2025年鲁人版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人版必修3物理下册阶段测试试卷815考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV。当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8eV时,它的动能应为（）

A.8eVB.13eVC.20eVD.34eV2、如图所示，两条等长细线的A点悬挂一质量为0.1kg，电量为2×10-6C的带电小球，细线与天花板的夹角为30°，A离地面h=0.3m，在MA的延长线上用一不计高度和质量的绝缘支架固定一质量为0.2kg，电量与小球电量相等的异性带电小球B；则以下选项错误的是()

A.支架对地面的压力大小为1.95NB.当B球带上异性电荷后，A球会向右偏离原来的位置C.NA线的拉力大小为1ND.MA线的拉力大小为1.1N3、真空中O点处有一正点电荷，a、b、c、d为以O点为圆心、半径为R的圆上四点，a、c连线和b、d连线分别过圆心。现在空间中加一电场强度大小为E的匀强电场，结果a点的电场强度为零，静电力常量为k；则（）

A.圆心O处点电荷的电荷量为B.b、d两点场强相同C.a、b、c、d四点中a点电势最高D.一个带负电的试探电荷在c点的电势能小于在a点的电势能4、关于电容器及其电容，以下表述错误的是（）A.电容器是储存电荷的容器，它是靠正、负极板上正、负电荷的相互吸引力而储存电荷的B.电容C是电容器所带电荷量与两极板之间电压的比值，是表征电容器储存电荷特性的物理量C.电容器的电容C就像水容器的容量一样，表示电容器所储存的电荷量D.电容C的单位是法拉，5、下列说法正确的是（）A.电荷处在电势越高的地方电势能越大B.电场中电场强度越大的地方，电势越高C.电势降落的方向必定是场强的方向D.处于静电平衡状态的导体内部场强处处为零6、下列说法中正确的是（）A.根据库仑定律当两电荷的距离趋近于零时，静电力趋向无穷大B.等量异种电荷连线上的电场强度总是大于中垂线上（除交点外）的电场强度C.在静电场中电场强度为零的地方电势总为零D.在静电场中电场线分布越密的地方，相等距离两点间的电势差越大7、如图；有一平行板电容器，下列说法正确的是（）

A.保持S接通，减小两极板间的距离，则极板间的电场强度E减小B.保持S接通，在两极板间插入一块电介质，则极板上的电荷量减小C.断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D.断开S，在两极板间插入一块电介质，则两极板间的电势差增大评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器且在中央固定一正点电荷，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合开关，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，滑动前后理想电压表示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）

A.电荷的电势能减少B.灯泡逐渐变暗C.变大、不变D.电源的输出功率一定变小9、关于元电荷的下列说法中正确的是（）A.元电荷实质上是指电子和质子本身B.所有带电体的电荷量不一定等于元电荷的整数倍C.元电荷的数值通常取作e=1.60×10－19CD.元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根用油滴实验测得的10、如图所示；在绝缘板上放有一个不带电的金箔验电器A和一个带正电荷的空腔导体B，下列实验方法中能使验电器金属箔片张开的是（）

A.用取电棒C（带绝缘柄的导体棒）先跟B的内壁接触一下后再跟A接触B.用绝缘导线把验电器跟取电棒C的导体部分相连，再把取电棒与B的内壁接触C.使验电器A靠近B，再用金属网罩罩住BD.使验电器A靠近B，再用金属网罩罩住A11、有一种特殊电四极子的电荷分布及位置关系如图所示，A位于+2q电荷的正上方。下列说法正确的是（）

A.A、B两点电势的高低关系B.A、B两点场强的大小关系C.电子在A点的电势能小于在B点的电势能D.只受电场力的电子从A点静止释放，将做加速度逐渐增大的加速运动12、用两只同种规格的灵敏电流计分别改装成一只电流表和一只电压表；将改装后的电表串联起来接入电路中，如图所示，则下列说法正确的是（）

A.仅根据两表示数可以计算出电流表的内阻B.仅根据两表示数可以计算出电压表的内阻C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角13、如图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=3Ω。若在C、D间连接一个电表或用电器；则有（）

A.若在C、D间连一个理想电流表，其读数是AB.若在C、D间连一个理想电压表，其读数是3VC.若在C、D间连一个理想电压表，其读数是2VD.若C、D间连一个“6V，12W”的小灯泡，则小灯泡的实际功率为0.48W评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、波速、波长、频率三者之间的关系：c=______，其中c=3×108m/s。15、如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，在其右侧与球心等高处放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离为2r。由于静电感应，使金属球上出现了感应电荷，则球的左侧带_____电（填正或者负）。空心金属球达到静电平衡状态时，球心处的电场强度大小为______，感应电荷在球心处产生的电场强度大小为____，方向_______。

16、用游标卡尺和螺旋测微器测量一根金属丝的长度和直径，测量的结果如图所示，则此金属丝的长度L=______cm，直径d=______mm。

17、如图，某同学用伏安法测一个未知电阻的阻值，他仅将电压表接在b点，读得两表示数分别为U1=3.0V，I1=3.0mA，然后将电压表改接在a点，读得两表的示数分别为U2=2.9V，I2=4.0mA，由此可知电压表应接到_________点误差较小，测得的Rx的值为____________Ω。

18、用伏安法测量电阻时，MN接在恒定电压上，当S接a时电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A；当S接b时电压表示数为12V，电流表的示数为0.15A；为了较准确地测定S应接在___点，的真实值为______Ω

19、如图所示，点电荷固定在一直线上，与的距离是与的距离的2倍，若每个电荷所受库仑力的合力均为零，则电量大小之比=____。

20、一均匀带正电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的电势___________；始终在球外的任意点的场强___________。（填写变大、变小或不变）21、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近的P点，放置一个正点电荷+Q，达到静电平衡后，a端的电势________（填“大于”、“等于”或“小于”）b端的电势，杆中有一点c，c点与点电荷相距为l，则感应电荷在杆内c处的场强的大小为___________，方向__________，（静电力常量为k）

22、已知灵敏电流计的满偏电流为1mA，内阻为若要将它改装成量程为3V的电压表，应串联一个___________的电阻，改装完成后，若某次测量电压时灵敏电流计指针指向位置，则对应电压测量值为___________V。（保留两位有效数字）评卷人得分四、实验题(共2题，共14分)23、欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω的金属丝的电阻；要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：

A.电池组（3V；内阻1Ω）

B.电流表（0~3A；内阻约为0.0125Ω）

C.电流表（0~0.6A；内阻约为0.125Ω）

D.电压表（0~3V；内阻约为3kΩ）

E.电压表（0~15V；内阻约为15kΩ）

F.滑动变阻器（0~20Ω；额定电流1A）

G.滑动变阻器（0~2000Ω；额定电流0.3A）

H.开关；导线。

（1）上述器材中，电流表应选__________，电压表应选__________，滑动变阻器应选__________。（填写各器材的字母代号）

（2）设实验中电流表、电压表的某组示数如图所示，则I=__________A，U=__________V。

（3）为使待测电阻两端的电压能从零开始变化，请按要求在下面方框中画出实验原理图______________，然后根据你设计的电路图将图中给定的器材连线。______________

24、游标卡尺和螺旋测微器是常用的测量工具；甲图是20等分的游标卡尺，乙图是螺旋测微器，下图是它们的测量结果，则它们的测量值分别是：甲图：___________mm；乙图：________mm。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

由题意，电荷经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV，动能减小为21eV．而相邻的等势面之间的电势差相等，电荷在相邻等势面间运动时电场力做功相等，电势能变化量相等，则电荷从3等势面到4等势面时，动能减小7eV，电势能增大，等势面3的电势为0，电荷经过b时电势能为7eV，又由题，电荷经b点时的动能为5eV，所以电荷的总能量为E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV；其电势能变为-8eV时，根据能量守恒定律得到，动能应为20eV。

A．8eV；与结论不相符，选项A错误；

B．13eV；与结论不相符，选项B错误；

C．20eV；与结论相符，选项C正确；

D．34eV，与结论不相符，选项D错误；2、B【分析】【详解】

A．由几何知识得A、B两点间的距离为

两球间的库仑力大小为

以B和支架整体为研究对象；受力如图所示，则地面对支架的支持力为。

根据平衡条件有

由牛顿第三定律得；支架对地面的压力大小为1.95N，A正确，不符合题意；

B．对A受力分析；如图所示。

因B在MA的延长线上；所以A球不会向右偏离原来的位置，B错误，符合题意；

CD．对A受力分析，如上图所示，由平衡条件有

解得

CD正确；不符合题意。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．由于a点的电场强度为零，可知该匀强电场平行纸面、方向由a指向圆心处正点电荷在a点的场强大小

解得

A项错误；

B．圆心处正点电荷产生的电场强度在圆周上各点大小都为E，方向不同，根据矢量的合成可知，b、d两点场强大小均为方向不同，B项错误；

C．点电荷形成的电场中，圆周上各点电势相等，而匀强电场中a点电势最高，综合可知a、b、c、d四点中a点电势最高，c点电势最低，b、d两点电势相等；C项正确；

D．c点的电势低于a点的电势，负电荷在c点的电势能大于在a点的电势能；D项错误。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．电容器是储存电荷的容器；它是靠正；负极板上正、负电荷的相互吸引力而储存了电荷，故A正确，不符合题意；

B．根据可知，电容C是电容器所带电荷量与两极板之间电压的比值；是表征电容器储存电荷特性的物理量，故B正确，不符合题意；

C．电容器的电容C是表征储电本领的物理量；但是C不表示电容器所储存的电荷量，故C错误，符合题意；

D．电容C的单位是法拉，故D正确，不符合题意。

故选C。5、D【分析】【详解】

A．负电荷在低电势处电势能大；正电荷在高电势处电势能大，故A错误；

B．电势的高低与电场强度无关；故B错误；

C．沿场强方向电势一定降低；但电势降落的方向不一定是场强的方向，应该是电势降落最快的方向才是场强的方向，故C错误；

D．处于静电平衡状态的导体内部；原电场与感应电荷产生的附加电场完全抵消，场强处处为零，故D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

A．库仑定律适用于静止的真空中两点电荷的相互作用，带电体都具有一定的形状和体积，当两带电体的距离趋近于零时，两带电体就不能再视为点电荷，库仑定律就不再适用，A错误；

B．等量异种电荷在连线上产生的电场强度方向相同，则其连线上某点的电场强度等于两点电荷在该点产生的电场强度的代数和，两等量异种电荷在中垂线上（除交点外）产生的电场强度互成一定的角度，由点电荷的场强公式和电场强度叠加原理可知；连线上的电场强度总是大于中垂线上（除交点外）的电场强度，B正确；

C．在静电场中电势的高低具有相对性；与零电势位置的选取有关，因此电场强度是零的地方电势不一定是零，C错误；

D．在静电场中电场线分布越密的地方；电场强度越大，沿电场线方向相等距离两点处电势差越大，可若相等距离两点处于同一等势线上，此时的电势差应是零，D错误。

故选B。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．保持S接通，则电容器两极板间的电势差U不变，由

可知减小两极板间的距离，则极板间的电场强度E增大；故A错误；

B．保持S接通，则电容器两极板间的电势差U不变，在两极板间插入一块电介质，则电容C增大，由

知则极板上的电荷量增大；故B错误；

C．断开S，极板所带的电荷量不变，由

可知减小两极板间的距离，则电容C增大，由

可知两极板间的电势差减小；故C正确；

D．断开S，极板所带的电荷量不变，由

知在两极板间插入一块电介质，则电容C增大，由

可知两极板间的电势差减小；故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)8、A:B【分析】【详解】

A.将滑动变阻器滑片向左滑动时接入电路的电阻增大，电路中电流减小，R上的电压减小；则电荷所在处电势减小，电荷的电势能减小，故A正确；

B.电路中电流减小；通过灯泡的电流减小，所以灯泡变暗，故B正确；

C.根据U2=E−Ir，得保持不变。故保持不变，故C错误；

D.因电源内外阻大小关系未知；根据电源输出功率和外阻的关系，电源的输出功率不一定变小，故D错误。

故选：AB9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．元电荷是基本的电量单位；不是指电子和质子本身，A错误；

B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍；B错误；

C．元电荷的数值通常取作e=1.60×10－19C；C正确；

D．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根用油滴实验测得的；D正确。

故选CD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．导体球壳B的电荷都在外表面上；因此用取电棒C跟B的内壁接触，根本取不到电荷，因此不会使验电器的金属箔片张开，A错误；

B．用绝缘导线把验电器跟取电棒C的导体部分相连；再把取电棒与B的内壁接触，这时验电器的金属球和导体壳电势相等，会带上同种电荷，因此验电器金属箔片会张开，B正确；

CD．使验电器A靠近B；即使用金属网罩罩住B，在金属网内表面感应出负电荷，外表面感应出正电荷，在金属网外仍有电场，会使金属球A带负电荷，金属箔片带正电荷，金属箔片会张开；而如果金属网罩罩住A，由于静电屏蔽，A不会有感应电荷，金属箔片不会张开，因此C正确，D错误。

故选BC。11、C:D【分析】【详解】

A．电势是标量，无穷远处电势为0，正电荷周围电势为正，负电荷周围电势为负，A离负电荷远，B离负电荷近，则

故A错误；

B．由点电荷电场强度公式

故B点合场强的大小为

+2q电荷在A点的电场强度为

方向竖直向下，而两个负电荷在A点的合电场强度竖直向下，故在A点的合场强为二者相减，即

故

故B错误；

C．根据公式

由于

则对于电子为负电荷，则

故C正确；

D．只受电场力的电子从A点静止释放，越靠近时，电场强度越大，对电子的作用力越大，方向向下；越靠近时，两侧负电荷对其的作用力减小，故综合考虑可知，电子所受合外力增大，根据牛顿第二定律

可知电子将做加速度逐渐增大的加速运动；故D正确。

故选CD。12、B:C【分析】【详解】

A．仅根据两表示数；不能知道电流表两端的电压，所以不能计算出电流表的内阻。故A错误；

B．两个电表串联；电流表的读数等于流过电压表的电流，所以仅根据两表示数可以根据欧姆定律计算出电压表的内阻，故B正确；

CD．电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后；通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故D错误，C正确；

故选BC。13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．若在C、D间连一个理想电流表，这时电阻R2与R3并联，并联电阻大小为

根据闭合电路欧姆定律，电路中总电流为

则理想电流表读数为

故A正确；

BC．若在C、D间接入理想电压表，这时电阻R1与R2串联，由闭合电路欧姆定律，电路中电流为

理想电压表读数为

故B正确；C错误；

D．“6V，12W”小灯泡的电阻为

外电路总电阻为

电路中总电流为

通过小灯泡的电流为

小灯泡的实际功率为

故D正确。

故选ABD。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]波速、波长、频率三者之间的关系：c=λf，其中c=3×108m/s。【解析】λf15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]金属球上的自由电荷被吸引到右端，左端带正电，由于静电平衡，球心处的合场强为零，点电荷Q在球心处产生的场强

方向水平向左，则球面上感应电荷在球心O处的场强大小为

方向水平向右。【解析】①.正②.0③.④.水平向右16、略

【分析】【详解】

[1]金属丝的长度为L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直径为d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65017、略

【分析】【详解】

[1]两种接法中两表示数变化分别为

则

显然，电流表示数变化较电压表示数变化明显，这说明电压表的分流作用较大，为了减小误差，应采用电流表内接法，即电压表接b点；

[2]由欧姆定律可得【解析】b100018、略

【分析】【详解】

[1]S接a和接b时，电流表的示数变化较大，这说明电压表的分流较大，因此接b点时；采用伏安法测电阻误差较小。

[2]设电源的电压为E，电流表的内阻为由题得

则S接a时，有

即

S接b时

即

解得【解析】b7019、略

【分析】【详解】

根据平衡条件可知，和带同种电荷，与电性相反，假设与的距离为则：

对

对

联立解得：=36：4：9【解析】36：4：920、略

【分析】【详解】

[1]电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零势能位置时静电力做的功。我们取一个正的点电荷放在球内任意点，把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为橡皮球吹大后，该点电荷与球上所有电荷的距离变远，再把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为根据库伦定律有

所以球吹大后；