2025年仁爱科普版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版选择性必修2物理下册月考试卷277考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，金属线圈平面正对着条形磁铁的S极，现将条形磁铁迅速地靠近线圈，则（）

A.线圈中电流的方向是逆时针的（从左往右看）B.线圈中电流的方向是顺时针的（从左往右看）C.线圈向静止不动D.线圈向左移动2、如图，在一个蹄形电磁铁的两个磁极的正中间放置一根长直导线，当导线中通有垂直于纸面向里的电流I时；导线所受安培力的方向为（）

A.向上B.向下C.向左D.向右3、如图所示，在纸面内水平放置两根长直导线AB和CD，只有一条导线中通有恒定电流。在纸面内，一电子由E点开始经过F运动到G的轨迹如图中曲线所示；下列说法中正确的是（）

A.导线AB中通有从A到B方向的电流B.导线AB中通有从B到A方向的电流C.导线CD中通有从C到D方向的电流D.导线CD中通有从D到C方向的电流4、洛伦兹力演示仪的实物图和原理图分别如图（a）、图（b）所示。电子束从电子枪向右水平射出，使玻璃泡中的稀薄气体发光，从而显示电子的运动轨迹。调节加速极电压可改变电子速度大小，调节励磁线圈电流可改变磁感应强度，某次实验，观察到电子束打在图（b）中的P点；下列说法正确的是（）

A.两个励磁线圈中的电流均为顺时针方向B.当加大励磁线圈电流时，电子可能出现完整的圆形轨迹励磁线圈C.当加大加速极电压时，电子打在玻璃泡上的位置将上移D.在出现完整轨迹后，减小加速极电压，电子在磁场中圆周运动的周期变小5、2020年12月2号22时，经过约19小时月面工作，嫦娥5号完成了月面自动采样封装，这其中要用到许多的压力传感器。有些压力传感器是通过霍尔元件将压力信号转化为电信号。如图，一块宽为a、长为c、厚为h的长方体半导体霍尔元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向如图的电流时，电子的定向移动速度为v。若元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场中，在元件的前、后表面间出现电压U；以此感知压力的变化。则元件的（）

A.前表面的电势比后表面的高B.前、后表面间的电压U与v成正比C.自由电子受到的洛伦兹力大小为D.若仅增大霍尔元件的宽度a，则元件的前、后表面间电压U会增大6、关于楞次定律，下列说法正确的是（）A.感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B.闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，必受磁场阻碍作用C.原磁场穿过闭合回路的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D.感生电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场7、矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况如图所示。下列说法中正确的是（）

A.此交流电的频率为0.2HzB.此交流电动势的有效值为1VC.t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行D.t=0.1s时，通过线圈的磁通量最大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、如图，匀强磁场中位于P处的粒子源可以沿垂直于磁场向纸面内的各个方向发射质量为m、电荷量为q、速率为v的带正电粒子，P到荧光屏MN的距离为d。设荧光屏足够大；不计粒子重力及粒子间的相互作用。下列判断正确的是（）

A.若磁感应强度则同一时刻发射出的粒子到达荧光屏的最大时间差为B.若磁感应强度则同一时刻发射出的粒子到达荧光屏的最大时间差为C.若磁感应强度则荧光屏上形成的亮线长度为D.若磁感应强度则荧光屏上形成的亮线长度为9、如图所示，相距L的光滑金属导轨固定于水平地面上，由竖直放置的半径为R的圆弧部分和水平平直部分组成。MNQP范围内有方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。金属棒ab和cd（长度均为L）垂直导轨放置且接触良好，cd静止在磁场中；ab从圆弧导轨的顶端由静止释放，进入磁场后与cd没有接触；cd离开磁场时的速度是此时ab速度的一半。已知ab的质量为m、电阻为r，cd的质量为2m、电阻为2r。金属导轨电阻不计；重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.闭合回路感应电流产生磁场与原磁场方向相反B.cd在磁场中运动的速度不断变大，速度的变化率不断变小C.cd在磁场中运动的过程中流过ab横截面的电荷量q＝D.从ab由静止释放至cd刚离开磁场时，cd上产生的焦耳热为mgR10、α粒子和质子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，若它们的动量大小相等，则α粒子和质子（）A.运动半径之比是2:1B.运动周期之比是2:1C.运动速度大小之比是1:4D.受到的洛伦兹力大小之比是2:111、如图甲所示，水平绝缘传送带正在输送一闭合正方形金属线框，在输送中让线框随传送带通过一固定的匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，磁场边界MN、PQ与传送带运动方向垂直，其间距为已知传送带以恒定速度运动，线框质量为边长为线框与传送带间的动摩擦因数为且在传送带上始终保持线框左、右两边平行于磁场边界，线框右边进入磁场到线框右边离开磁场过程中，其速度随时间变化的图像如图乙所示，重力加速度大小为则（）

A.线框进出磁场过程中感应电流方向相同B.线框穿过磁场过程中受到的摩擦力方向不变C.整个线框刚好离开磁场时的速度为D.整个线框穿过磁场过程中安培力对线框做的功为12、如图所示，足够长的光滑水平轨道，左侧间距为右侧间距为．空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为．质量均为的金属棒垂直导轨放置在轨道上，开始时金属棒均保持静止，现使金属棒以的速度向右运动，两金属棒在运动过程中始终相互平行且与导轨保持良好接触，棒总在宽轨上运动，棒总在窄轨上运动．取．下列说法正确的是（）

A.棒刚开始运动时，回路中产生顺时针方向的电流（俯视）B.棒最终都以的速度向右匀速运动C.在两棒运动的整个过程中，电路中产生的焦耳热为D.在两棒运动的整个过程中，通过金属棒的电荷量为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、在探究“电容器；电感器对交流电的阻碍作用”实验中；某同学采用了如图所示的实验原理图，其中C为电容器，L为带铁芯的电感器，甲、乙、丙为完全相同的小灯泡。

(1)当电源为直流电源时，闭合开关S，稳定后能观察到甲、乙两灯的亮度_________（选填“甲亮”“乙亮”或“与甲、乙一样亮”），而丙灯_________（选填“最亮”“不亮”或“与甲；乙一样亮”）。

(2)当电源为交流电源时，闭合开关S，电路稳定后能观察到最亮的灯是_________。

(3)若仅提高交流电源的频率，可观察到乙灯亮度_____________，丙灯亮度_________。（均选填“变亮”“变暗”或“不变”）14、实验证明：通电长直导线周围磁场的磁感应强度大小为式中常量I为电流强度，r为距导线的距离。在水平长直导线MN正下方，有一矩形线圈abcd通以逆时针方向的恒定电流，被两根轻质绝缘细线静止地悬挂着，如图所示。开始时MN内不通电流，此时两细线内的张力均为当MN通以强度为电流时，两细线内的张力均减小为当MN内电流强度大小变为时，两细线内的张力均增大为则电流的大小为________A；当MN内的电流强度为时两细线恰好同时断裂，则在此断裂的瞬间线圈的加速度大小为________g。（g为重力加速度）

15、如图，几位同学在北京某学校的操场上做“摇绳发电”实验：把一条较长电线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合回路。两个同学沿东西方向站立，女生站在西侧，男生站在东侧，他们沿竖直方向迅速上下摇动这根电线，通过灵敏电流计的电流是______（选填“交流”或“直流”），当电线从上向下运动时，通过灵敏电流计的电流方向是______（选填“A→B”或“B→A”）

16、在收音机线路中，经天线接收下来的电信号既有高频成分，又有低频成分，经放大后送到下一级，需要把低频成分和高频成分分开，只让低频成分输送到再下一级，可以采用如图所示电路，则a处应放置___（填“A或B”），b处应放置__（填“C或D”）。（分别填入下列用电器前方的字母）：

A.电容较小的电容器。

B.电容较大的电容器。

C.低频扼流圈。

D.高频扼流圈17、如图是一个正弦式交变电流的图像，由图可知，电流的峰值Im＝________A，有效值I＝________A，周期T＝________s，频率f＝________Hz。

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)18、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

19、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

20、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

21、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

AB．当条形磁铁的S极迅速地靠近线圈；穿过线圈的磁场方向向左，线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，产生感应电流方向为顺时针（从左往右看），A错误，B正确；

CD．根据楞次定律的“来拒去留”可知；线圈向右摆动，CD错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则；可知蹄形电磁铁的分布情况，如图所示。

故导线所处位置的磁感应线的切线方向为水平向右；根据左手定则，可以判断导线所受安培力的方向为向下。

故选B。3、C【分析】【详解】

由于电子在运动的过程中，速度大小不变，根据

可知在F点处轨道半径较小，磁感强度较大，一定是导线CD中通有电流由于，电子带负电荷，根据左手定则可知，F处的磁场方向垂直纸面向内，由安培定则可知，导线CD中电流的方向从C到D。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．由电子运动轨迹可知电子射出时受洛伦兹力向上；由左手定测可知磁场方向向外，由右手定则可知两个励磁线圈中的电流均为逆时针方向，故A错误；

B．由电子轨迹半径知B增大，r减小；所以当加大励磁线圈电流时，电子可能出现完整的圆形轨迹励磁线圈，故B正确；

C．由

知U增大，v增大，r增大；所以当加大加速极电压时，电子打在玻璃泡上的位置将下移，故C错误；

D．在出现完整轨迹后，减小加速极电压，电子仍做完整的圆周运动，由知电子在磁场中圆周运动的周期恒定；故D错误。

故选B。5、B【分析】【详解】

A．电流方向向左；电子向右定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向外，则前表面积累了电子，前表面的电势比后表面的低，故A错误；

BC．由电子受力平衡可得

解得

所以前、后表面间的电压与成正比；故B正确，C错误；

D．由电子受力平衡可得

根据电流微观表达式可得

联立可得

若仅增大霍尔元件的宽度a，则元件的前、后表面间电压不变；故D错误。

故选B。6、A【分析】【分析】

【详解】

A．根据楞次定律可知；感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故A正确；

B．闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时；导体中会产生感应电流，磁场对导体有安培力，起到阻碍导体与磁场相对运动的作用，故B错误；

C．原磁场穿过闭合回路的磁通量增加时；根据楞次定律可知，感应电流的磁场与原磁场反向，故C错误；

D．只有当原磁通量增加时；感生电流的磁场才跟原磁场反向，阻碍原磁场，故D错误。

故选A。7、D【分析】【分析】

【详解】

A．由图象知周期。

T=0.2s所以频率。

故A错误；

B．由图象知电动势最大值是1V；所以此交流电动势的有效值为。

故B错误；

CD．t=0.1s时；电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，故C错误，D正确。

故选D。二、多选题(共5题，共10分)8、B:D【分析】【详解】

AB．若磁感应强度即粒子的运动半径为r==d

如图所示：

到达荧光屏的粒子运动时间最长的是发射速度沿垂直且背离MN运动的粒子，其运动时间（周期T=）为

运动时间最短的是以d为弦长的粒子，运动时间为

所以最大时间差为

故A错误；B正确；

CD．若磁感应强度即粒子的运动半径为R=2d；如图所示：

到达荧光屏最下端的粒子的轨迹是与MN相切的，设下半部分的亮线长度为x1，根据几何关系，有

解得到达荧光屏最上端的粒子与屏的交点与P点连线为轨迹的直径，设上半部分亮线的长度为x2，根据几何关系，有

解得所以亮线的总长度为故C错误，D正确。

故选BD。9、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．cd在磁场中运动时，abcd回路中磁通量减小；根据楞次定律可知，闭合回路感应电流产生磁场与原磁场方向相同，故A错误；

B．当ab进入磁场后回路中产生感应电流，则ab受到向左的安培力而做减速运动，cd受到向右的安培力而做加速运动，由于两者的速度差逐渐减小，可知感应电流逐渐减小，安培力逐渐减小，可知cd向右做加速度减小的加速运动；故B正确；

C．ab从释放到刚进入磁场过程；由动能定理得。

对ab和cd系统；合外力为零，则由动量守恒。

解得。

对cd由动量定理。

其中。

解得。

故C正确；

D．从ab从圆弧导轨的顶端由静止释放，至cd刚离开磁场时由能量关系。

其中。

解得。

故D正确。

故选BCD。10、B:C【分析】【详解】

ACD．带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，则

解得其运动半径为r＝

由题意可知

所以

故AD错误；C正确；

B．根据匀速圆周运动参量间关系有

解得

所以

故B正确。

故选BC。11、B:D【分析】【详解】

A．由楞次定律可知线框进入磁场过程中感应电流方向为逆时针（俯视）；出磁场过程中感应电流方向为顺时针（俯视），故A错误；

B．滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，由v-t图可知线框右边进入磁场到右边恰离开磁场过程中速度小于传送带速度，所受滑动摩擦力方向水平向右，线框出磁场过程与进入磁场过程中初速度相同、受力情况相同，所以运动情况相同，即出磁场过程中速度由一直减小至所以出磁场过程中所受滑动摩擦力方向水平向右，故线框穿过磁场过程中受到的摩擦力方向不变。故B正确；

C．由B项分析知线框刚好离开磁场时的速度为线框恰完全进入磁场至右边恰出磁场过程中线框做匀加速直线运动，有

解得

故C错误；

D．线框穿过磁场的整个过程中初末速度为整个过程中摩檫力不变，所以由动能定理可得

解得

故D正确。

故选BD。12、A:D【分析】【详解】

A.根据右手定则可知回路的电流方向为顺时针（俯视）；故A正确；

B.由可知：当电路稳定时，由动量定理得解得：vM=2m/s，vN=4m/s；故B错误；

C.根据能量守恒得：=0.8J；故C错误；

D.由和q=I▪△t得：q=2C；故D正确．

故选AD三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]电容器具有“通交流、阻直流，通高频、阻低频”的作用，电感线圈具有“通直流、阻交流，通低频、阻高频”的作用。当电源为直流电时，闭合开关S，直流电流无法通过电容器C；故丙灯不亮，而甲；乙两灯的亮度相同。

(2)[3]当电源为交流电源时，闭合开关S；甲灯无其他电器元件对电流有阻碍作用，故甲灯最亮。

(3)[4][5]提高交流电源的频率，电感线圈L对交流电的阻碍作用增大，电容器C对交流电的阻碍作用减弱，故乙灯变暗，丙灯变亮。【解析】甲、乙一样亮不亮甲变暗变亮14、略

【分析】【详解】

[1]MN不通电时两线原来的拉力均为则mg=2T0=6N

当MN通1A的电流时，两线的张力均减为由于2T1<mg

所以安培力方向向上，大小为mg=2T1+F安

计算出F安=I1(-)=2N，I1=1A

当两细线内的张力均增大为时，由于2T2>mg

安培力方向向下，大小为2T2=mg+F′安，F′安=I2(-)

计算得I2=1A

电流方向与原来相反。

[2]当MN中的电流为时两细线签好同时断裂，此时线圈的安培力方向向下，大小为F″安=I3(-)=6N

细线断开的瞬间由牛顿第二定律有mg+F″安=ma

所以线圈的加速度为2g。【解析】1215、略

【分析】【详解】

[1]摇动这条电线过程中；切割地磁场的磁感线，会产生的感应电流方向不断变化，产生的是交流电；

[2]北半球磁感线指向北方，则当“电线”由上向下运动时，由右手定则可知，电线中电流由西向东，则电流计中电流方向为B→A；【解析】交流电B→A16、略

【分析】【详解】

[1][2]根据交流电