这些能量除了呼吸消耗外，还包括流入下一营养级、流向分解者和一部分未被利用的能量，其中流向分解者和未被利用的能量为87127-50158-14110=22859kJ·m-2·a-1，故生产者流入分解者的能量值小于22859kJ·m-2·a-1，A错误；B、每个营养级中呼吸作用消耗能量的比例＝呼吸能量值/同化能量值×100%，第一、三、四营养级呼吸作用消耗能量的比例分别约为57.6％、56.1%、83.2%、61.4％，B错误；C、相邻营养级之间的能量传递效率=下一营养级同化的能量值/上一营养级的能量值×100%。第一到第二营养级、第二到第三营养级、第三到第四营养级之间的能量传递效率分别约为16.2％、11.3％、5.5％，C错误；D、同化的能量除了呼吸消耗之外，剩余的能量用于自身生长、发育和繁殖，第四营养级同化的能量用于自身生长、发育和繁殖的比例＝（88-54）kJ•m-2•a-1/88kJ•m-2•a-1×100%≈38.6%，D正确。故选ABC。三、综合题(共0分)26．水稻占我国粮食作物种植面积的20%以上，其一生重要的生长期可分为苗期、分蘖期、抽穗期、扬花期（开花授粉期）、灌浆期（种子形成期）和收割期等。某科研小组以杂交水稻品种M的顶叶为研究对象，测得大田环境中各主要生长期顶叶的最大净光合速率、叶绿素含量及干物质分配率，结果如下表所示。生长期最大净光合速率（μmolCO2·m-2·s-1）叶绿素含量（mg/g*·FW）干物质分配率（%）分蘖期29.693.8165.39抽穗期17.403.7424.94灌浆期18.654.3014.52收割期7.731.90--（注：FW表示鲜重：干物质分配率表示叶片留存的光合产物占光合产物总积累量的百分比，“--”表示不统计。）回答下列问题：(1)叶绿素含量的测定：先用95%乙醇等有机溶剂______叶绿体中的光合色素，再根据各种色素的吸收光谱特点，选择在______（A．红光B．蓝紫光C．红光或蓝紫光D．红光和蓝紫光）条件下测得光的吸收率，最后通过计算，用______中含有多少叶绿素来定量表示。(2)顶叶达到最大光合速率时所需的最小光强度称为______。据表分析，分蘖期顶叶最大净光合速率最高，积累的有机物主要用于______；灌浆期顶叶干物质分配率低的主要原因是______。(3)该科研小组使用OTC气候室模拟大气CO2浓度升高的环境，与大气CO2浓度对照，测得杂交水稻品种M顶叶的光合速率随光照强度的变化情况如图所示，每天以光照12小时计算，一天中a、b两点积累的有机物之比为______；该科研小组使用OTC气候箱可模拟因大气CO2浓度上升导致______，进而对农业生产能力可能带来的影响。(4)综上分析，以下哪几项措施有利于提高水稻光合速率从而提高水稻产量：______（A．苗期合理密植B．定期施用农家肥C．扬花期施用生长素D．一年种植两季或三季）。【答案】(1)

提取

A

单位质量（鲜重）叶片(2)

光饱和点

自身叶片的生长∕顶叶的生长

更多有机物运输至种子（或果实）中(3)

4：3

温室效应/气候变暖/全球变暖/温度升高/气温升高(4)AB【分析】1、根据叶绿体色素提取液对可见光谱的吸收，利用分光光度计在某一特定波长下测定其吸光度，即可用公式计算出提取液中色素的含量，求得色素的浓度后，再计算单位鲜重或干重的色素的含量。2、题图干物质分配率表示叶片留存的光合产物占光合产物总积累量的百分比；分蘖指禾本科等植物在地面以下或接近地面处所发生的分枝，在分蘖期干物质分配率最高，主要用于叶片的生长发育，抽穗期和灌浆期干物质分配率较低，抽穗期干物质主要用于稻穗的生长发育，灌浆期干物质主要用于种子的形成。3、OTC室内CO2浓度高于OTC室外，在其他条件相同情况下，室内植物暗反应速率较高，导致室内净光合速率高于室外。【详解】（1）叶绿素等光合色素易溶于有机溶剂无水乙醇中，所以用95%乙醇等有机溶剂提取叶绿体中的光合色素；叶绿素吸收光谱特为主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光，为了排除类胡萝卜素的干扰，选择在红光条件下测得光的吸收率，所以选择A；根据公式计算出提取液中色素浓度后，再计算单位质量（鲜重）叶。（2）顶叶达到最大光合速率时所需的最小光强度称为光饱和点；由题表分析，分蘖期干物质分配率最高，即留存在叶片中干物质较多，所以分蘖期有机物主要用于自身叶片的生长∕顶叶的生长；灌浆期更多有机物运输至种子（或果实）中，叶片存留干物质较少，所以灌浆期顶叶干物质分配率低。（3）（以下积累有机物的量都用单位面积CO2吸收量表示：CO2umol×m-2），据题图，a点光照12光照小时积累有机物为：25×3600×12，12小时黑暗消耗有机物为：5×3600×12，所以一天中a点积累的有机物为25×3600×12－5×3600×12=20×3600×12；b点光照12光照小时积累有机物为：20×3600×12，12小时黑暗消耗有机物为：5×3600×12，所以一天中a点积累的有机物为20×3600×12－5×3600×12=15×3600×12；一天中a、b两点积累的有机物之比为4:3；科研小组使用OTC气候箱可模拟因大气CO2浓度上升，导致温室效应/气候变暖/全球变暖/温度升高/气温升高，进而对农业生产能力可能带来的影响。（4）合理密植可充分利用光能，并减少叶片之间的相互遮挡，利于提高光合速率；定期施用农家肥可被土壤微生物分解为水稻提供无机盐和二氧化碳，有利于提高光合作用速率；扬花期施用生长素与提高光合作用速率无关；一年种植两季或三季可提高年产量，并不会提高光合速率；所以选择AB。27．番茄叶肉细胞进行光合作用的过程及磷酸丙糖的转化和运输情况如图1所示。某实验小组将长势相同的番茄幼苗均分成若干组，分别置于不同温度下（其他条件相同且适宜），暗处理1h，再光照1h，测其干重变化，所得结果如图2所示。回答下列问题：(1)番茄叶肉细胞内合成淀粉和蔗糖的具体场所依次为_____。(2)停止光照，光合作用的暗反应并未立刻停止，原因是_____。(3)分析图2信息，26℃时该番茄植株的净光合速率是_____36℃时，持续进行适宜强度的光照，该番茄植株_____（填“能”或“不能”）正常生长。(4)磷酸丙糖转运器发挥作用时，并不会直接改变叶绿体内磷酸丙糖和Pi的总含量，由此推测磷酸丙糖转运器维持叶绿体内磷酸丙糖和Pi的总含量不变的原因是_____。【答案】(1)叶绿体基质、细胞质基质(2)光反应产生的NADPH和ATP还没有被消耗完，还可以进行短时间的暗反应(3)

4mg/h

不能(4)Pi与磷酸丙糖通过磷酸丙糖转运器严格按照1:1反向交换进行转运【分析】光反应场所在叶绿体类囊体薄膜，发生水的光解、ATP和NADPH的生成；暗反应场所在叶绿体的基质，发生CO2的固定和CO2的还原，消耗ATP和NADPH。【详解】（1）由图1可知，C3被还原为磷酸丙糖后，磷酸丙糖的去向有三方面：转化为五碳化合物、转化为淀粉或者是运出叶绿体、在细胞质基质合成蔗糖，故番茄叶肉细胞内合成淀粉是在叶绿体基质，合成蔗糖的具体场所是细胞质基质。（2）停止光照，光反应产生的NADPH和ATP还没有被消耗完，还可以进行短时间的暗反应，故光合作用的暗反应并未立刻停止。（3）设未处理前番茄幼苗重量为xmg，26C时暗处理1h番茄幼苗重量为x-1，即呼吸速率为1mg/h，再光照1h，番茄幼苗重量为x+3，净光合速率为x+3-(-1)=4mg/h。32℃时暗处理1h后的重量变化是x-4mg，说明呼吸速率是4mg/h,光照1h后与暗处理前的变化是0mg，说明此条件下光合速率是8mg/h，36℃时暗处理1h番茄幼苗重量为x-1，即呼吸速率为1mg/h，再光照1h，番茄幼苗重量为x-2，净光合速率为x-2-(x-1)=-1mg/h，植物不能生长。（4）磷酸丙糖转运器发挥作用时，并不会直接改变叶绿体内磷酸丙糖和Pi的总含量，由此推测磷酸丙糖转运器维持叶绿体内磷酸丙糖和Pi的总含量不变的原因是:Pi与磷酸丙糖通过磷酸丙糖转运器严格按照1:1反向交换进行转运。28．油菜为可自花授粉也可异花授粉的二倍体植物(正常株)。我国科研人员获得了油菜的雄性不育突变株N(该性状受一对等位基因B、b控制)，并利用突变株N进行了下列杂交实验：实验一：将突变株N与正常株油菜杂交，F1全为正常株，F1自交F2的表现型及其比例为正常株：雄性不育突变株=3：1实验二：将一个Bt抗虫基因转入雄性不育突变株N的染色体中，获得具有抗虫性状的转基因雄性不育植株。有抗虫基因用A+表示，无抗虫基因用A-表示，将不抗虫的正常株油菜与转基因雄性不育突变株N油菜杂交，F1的表型及比例为抗虫正常株：非抗虫正常株=1：1，选取F1中抗虫正常株自交，统计F1的表型及比例。依据上述实验分析并回答下列问题：(1)实验一中的显性性状是___，将实验一的F2进行自交，F3中正常株所占的比例为___。(2)在实验二中，若F1的表型及比例为抗虫突变株：抗虫正常林：非抗虫正常株=1：2：1.则其F1的抗虫正常株产生的配子基因型及比例是______。在实验二中，若F2的表型及比例为抗虫正常株：抗虫突变株：非抗虫正常株：非抗虫突变株=3：1：3：1。科研人员猜测其原因是含抗虫基因的雄配子不育。请从上述实验中选择合适的实验材料验证该假设，简要写出实验方案和实验预期结果。实验方案：_________________,预期结果：_________________。(3)若将两个B抗虫基因转入雄性不育突变株N的染色体中，再将获得具有抗虫性状的转基因雄性不育植株N与不抗虫的纯合正常株油菜杂交，F1的表型及比例为抗虫正常株：非抗虫正常林=3：1，则说明_____，选取F1中全部抗虫正常株自交，就油菜的抗虫性状分析F2的表型及比例______（不考虑染色体互换）。【答案】(1)

正常株

5/6(2)

A+b：A-B=1：1

实验方案：选取F，抗虫正常植株与F，非抗虫突变株杂交，统计后代的表型及比例

预期结果：非抗虫正常植株：非抗虫突变林=1：1(3)

两个Bt抗虫基因分别导入两对同源染色体上

抗虫：非抗虫=13：3【分析】自由组合定律的实质是进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的，位于同源染色体的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体的非等位基因进行自由组合。【详解】（1）由题可知，将突变株N与正常株油菜杂交，F1全为正常株，所以实验一中的显性性状是正常株，突变株N为雄性不育突变株，杂交实验只能作母本，又F1基因型为Bb,F2三种基因型BB:Bb:bb=1:2:1,F2随机授粉时产生的雌配子B、b各占1/2，由于bb雄性不有，所以雄配子只能由BB、Bb产生，即2/3B、1/3b,则bb=1/2×1/3=1/6，正常植株B_=1-1/6=5/6，将实验一的F2进行自交，F3中正常株所占的比例为5/6。（2）由F2表型及比例推测抗虫基因A+与b基因位于同一条染色体上。F1抗虫正常株产生配子为A+b：A-B=1：1。若F2的表型及比例为抗虫正常株：抗虫突变株：非抗虫正常株：非抗虫突变株=3：1：3：1，则抗虫基因与B、b基因遵循自由组合定律，选取F1抗虫正常株，某因型为A+A-Bb作父本，与F2非抗虫突变株A-A-bb杂交，由于含抗虫基因的雄配子不育，则父本产生的雄配子为A-B、A-b，与A-A-bb产生的雌配子A-b结合，子代表现为非抗虫正常株：非抗虫灾变株为1：1。（3）若导入两个抗虫基因，则存在以下三种可能性，两个基因位于同一条染色体上、两个基因位于一对同源染色体上和两个基因分别位于两对同源染色体上。则杂交得到的F1的表型有：抗虫正常株：非抗虫正常株=1：1，全为抗虫正常株，抗虫正常株：非抗虫正常株=3：1，因此下F1抗虫正常株白交，前两种情况产生的后代都为3：1，第三种情况自交产生的后代为13：3。29．家蚕（2n＝28）的性别决定方式为ZW型，其皮肤正常（正常蚕）和皮肤透明（油蚕）是一对相对性状，由一对等位基因R、r控制，该相对性状的显隐性以及控制该相对性状的基因在染色体上的位置均未知（不考虑Z、W染色体同源区段），某科学小组进行了如表实验。组合亲本F1的表现型及比例组合一正常蚕（♂）×油蚕（♀）全部为正常蚕组合二正常蚕（♀）×正常蚕（♂