2025年华师大新版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.B.C.D.2、在如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直．一带电粒子(重力不计)从左端以速度v沿虚线射入后做直线运动；则该粒子()

A.一定带正电B.速度v=C.若速度v＞粒子一定不能从板间射出D.若此粒子从右端沿虚线方向进入，仍做直线运动3、如图所示，静电计指针张角会随电容器极板间电势差U的增大而变大．现使电容器带电，并保持总电量不变，实验中每次只进行一种操作，能使静电计指针张角变大的是

A.将A板稍微上移B.减小两极板之间的距离C.将玻璃板插入两板之间D.将云母板插入两板之间4、如图所示，在足够长的竖直线的右侧有方向垂直纸面向外且范围足够大的磁感应强度为B的匀强磁场区域，一带电粒子q从P点沿与竖直线成角θ＝45°方向，以大小为v的初速度垂直磁场方向射入磁场中，经时间t从Q点射出磁场．不计粒子重力，下列说法正确的是

A.带电粒子q可能带正电荷B.带电粒子的比荷＝C.若PQ之间的距离等于L，则带电粒子在匀强磁场中的轨迹半径R＝LD.粒子射出磁场时与水平线的夹角为θ5、下列说法中正确的是（）A.由可知，若电阻两端所加电压为0，则此时电阻阻值为0B.由可知，若一小段通电导体在某处受磁场力大小为0，说明此处磁感应强度大小一定为0C.由可知，若检验电荷在某处受电场力大小为0，说明此处场强大小一定为0D.由可知，若通过回路的磁通量大小为0，则感应电动势的大小也为06、用波长为的紫外线照射钨的表面，释放出来的光电子中最大的动能是4.7．由此可知，钨的极限频率是（普朗克常量h=6.63·s），光速c=3.0/s，结果取两位有效数字）A.5.5HzB.7.9HzC.9.8HzD.1.2Hz评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图甲所示，正方形导线框固定在匀强磁场中，磁感线方向与导线框所在平面垂直磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，其中B0、t0均为已知量．已知导线框的边长为L；总电阻为R，则下列说法中正确的是。

A.t0时刻，ab边受到的安培力大小为B.0~t0时间内，导线框中电流的方向始终为badcbC.0~t0时间内，通过导线框的电荷量为D.0~t0时间内，导线框产生的热量为8、一定质量的理想气体状态变化如图所示，第一种变化是从状态A到状态B，第二种变化是从状态A到状态C；比较两种变化过程（）

A.从状态A到状态C，气体体积不断增大B.两个过程气体内能变化相同C.两个过程气体对外界做功相同D.两个过程气体吸收的热量一样多9、以下说法正确的有（）A.晶体的各向异性是指沿不同方向其物理性质不同B.布朗运动的剧烈程度与温度有关，所以布朗运动也叫分子热运动C.一定质量的理想气体，在体积不变时，气体分子每秒与器壁碰撞的平均次数随温度的降低而减少E.内能相等的两个物体相互接触，不可能发生热传递E.内能相等的两个物体相互接触，不可能发生热传递10、下列说法中正确的是（）A.当分子间的距离增大时，分子间的引力变大而斥力变小B.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的C.一定质量的理想气体等温膨胀时，对外做功，内能不变E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度11、如图，在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，有一面积为S的矩形单匝闭合导线abcd,ab边与磁场方向垂直，线框的电阻为R．使线框以恒定角速度ω绕过ad、bc中点的轴旋转．下列说法正确的是()

A.线框abcd中感应电动势的最大值是BSωB.线框abcd中感应电动势的有效值是BSωC.线框平面与磁场方向平行时，流经线框的电流最大D.线框平面与磁场方向垂直时，流经线框的电流最大12、静止在光滑水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，拉力F随时间t变化的图像如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.0～4s内物体的位移为零B.0～4s内拉力对物体做功为零C.4s末物体的动量为零D.0～4s内拉力对物体的冲量为零13、用如图甲所示的装置研究光电效应现象．闭合开关S，用频率为ν的光照射光电管时发生了光电效应．图乙是该光电管发生光电效应时光电子的最大初动能Ek与入射光频率ν的关系图像，图线与横轴的交点坐标为(a,0)，与纵轴的交点坐标为(0，－b)；下列说法中正确的是()

A.普朗克常量为h＝B.断开开关S后，电流表G的示数为零C.仅增加照射光的强度，光电子的最大初动能将增大D.保持照射光强度不变，仅提高照射光频率，电流表G的示数保持不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、用DIS研究一定质量气体在温度不变时；压强与体积关系的实验装置如图甲所示，实验步骤如下：

①把注射器活塞移至注射器中间位置；将注射器与压强传感器；数据采集器、计算机逐一连接。

②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值p。

③用图像处理实验数据；得出如图乙所示的图线。

(1)为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是___________。

(2)为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是___________和___________。15、一定量的理想气体从状态开始，经历三个过程回到原状态，其图像如图所示。则状态时气体的体积______状态时气体的体积，过程中外界对气体所做的功_______气体所放的热。若b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的平均次数分别为N1、N2，则N1_______N2。（填“大于”；“小于”或“等于”）

16、如图所示的电路中，E、r、R1已知，可变电阻R2的最大值

（1）当R2=______时，R1的电功率P1有最大值，最大值为______；

（2）当R2=______时，R2的电功率P2有最大值，最大值为______；

（3）当R2=______时，电源功率PE有最大值，最大值为______；

（4）当R2=______时，电源内部消耗的功率有最小值，最小值为______

（5）当R2=______时，电源输出功率P出有最大值，最大值为______17、如图所示在通电螺丝管内部中间的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的c端为电源________极，（填“正”或“负”）螺线管的a端为等效磁极的________极．（填“N”或“S”）18、有一充电的平行电容器，两板件电压为现使它的电荷量减小于是电容器两极板间电压降为原来的此电容器的电容是__________μF；若电容器极板上的电荷全部放掉，电容器的电容是__________μF。评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)22、学校实验小组为测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率；实验室备选了如下器材：

A电流表A1，量程为10mA，内阻r1=50Ω

B电流表A1，量程为0.6A，内阻r2=0.2Ω

C电压表V，量程为6V，内阻r3约为15kΩ

D.滑动变阻器R；最大阻值为15Ω，最大允许电流为2A

E定值电阻R1=5Ω

E.定值电阻R2=100Ω

G.直流电源E；动势为6V，内阻很小。

H.开关一个；导线若干。

I.多用电表。

J.螺旋测微器；刻度尺。

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，如图1所示，则金属丝的直径D=___________mm．

(2)实验小组首先利用多用电表粗测金属丝的电阻，如图2所示，则金属丝的电阻为___________Ω

(3)实验小组拟用伏安法进一步地测量金属丝的电阻，则电流表应选择___________，定值电阻应选择___________．(填对应器材前的字母序号)

(4)在如图3所示的方框内画出实验电路的原理图．

(5)电压表的示数记为U，所选用电流表的示数记为I，则该金属丝电阻的表达式Rx=___________，用刻度尺测得待测金属丝的长度为L，则由电阻率公式便可得出该金属丝的电阻率_________．(用字母表示)23、用半径相同的两小球a、b的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意如图，斜槽与水平槽圆滑连接．实验时先不放b球，使a球从斜槽上某一固定点M由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把b球静置于水平槽前端边缘处，让a球仍从M处由静止滚下，a球和b球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹,记录纸上的O点是垂直所指的位置.

(1)本实验必须测量的物理量有以下哪些_____________．

A．斜槽轨道末端到水平地面的高度H

B．小球a、b的质量ma、mb

C．小球a、b的半径r

D．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E．记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OC

F．a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

(2)按照本实验方法,验证动量守恒的验证式是______________

(3)若测得各落点痕迹到O点的距离：OA＝2.68cm，OB＝8.62cm，OC＝11.50cm，并知a、b两球的质量比为2︰1，则未放b球时a球落地点是记录纸上的_______点，系统碰撞前总动量P与碰撞后总动量的百分误差＝________%（结果保留一位有效数字）．24、磁力锁主要由电磁铁和衔铁组成．某小组用如图甲所示的装置研究电磁铁线的工作电压与衔铁所受磁力大小的关系，弹性梁一端连接有衔铁，在外力作用下可以上下运动，另一端固定于墙壁，电磁铁位于衔铁正下方，为理想电压表.

(1)为增大电磁铁产生的磁感应强度，变阻器的滑片应向_________端移动（选填“”或“”）.

(2)已知电磁铁线圈的直流电阻为滑动变砠器的最大阻值为电源的电动势为滑动变阻器能提供的最大分压为则电源E的内阻为_________（保留两位有效数字）

(3)同学们将阻值会因形状变化而发生改变的金属应变片粘贴在弹性梁的上表面，然后将金属应变片定值电阻和理想电压表连接成如图乙所示的电路．线圈通电吸引衔铁下移时，应变片变长，的阻值将_________，电压表的读数将_________．（填“增大”“减小”或“不变”）

(4)在线圈通电吸合衔铁后，用外力使电磁铁和衔铁刚好分开，测得外力与线圈两端电压的关系如图丙所示，若要求该锁能抵抗的外力，则工作电压至少为_________．

25、请读出游标卡尺的读数。

（1）_____________mm（2）_____________mm评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)26、如图（甲）表示“或”门电路中输入端A、B的电压随时间变化关系，请在图（乙）画出输出端的电压随时间变化的关系。

27、如图所示，一质量为m、带电量为q的金属小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中。静止时悬线向右与竖直方向成角，已知重力加速度为g。

(1)判断小球电性；

(2)求电场强度E的大小；

(3)若把绝缘体细线剪断；求剪断细线瞬间小球的加速度。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

设气体在状态时的温度为由题图可知。

从到是等压变化。

解得。

到是等容变化。

由于。

解得。

所以。

因为从到是等容变化过程，体积不变，气体不做功，故过程增加的内能等于过程吸收的热量；而过程体积增大，气体对外做正功，由热力学第一定律可知过程增加的内能小于过程吸收的热量，故C正确。

故选C。2、B【分析】【详解】

带电粒子在复合场中做直线运动，根据受力：对电性无要求，所以A错；B对；若速度v＞粒子会发生偏转，可能会离开复合场，C错；粒子的运动方向变成从右端进入则电场力方向与洛仑兹力方向一致，不可能做直线运动，D错．3、A【分析】【分析】

静电计测量的是电容器两端的电势差，根据电容的决定式确定电容的变化，从而根据判断电势差的变化．

【详解】

A、根据得，将A板稍微上移，S减小，则电容减小，根据知；电荷量不变，则电势差增大，静电计指针张角变大，故A正确；

B、根据得，减小两极板之间的距离，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故B错误；

C、根据得，将玻璃板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故C错误；

D、根据得，将云母板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故D错误；

故选A．

【点睛】

解决本题的关键掌握电容的决定式和电容的定义式并能灵活运用．4、D【分析】【详解】

A项：由题意可知；粒子要从Q点射出，所以粒子应向左上方偏转，由左手定则可知，粒子应带负电，故A错误；

B项：由题可知，粒子在磁场中运动的弦切角为450，由公式解得：故B错误；

C项：若PQ之间的距离等于L即粒子在磁场中做圆周运动对应的弦长为L，由数学知识可知，解得：故C错误；

D项：由粒子在磁场中做圆周运动的对称性可知，粒子射出磁场时与水平线的夹角为θ；故D正确．

故应选：D．5、C【分析】【详解】

A、公式R=时电阻的定义式；电阻的大小与电压和电流大小无关，由导体自身决定，故A错误；

B、公式B=的成立的前提是电流元与磁场方向垂直；若一小段通电导体在某处受磁场力大小为0，可能时电流元方向与磁场方向平行产生的，故B错误；

C、由E=可知；若检验电荷在某处受电场力大小为0，说明此处场强大小一定为0，故C正确；

D、由E=n可知，若通过回路的磁通量大小为0，但磁通量的变化率不一定为零，故感应电动势不一定为零，故D错误；6、B【分析】【分析】

本题中根据波长；光速、频率关系可以求出紫外线的频率；知道了所释放电子的最大初动能，利用光电效应方程即可求出钨的极限频率．

【详解】

由光电效应方程波长与频率的关系金属的逸出功联立得：故B正确，ACD错误，故选B．

【点晴】

本题比较简单，但是涉及物理较多，要明确各物理量之间的关系，同时注意计算要准确．二、多选题(共7题，共14分)7、A:D【分析】【详解】

A、由法拉第电磁感应定律得，导线框的感应电动势为：EL2，通过导线框的感应电流大小为：It0时刻，ab边所受磁场和用力大小为：F＝BIL故A正确；

B、根据楞次定律，可知，0～t0时间内，导线框中电流的方向始终为abcda；故B错误；

C、时间t0内，通过导线框某横截面的电荷量为：q故C错误；

D、导线框中电流做的功为：W＝I2Rt因此导线框产生的热量为为：Q＝W故D正确；8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．由理想气体状态方程可知

图像任意一点与坐标原点的连线的斜率表示体积的倒数，由图可知，AC过程中体积增大；故A正确；

B．由于两过程的温度变化相同；所以两过程气体内能变化相同，故B正确；

C．由图可知，AB过程为等容变化，气体对外做功为0，而AC过程体积增大；气体对外做功，故C错误；

D．由热力学第一定律可知，AB过程为等容变化，气体吸收的热量等于内能的变化，而AC过程气体还会对外做功；气体吸收的热量大于内能的变化，故D错误。

故选AB。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．晶体的各向异性是指沿不同方向其物理性质不同；如导热；导电性能不同，A正确；

B．布朗运动的剧烈程度与温度有关；但布朗运动是指液体中的颗粒（如花粉微粒）的无规则运动，不叫分子热运动，B错误；

C．一定质量的理想气体，在体积不变时，由

可知；温度下降时气体压强降低，故气体分子每秒与器壁碰撞的平均次数随温度的降低而减少，C正确；

D．小气泡由底部缓慢上升过程中；气泡中的理想气体由于温度不变，故内能不变，上升过程压强减小，体积增大，故对外做功，由热力学第一定律可知，必吸收热量，D正确；

E．内能相等的两个物体温度不一定相同；相互接触时只要温度不同，就会发生热传递，E错误。

故选ACD。10、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间的距离增大时；分子间的引力和斥力都变小，选项A错误；

B．气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的；选项B正确；

C．一定质量的理想气体等温膨胀时；体积变大，对外做功，温度不变，则内能不变，选项C正确；

D．“第一类永动机”不可能制成；是因为它违反了能量守恒定律，选项D正确；

E．绝对零度是低温的极限；永远不可能达到，选项E错误。

故选BCD。11、A:C【分析】【分析】

本题考查了交变电流的最大值；有效值和瞬时值的相关知识点。

【详解】

一个单匝线圈在匀强磁场中旋转，当从中性面开始计时,产生的正弦式交变电流电动势的瞬时值表达式为：e=Emsin＝Emsinωt.故感应电动势的最大值Em＝BSω，有效值E＝故A正确，B错误；当即线框平面与磁场方向平行时，感应电动势最大，电流最大，故C正确，D错误．12、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

由图象可知物体在4s内先做匀加速后做匀减速运动，4s末的速度为零，位移一直增大，故A错误；前2s拉力做正功，后2s拉力做负功，且两段时间做功代数和为零，故B正确；4s末的速度为零，故动量为零；故C正确；根据I=Ft可知：前4s内I合=F×2-F×2=0；故D正确；故选BCD．

【点睛】

本题主要考查了同学们读图的能力，要求同学们能根据受力情况分析物体的运动情况，再根据动量定理进行分析求解．13、A:D【分析】【详解】

根据Ekm=hv-W0得，纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于b．当最大初动能为零时，入射光的频率等于截止频率，所以金属的截止频率为v0=a，那么普朗克常量为故A正确；电键S断开后，因光电效应现象中，光电子存在最大初动能，因此电流表G的示数不为零，故B错误；根据光电效应方程可知，入射光的频率与最大初动能有关，与光的强度无关，故C错误；若保持照射光强度不变，仅提高照射光频率，则光子数目不变，那么电流表G的示数会不变，故D正确．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

(1)[1]为了保证气体的质量不变；要用润滑油涂活塞保证封闭效果。

(2)[2][3]气体的体积变化，外界对气体做正功或负功，要让气体与外界进行足够的热交换，一要时间长，也就是抽动活塞缓慢，二要活塞导热性能好。【解析】①.用润滑油涂活塞②.慢慢地抽动活塞③.活塞导热性能好15、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知，过程中即为等容变化，所以状态时气体的体积等于状态时气体的体积。

[2]由图可知，过程为等压降温，则气体内能减小，由可知，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可知；外界对气体所做的功小于气体所放的热。

[3]b和c两个状态中，温度相等，则分子平均动能相同，由图可知，则【解析】等于小于大于16、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]当

时，R1的电功率有最大值，为

（2）[3][4]当

时，有

（3）[5][6]当

时，有

（4）[7][8]当

时，有

（5）[9][10]当

时，有

【点睛】

本题考查电路中的定值电阻电功率、可变电阻电功率、电源内阻电功率、电源输出功率的计算，注意各种电功率的处理方法。【解析】00R2max17、略

【分析】试题分析：螺线管内部的磁场方向水平向右；根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验c端为电源的正极．内部的磁场由S指向N，a端为S极．

考点：安培定则。

【名师点睛】解决本题的关键掌握安培定则，会运用安培定则判断电流与磁场的关系．【解析】正极S极18、略

【分析】【详解】

[1]由题平行板电容器的电荷量减少

电压降低

则μF

[2]电容反应电容器本身的特性，电容器极板上的电荷全部放掉电容器的电容不变，仍为150μF。【解析】四、作图题(共3题，共6分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共28分)22、略

【分析】【分析】

（1）由于流过待测电阻的最大电流大约为所以不能选用电流表A2；量程太大，要改装电流表；

（2）根据闭合电路知识求解待测电阻的表达式。

【详解】

（1）根据螺旋测微器读数规则可知

（2）金属丝的电阻为

（3）流过待测电阻的最大电流大约为所以选用与并联充当电流表；所以选用A；E