2024年北师大新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大新版高二物理上册月考试卷95考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列关于静电场的说法不正确的是（）A.在匀强电场中，电场线一定和等势面垂直B.电场强度大的地方电势可能低，电场强度小的地方电势可能高C.将正点电荷从电场强度为零的一点移动到电场强度为零的另一点，电场力做功一定为零D.在正电荷产生的静电场中，电场强度方向指向电势降低最快的方向2、某学习小组为了探究氧气对酵母菌发酵的影响，特设计了甲乙两组实验，甲组中保留一定量的氧气，乙组中没有氧气．底物均为葡萄糖，其余条件相同且适宜。实验过程中每小时测定一次两组中氧气和酒精的物质的量；记录数据并绘成下图。据此分析下列说法中正确的是()

A.在实验结束时甲；乙两发酵罐中产生的二氧化碳量之比为6：5

B.甲；乙两发酵罐分别在第5小时和第6小时无氧呼吸速率最快。

C.酵母菌进行有氧呼吸和无氧呼吸的场所都在细胞质基质。

D.该实验证明向葡萄糖溶液中通人一定量的氧气可以提高酒精的产量3、如图是某区域的电场线分布.ABC

是电场中的三个点，下列说法不正确的是(

)

A.三点中B

点场强最强，C

点场强最弱B.正点电荷在A

处所受电场力的方向与A

点场强方向相同C.若电荷在此电场中仅受电场力的作用，C

点的加速度最小D.电场线就是正电荷在电场中运动的轨迹4、甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v

鈭�

t

图象如图所示，由图可知(

)

A.甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B.由于乙在t

=10s

时才开始运动，所以t

=10s

时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前最大C.t

=20s

时，它们之间的距离为乙追上甲前最大D.t

=30s

时，乙追上了甲5、如图所示，一物块开始时静止在粗糙的倾角为θ的固定斜面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变、大小从零均匀增大、与斜面平行的拉力作用。假设物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以Ff表示物块所受摩擦力的大小，F表示拉力的大小。能正确描述Ff与F之间的关系的图象可能是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、具有相同动能的中子和电子，其动量大小关系为____其物质波波长的大小关系为____（填＞,＜或＝）7、如图所示是弹簧振子的振动图线；试回答下列问题：

（1）振动的振幅______，频率______．

（2）从零到0.4s时间内，______点的动能最大______点的势能最大．8、利用单摆测定重力加速度的实验中，测得悬线的长度为l，摆球的直径为d，测出振动的周期为T，那么，计算重力加速度的表达式g=______．9、物质材料的电阻率的往往随温度的变化而变化；一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率随温度的升高而减小．某课题研究组需要研究某种导电材料的导电规律，他们选用的器材有：

用该种导电材料制作而成的电阻较小的元件Z；

电压表V（量程3V；内阻约3可kΩ）；

电流表A（量程3A；内阻约0.05Ω）；

电源E（电动势2V；内阻不计）

滑动变阻器R（最大阻值约1Ω）；开关S、导线．

同学甲实验测得元件Z的电压与电流的关系如表所示；

。U/V00.400.600.801.001.201.50I/A00.200.450.801.251.802.80①甲同学在实验过程中，采用的电路图是______．

②根据甲同学的实验数据，可判断元件Z是______材料（填“金属”或“半导体”）

③乙同学采用同样的方法进行实验，检查实验电路连接正确，然后闭合开关，调节滑动变阻器滑动头，发现电流表和电压表指针始终不发生偏转．在不断开电路的情况下，检查电路故障，应该使用多用电表______挡（填“欧姆×10”、“直流电压2.5V”、“直流电流2.5mA”），检查过程中将多用表的红、黑表笔与电流表“+”、“-”接线柱接触时，多用电表指针发生较大偏转，说明电路故障是______．

10、(1)

如图1

所示，单匝矩形闭合导线框abcd

全部处于磁感应强度为B

的水平匀强磁场中，线框面积为S

电阻为R.

线框绕与cd

边重合的竖直固定转轴以角速度娄脴

匀速转动，线框中感应电流的有效值I=

____________.

线框从中性面开始转过蟺2

的过程中；通过导线横截面的电荷量q=

____________．

(2)

图2

为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的偏电流IR=300娄脤A

内阻Rg=100娄赂

可变电阻R

的最大阻值为10k娄赂

电池的电动势E=1.5V

内阻r=0.5娄赂

图中与接线柱A

相连的表笔颜色应是____________色，接正确使用方法测量电阻Rx

的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx=

____________k娄赂.

若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx

其测量结果与原结果相比较____________(

填“变大”；“变小”或“不变”)

．

(3)

如图3

所示；将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度．

垄脵

所需器材有打点计时器(

带导线)

纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物；此外还需____________(

填字母代号)

中的器材．

A.直流电源；天平及砝码B.

直流电源、毫米刻度尺。

C.交流电源；天平及砝码D.

交流电源、毫米刻度尺。

垄脷

通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据；提高实验的准确程度.

为使图线的斜率等于重力加速度，除作v鈭�t

图象外，还可作____________图象，其纵轴表示的是____________，横轴表示的是____________．

11、在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学用毫米刻度尺测得摆线长L0=945.8mm；用游标卡尺测得摆球的直径如图甲所示；则：

（1）摆球直径d=______mm；用秒表测得单摆完成n=40次全振动的时间如图乙所示；则秒表的示数t=______s；若用给定物理量符号表示当地的重力加速度g，则g=______。

（2）如果该同学测得的g值偏大；可能的原因是______。（填字母代号）

A．计算摆长时没有计入摆球的半径。

B．开始计时时；秒表过迟按下。

C．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

D．试验中误将39次全振动数为40次。12、如图所示，质量分别为m1

和m2

的两个物块AB

叠放在一起，在粗糙的水平面上向右做加速度大小为a

的匀减速直线运动并保持相对静止，运动过程中B

受到的摩擦力为_____、方向___________13、一定质量的理想气体压强p与摄氏温度t的关系如图所示，气体从状态A变到状态B，则气体在状态A的体积______（选填“＞”、“=”或“＜”）在状态B的体积；此过程中，气体做功的绝对值为W，内能变化量的绝对值为△U，则气体与外界之间传递的热量为______。评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共8分)22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)24、研究匀变速直线运动的实验中，如图示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，相邻计数点的时间间隔T=0.1S，AB、AC的位移大小分别为S1=1.30cm，S2=3.10cm，（保留两位有效数字）（1）利用AB和AC段求加速度的公式为a=_________，加速度大小为__________m/s2.（2）当打点计时器打E点时，小车的速度大小为__________m/s.25、假设我们已经进入了航天时代，一个由三个高中学生组成的航天兴趣小组正乘外星科学考察飞船前往X星球，准备用携带的下列器材测量X星球表面的重力加速度g，这些器材是：A．钩码一盒，质量未知且各钩码质量不等B．重锤一个，质量未知C．带孔金属小球一个，直径已知为dD．太阳能电池板一块，输出直流电压可满足任何要求E．无弹性的丝线若干根F．导线，开关若干G．刻度尺1把H．测力计1个I．天平1台(含砝码1盒)J．打点计时器1台(含复写纸片、纸带)K．电子秒表1个L．带有光控计时器的实验平板一块，在平板两端各有一个光控门，同时还配有其专用的直流电源、导线、开关、重锤线、滑块，该器材可用来测量物体从一个光控门运动到另一个光控门的时间M．支架：能满足实验所需的固定作用到达X星球后，三个学生从以上器材中选择各自所需的器材(同一器材可以重复选用)，用不同的方法各自独立地测出了重力加速度g的值．现请你完成他们所做的实验．实验一：(1)选用的器材有________________________________________．(2)写出主要的实验步骤(简明扼要)：____实验二：(1)选用的器材有_________________________________(2)写出主要的实验步骤(简明扼要)：___________________________实验三：(1)选用的器材有__________________________________________(2)写出主要的实验步骤(简明扼要)：________________________________26、（1）(6分)如图所示，两列简谐波均沿x轴传播，传播速度的大小相等，其中一列沿正x方向传播(图中实线所示)，一列沿x轴负方向传播(图中虚线所示)．这两列波的频率相等，振动方向均沿y轴，则图中x＝1、2、3、4、5、6、7、8各点中振幅最大的是x为的点，振幅最小的是x为的点。（2）(6分)(2011年高考江苏卷)将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m的物块．将物块向下拉离平衡位置后松开，物块上下做简谐运动，其振动周期恰好等于以物块平衡时弹簧的伸长量为摆长的单摆周期．请由单摆的周期公式推算出该物块做简谐运动的周期T=____。评卷人得分六、综合题(共4题，共20分)27、[

物理隆陋隆陋

选修3鈭�3]

(1)

如图，一定量的理想气体从状态a

变化到状态b

其过程如p鈭�V

图中从a

到b

的直线所示。在此过程中______。(

填正确答案标号。)

A.气体温度一直降低B.气体内能一直增加C.气体一直对外做功D.气体一直从外界吸热E.气体吸收的热量一直全部用于对外做功(2)

在两端封闭、粗细均匀的U

形细玻璃管内有一股水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气。当U

形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l1=18.0cm

和l2=12.0cm

左边气体的压强为12.0cmHg

现将U

形管缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。求U

形管平放时两边空气柱的长度。在整个过程中，气体温度不变。28、如图所示，质量为m的导体棒MN静止在水平导轨上，导轨宽度为L，已知电源的电动势为E，内阻为r，导体棒的电阻为R，其余部分与接触电阻不计，磁场方向垂直导体棒斜向上与水平面的夹角为θ，磁感应强度为B，求轨道对导体棒的支持力和摩擦力．29、垄脜垄脜如图所示，甲分子固定在坐标原点OO上，乙分子位于rr轴上距原点rr2的位置。虚线分别表示分子间斥力FF鲁芒和引力FF脪媒的变化情况，实线表示分子间的斥力和引力的合力FF变化情况。若把乙分子由静止释放，则下列关于乙分子的说法正确的是(())

A.从rr2到rr0，分子势能一直减小

B.从rr2到rr0，分子势能先减小后增加

C.从rr2到rr0，分子势能先增加后减小

D.从rr2到rr1做加速运动，从rr1向rr0做减速运动

垄脝垄脝科学家已创造出一种利用细菌将太阳能转化为液体燃料的“人造树叶”系统，使太阳能取代石油成为可能。假设该“人造树叶”工作一段时间后，能将1010鈭�6gg的水分解为氢气和氧气。已知水的密度娄脩=1.0隆脕10娄脩=1.0隆脕103kg/mkg/m3，摩尔质量M=1.8隆脕10M=1.8隆脕10鈭�2kg/molkg/mol阿伏加德罗常数NNA=6.0隆脕10=6.0隆脕1023molmol鈭�1。试求：((结果均保留一位有效数字))

垄脵垄脵被分解的水中含有水分子的总数NN

垄脷垄脷一个水分子的体积VV30、(

一)

(1)

下列设备或电器中，利用电磁感应原理工作的是()

A.发电机B.

白炽灯C.电动机D.

电吹风(2)

社会越发展，人人之间的联系越广泛，信息的产生、传递、处理和运用就越频繁，对信息技术的要求就越高，现代信息技术的三大基础是信息的拾取、传递和处理。对现代信息技术而言，下列说法正确的是()

A

、信息的拾取需要用传感器B

、信息的拾取需要用电磁波C

、信息的传递需要用传感器D

、信息的传递需要用电磁波(3)

如图所示，将带正电的小球A

靠近用绝缘细线悬挂的轻质小球B

的左侧，发现小球B

向右偏离竖直方向某一角度，可知B

带______电；若保持其它条件不变，只增大A

的电荷量，则B

的偏转角度将___________(

填“变大”、“变小”或“不变”)

(4)

一束粒子(

不计重力)

垂直射入匀强磁场，运动轨迹如下图中的abc

所示，其中带正电粒子的运动轨迹为______；不带电粒子的运动轨迹为_______。(

填“a

”、“b

”或“c

”)

(

二)

(1)

第一个通过实验证实电磁波存在的物理学家是()

A.

麦克斯韦节B.

爱迪生C.

赫兹D.

法拉第(2)

如图所示，一单匝矩形线圈从左侧进入匀强磁场，对于线圈进入磁场的过程，下列说法正确的是()

A.

当线圈匀速进入磁场时，线圈中无感应电流B.

当线圈加速进入磁场时，线圈中有感应电流C.

线圈进入磁场的速度越大，感应电流就越大D.

线圈中感应电流的大小与线圈进入磁场的速度大小无关(3)

某同学用多用电表按正确步骤测量一电阻的阻值，它的欧姆挡有“隆脕1

”、“隆脕10

”、“隆脕100

”、“隆脕1k

”的四个挡位。当选择开关置于“隆脕l

”挡进行测量时，指针指示位置如图所示，则其电阻值是_________惟

如果要用这只多用电表测量一个阻值约为200惟

的电阻，为使测量结果比较精确，选择开关应选的欧姆挡是______________。

(4)

长为2m

的直导线垂直于磁场方向放入磁感应强度为5隆脕10鈭�5T

的匀强磁场中.

若导线中通有10A

的恒定电流，则磁场对导线的作用力多大？若仅使导线中的电流反向，则磁场对这根导线的作用力的方向如何变化？

(

三)

(1)

真空中有两个相距r

的静止点电荷，它们之间的静电力大小为F

现将其中一个点电荷的电荷量增加到原来的n

倍，其它条件不变，那么，这两个点电荷之间的静电力大小为()

A.1nFB.FC.nFD.n2F

(2)

如图所示，在点电荷Q

的电场中，以点电荷Q

为圆心的圆周上有ABC

三点，AC

两点在同一直径上。已知A

点的电场方向水平向右。下列判断正确的是

A.B

点的电场方向水平向右

B.C

点的电场方向水平向左C.BC

两点的电场强度大小相等D.BC

两点的电场强度大小不相等(3)

在闭合电路中，路端电压U

与电流I

的关系为U=E鈭�Ir

以U

为纵坐标，I

为横坐标，作出U鈭�I

关系图象如图所示，ABC

是图象上的三点，则外电路断开的状态对应图中的________点。若电源的电动势E=1.5V

内阻r=0.5娄赂

则外电路断开时的路端电压为_______V

(4)

如图所示；在虚线所示的矩形区域内存在磁感应强度大小为B

方向垂直纸面的有界匀强磁场。质量为m

带电荷量为q

的正粒子，垂直磁场的左边界进入磁场，运动轨迹如图中实线所示。已知粒子离开磁场时的速度方向跟进入磁场时的速度方向相反，不计粒子的重力，问：

(1)

磁场的方向是垂直于纸面向里还是向外？(2)

粒子在磁场中运动的时间是多少？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【解答】解：A；沿着等势面移动；电场力不做功，故电场力一定与等势面垂直，所以A正确；

B；在正电荷的电场中；离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低，而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B正确；

C；场强为零；电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；

D；沿电场方向电势降低；而且速度最快，所以D正确；

本题选错误的。

故选：C

【分析】在静电场中场强方向就是电势降低最快的方向；两点之间的电势差与场强及两点间沿电场线方向的距离有关；电场强度与电势无关；根据电场力做功公式W=qU分析电场力做功情况．2、D【分析】【分析】本题考查细胞呼吸的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能从题图中提取有效信息并结合这些信息，运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确结论的能力。​【解答】A.酵母菌在有氧呼吸的过程中，每消耗1mol的O2就会产生1mol的CO2；在无氧呼吸的过程中，每消耗1mol的葡萄糖，就会产生2molCO2和2mol的酒精。题图显示：甲组酵母菌有氧呼吸消耗了6mol的O2，则同时产生了6mol的CO2，无氧呼吸产生了18mol的酒精，则同时也产生了18mol的CO2，所以甲组酵母菌共产生24mol的CO2；乙组酵母菌无氧呼吸产生了15mol的酒精，则同时也产生了15mol的CO2，所以甲、乙两发酵罐中产生的CO2之比＝24:15＝8:5，A项错误；B.在第6小时时，乙发酵罐内酒精的增加速率减缓，无氧呼吸速率缓慢，B项错误；C.酵母菌是真核生物，有氧呼吸的主要场所是线粒体，C项错误；D.向葡萄糖溶液中通人一定量的氧气，可使酵母菌数量迅速增加，进而提高酒精的产量，D项正确。故选D。【解析】D3、D【分析】解：A

由图象疏密知场强EB>EA>EC

A正确；

B；场强的方向规定为正电荷受力的方向；B正确；

C；C

点的场强最小；受电场力最小，所以加速度最小.

C正确；

D；只有初速度为零；电场线是直线的电场中，电荷的轨迹才与电场线重合，D错误；

本题选错误的；故选：D

电场线的疏密反映电场强度的相对大小；电场线越密，场强越大.

沿电场线的方向电势逐渐降低．

本题考查对电场线物理意义的理解，知道电场线的疏密表示场强的大小，沿电场线的方向电势逐渐降低．【解析】D

4、C【分析】【分析】解答本题应抓住：速度图象反映物体速度随时间的变化情况；可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化。本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近。

【解答】A.

由图可知乙在0鈭�10s

内速度为零；甲先出发，但乙出发做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲，故A错误；

BC.

在10鈭�20s

内；甲的速度大于乙的速度，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大，20s

后乙的速度大于甲的速度，两者距离逐渐减小，在t=20s

时刻两者距离最大，故B错误，C正确；

D.由图象的“面积”可能读出t=30s

时；乙的位移仍小于甲的位移，未追上甲，故D错误。

故选C。

【解析】C

5、B【分析】解：物块开始受到的是静摩擦力，且大小为：mgsinα，方向向上，在拉力F增大的过程中，静摩擦力的大小变化满足：F+Ff=mgsinα；随着F的增大，静摩擦力先向上均匀减小到零，再向下均匀增大，当增大到等于最大静摩擦力时，再增大拉力，摩擦力变为滑动摩擦力，大小就保持恒定，故ACD错误，B正确；

故选：B。

对物体受力分析；知道外力F弹簧的弹力，随着F的增大，静摩擦力先向上均匀减小，再向下增大，当增大到等于最大静摩擦力时，再增大拉力，摩擦力变为滑动摩擦力，大小就恒定，据此可判断。

本题考查了物体的受力分析、平衡条件、静摩擦力的大小方向判断，分析的关键是写出沿斜面方向的平衡方程，随F的增大，讨论摩擦力的变化。【解析】B二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】【解析】【答案】＞，＜7、略

【分析】解：（1）振子的振幅A=2m，周期T=0.8s，故频率：f==1.25Hz；

（2）从零到0.4s时间内；O；B两点经过平衡位置，动能最大；A点在最大位移处，势能最大；

故答案为：（1）2m；1.25Hz；（2）O，B；A．

（1）位移的最大值等于振幅，振子完成一次全振动的时间叫做周期，由图直接读出周期，由公式f=求出频率；

（2）振子经过平衡位置时动能最大；在最大位移处势能最大．

本题关键是明确振子每次经过平衡位置时动能最大，势能为零；每次经过最大位移处，势能最大，动能为零．【解析】2m；1.25Hz；O、B；A8、略

【分析】解：据单摆的振动周期T=2和摆长为：L得到：g=

故答案为：．

单摆的摆长等于摆线的长度与摆球半径之和；求得摆长，由单摆周期公式求解g的表达式；

解决本题的关键掌握测量重力加速度的原理：单摆的周期公式，明确操作的注意事项，比如：计时起点是平衡位置和重力加速度的表达式和误差分析．【解析】9、略

【分析】解：①：由于待测电阻的阻值较小远小于电压表内阻；所以电流表应用外接法；从数据表可知，电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，故电路图应是B；

②：从表中数据可知；温度越高（电流越大）时，求出的电阻越小，可判断元件是半导体材料；

③：在不断开电路情况下；检查电路故障时不能使用电流挡和欧姆挡，从表中数据可知最高电压是1.5V，所以应该使用直流电压2.5V挡；

由于黑表笔接在电压表的正极；所以将多用表的红；黑表笔与电流表“+”、“-”接线柱接触时，多用电表指针发生较大偏转，说明电路故障是电流表断路；

故答案为：①B；②半导体；③直流电压2.5V；电流表断路。

本题①的关键是根据待测电阻远小于电压表内阻可知电流表应用外接法；根据表中数据可知电流从零调，说明变阻器应采用分压式接法；题②的关键是根据材料的电阻随温度（电流或电压）的增大而减小可知是半导体测量；题③的关键是明确在不断开电路的情况下检查电路故障不能使用电流表和欧姆表，只能使用电压表．

应明确：①当待测电阻阻值较小，远小于电压表内阻时电流表应用外接法；②当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；③金属材料的电阻随温度的升高（电流的增大）而增大，半导体材料的电阻随温度的升高而减小；④在不断开电路的情况下检查电路故障时，不能使用电流表和欧姆表，只能使用电压表．【解析】B；半导体；直流电压2.5V；电流表断路10、红;5;变大;D;速度平方的二分之一;重物下落的高度【分析】解：(1)

电动势的最大值为Em=BS娄脴

电动势的有效值为E=Em2

所以电流的有效值I=ER=2BS蠅2R

电荷量为q=I炉鈻�t=E炉R鈻�t=鈻�桅R鈻�t鈻�t=鈻�桅R=BSR

(2)

欧姆表是电流表改装的；必须满足电流的方向“+

”进“鈭�

”出，即回路中电流从标有“+

”标志的红表笔进去，所以与A

相连的表笔颜色是红色；

当两表笔短接(

即Rx=0)

时，电流表应调至满偏电流Ig

设此时欧姆表的内阻为R脛脷

此时有关系Ig=ER脛脷

得R脛脷=EIg=5k惟

当指针指在刻度盘的正中央时I=Ig2

有Ig2=ER脛脷+Rx

代入数据可得Rx=R脛脷=5k娄赂

当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig

不变，由公式Ig=ER脛脷

欧姆表内阻R脛脷

得调小；

待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的；

由I=ER脛脷+Rx=IgR脛脷R脛脷+Rx=Ig1+RxR脛脷

可知当R脛脷

变小时；I

变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了．

(3)

垄脵

打点计时器需接交流电源.

重力加速度与物体的质量无关；所以不要天平和砝码.

计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，选D．

垄脷

由公式v2=2gh

如绘出v22鈭�h

图象；其斜率也等于重力加速度．

故答案为：(1)2BS蠅2RBSR

(2)

红；5

变大；

(3)Dv22鈭�h

速度平方的二分之一，重物下落的高度．【解析】2BS蠅2R;BSR;

红;5;

变大;D;v22鈭�h;

速度平方的二分之一;

重物下落的高度11、20.20mm78.4sBD【分析】解：（1）游标尺主尺：20mm；

游标尺对齐格数：4个格；读数为：4×0.05=0.20mm；

所以直径为：20+0.20=20.20mm；

秒表读数：

大盘读数60s；小盘读数18.4s，故时间为78.4s；

根据T=2π得：g==

（2）同学测得的g值偏大；说明摆长测量值偏大或者周期测量值偏小；

A；计算摆长时没有计入摆球的半径；摆长测量值偏小，故加速度测量值偏小，故A错误；

B；开始计时时；秒表过迟按下，周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故B正确；

C；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了，故相对与原来的单摆，周期测量值偏大了，故加速度测量值偏小，故C错误；

D；试验中误将39次全振动数为40次；周期测量值偏小，故加速度测量值偏大，故D正确；

故答案为：（1）20.20，78.4，（2）BD。

（1）游标卡尺读数：先读主尺（只读整数）；再加上游标尺（格数乘以分度分之一，格数找对齐的一个不估读）；秒表读数等于大盘刻度读数加上小盘刻度读数；根据单摆周期公式列式求解；

（2）根据单摆周期公式列式分析误差情况。

常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础。掌握单摆的周期公式，从而求解加速度并进行误差分析。【解析】20.20mm78.4sBD12、水平向左【分析】【分析】对B

受力分析列出牛顿第二定律方程求解摩擦力。本题是牛顿第二定律的直接应用，注意研究对象的选择。【解答】对B

列出牛顿第二定律方程：f=m2a

因为加速度向左，故摩擦力方向向左。故填：m2a

水平向左【解析】m2a

水平向左13、＜W-△U【分析】解：在p-t图象中作出过A；B两点的等容线；延长交于同一点-273.15℃

等容线斜率越大；体积越小，所以气体在状态A的体积小于在状态B的体积。

气体从状态A到状态B；温度降低，内能减小，△U＜0，从A到B气体体积增大，气体对外做功W＜0

根据热力学第一定律△U=W+Q；

代入：-△U=-W+Q

解得：Q=W-△Q

故答案为：＜；W-△Q

在p-t图象上作出过A；B两点的等容线；斜率越大，体积越小，根据热力学第一定律气体与外界之间的热量交换。

本题考查图象的应用，在p-T图象中等容线是通过原点的直线，斜率越大，体积越小，注意如果是p-t图线，等容线是延长线过-273.15℃的直线，斜率越大，体积越小，运用热力学第一定律解题要注意符号法则。【解析】＜W-△U三、判断题(共8题，共16分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、证明题(共2题，共8分)22、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、实验题(共3题，共15分)24、略

【分析】【解析】试题分析：（1）加速度可由=(S2-2S1)/T2，加速度大小为0.50m/s2（2）E点的瞬时速度等于DF间的平均速度考点：考查测量加速度实验【解析】【答案】(S2-2S1)/T2(2分)0.50(2分)0.30(2分)25、略

【分析】此题考查学生对测重力加速度多种方法的理解和设计实验的能力．实验一：利用平衡条件(1)A、H、I.(2)①选取一个合适的钩码，用天平测出质量m；②用测力计测出该钩码的重力F；③计算重力加速度的表达式为g＝实验二：利用单摆实验(1)C、E、G、K、M.(2)①组装并安装好单摆，测出摆线长度L；②测出n次全振动的时间t，算出周期T＝③计算重力加速度的表达式为g＝实验三：利用自由落体的位移公式(1)G、L、M.(2)①将带光控计时器的平板用支架竖直架稳；②测量两个光控门之间的距离s；③把滑块从上面的一个光控门处自由释放，读出下落时间t；④计算重力加速度的表达式为g＝【解析】【答案】见解析26、略

【分析】（1）波峰与波谷相遇为振动减弱点，振幅最小，4、8两个质点在实线和虚线的振动方向相同，为振动加强点（2）T＝2π【解析】【答案】（1）(6分)4和82和6（2）(6分)周期T＝2π六、综合题(共4题，共20分)27、(1)BCD

(2)

解：设U

形管两端竖直朝上时，左、右两边气体的压强分别为P1

和P2U

形管水平放置时，两边气体压强相等，设为p

此时原左、右两边气体长度分别变为l1隆盲

和l2隆盲

由力的平衡条件有

P1=P2+娄脩g(l1鈭�l2)垄脵

式中娄脩

为水银密度，g

为重力加速度大小

由玻意耳定律有

p1l1=pl1隆盲垄脷

p2l2=pl2隆盲垄脹

l1隆盲篓Cl1=l2篓Cl2隆盲垄脺

由垄脵垄脷垄脹垄脺

式和题给条件得

l1隆盲=22.5cm

l2隆盲=7.5cm【分析】(1)(1)【分析】本题考查对一定质量的理想气体的p隆陋隆陋V

图线的理解、理想气体状态方程、热力学第一定律、理想气体内能及其相关的知识点。理想气体由a

状态变化到b

状态，压强和体积同时增大，由理想气体状态方程PVT=C(

其中C

为定值)

可知：气体的温度一定升高，内能增大；气体的体积增大，对外做功；气体对外做功的同时，内能增大，说明气体从外界吸热，且吸收的能量大于对外做功消耗的能量。解题的关键是理解图像，会利用理想气体状态方程、热力学第一定律判断。【解答】A.一定质量的理想气体从a

到b

的过程，由理想气体状态方程paVaTa=pbVbTb

可知，Tb>Ta

即气体的温度一直升高，故A错误；B.根据理想气体的内能只与温度有关，可知气体的内能一直增加，故B正确；C.由于从a

到b

的过程中气体的体积增大，所以气体一直对外做功，故C正确；D.根据热力学第一定律娄陇U=W+Q

从a

到b

的过程中，气体的内能一直增加，而气体一直对外做功，气体一直从外界吸热，故D正确；E.气体吸收的热量一部分增加内能，一部分对外做功，故E错误。故选BCD。(2)(2)本题考查玻意耳定律、液柱模型、关联气体及其相关的知识点。对两侧封闭气体分析，找出气体的初末状态，根据玻意耳定律列方程。解题的关键是找出气体的初末状态，根据玻意耳定律列方程。

【解析】(1)BCD

(2)

解：设U

形管两端竖直朝上时，左、右两边气体的压强分别为P1

和P2U

形管水平放置时，两边气体压强相等，设为p

此时原左、右两边气体长度分别变为l1隆盲

和l2隆盲

由力的平衡条件有P1=P2+娄脩g(l1鈭�l2)垄脵

式中娄脩

为水银密度，g

为重力加速度大小由玻意耳定律有p1l1=pl1隆盲垄脷

p2l2=pl2隆盲垄脹

l1隆盲篓Cl1=l2篓Cl2隆盲垄脺

由垄脵垄脷垄脹垄脺

式和题给条件得l1隆盲=22.5cm

l2隆盲=7.5cm

28、略

【分析】导体棒处于静止状态，合外力为零，分析受力情况，根据平衡条件、欧姆定律和安培力公式结合进行求解．【解析】解：棒的受力分析图如图所示：

由闭合电路欧姆定律；有：

I=①

由安培力公式；有：

F=BIL②

由共点力平衡条件；有：

Fsinθ=Ff③

FN+Fcosθ=mg④

整理得：

Ff=

FN=mg-

答：轨道对导体棒的支持力为mg-摩擦力为．29、(1)A

(2)

解：垄脵

水分子数：N=mNAM=10鈭�6隆脕6隆脕102318=3隆脕1016赂枚

垄脷

水的摩尔体积为：

水分子体积：

【分析】(1)

【分析】

根据分子间作用力随距离的变化而变化规律可明确分子力的变化；根据加速度与速度关系进行分析，明确加速度与速度同向加速，力做正功，反向减速，力做负功。本题考查分子力的特点以及分子力与分子势能间的关系，要注意明确在距离为r0

时分子力为零，由无限远向r0

运动时分子力为引力，分子力做正功；而由r0

继续靠近时分子力为斥力，分子力做负功。【解答】

​A.从r2

到r0

分子力为引力，运动方向与力同向，故分子力一直做正功；故分子势能一直减小；故A正确，BC错误。

D.从r2

到r1

以及r1

向r0

运动过程中分子力均为引力；与运动方向同向，故分子一直做加速运动；故D错误；

故选：A

(2)垄脵

先由质量除以摩尔质量求出摩尔数，再乘以阿伏加德罗常数NA

即可求得水分子的总数N

垄脷

由摩尔体积除以阿伏加德罗常数NA

得到一个水分子的体积。本题的解题关键是建立物理模型，抓住阿伏加德罗常数是联系宏观与微观的桥梁，也可以将水分子看成立方体形。

【解析】(1)A

(2)

解：垄脵

水分子数：N=mNAM=10鈭�6隆脕6隆脕102318=3隆脕1016赂枚

垄脷

水的摩尔体积为：

水分子体积：

30、(

一)(1)A(2)AD(3)

正变大(4)ab

(

二)(1)C(2)BC(3)12.0隆脕10

(4)

解：导线与磁场垂直放置，导线受到的安培力为：FA=BIL=5隆脕10鈭�5T隆脕10A隆脕2m=0.001N

若仅使导线中的电流反向，根据左手定则，磁场对这根导线的作用力的方向反向；

(

三)(1)C

(2)BC

(3)A1.5

(4)

解：(1)

向右运动的正电荷平时偏转，说明受到的洛伦兹力的方向向上，由左手定则可知，该磁场的方向向里；

(2)

粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，得：qvB=mv2r

又：T=2娄脨rv

联立得：T=2娄脨mqB

由题图可知，粒子运动的时间是半个周期，所以运动的时间：t=12T=娄脨mqB【分析】????(

一)(1)

【分析】

电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点.

要在理解的基础上，记住这些基础知识。【解答】

A.发电机是线圈在磁场中运动；结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，故A正确；

B.白炽灯是将电能转化为热能后一部分热能转化为光能的设备；即是消耗电能的电热装置，故B错误；

C.电动机是线圈在磁场中运动；因通电，而产生力，故C错误；

D.电吹风是将电能转化为热能；与电磁感应无关，故D错误；

故选：A

(2)

【分析】

明确现代信息技术的三大基础，同时传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用。本题考查现代信息技术的三个基础；要注意明确传感器和电磁波的正确应用。【解答】

现代信息技术的三大基础是信息的拾取；传输和处理；能代替、补充、延伸人的感觉器官功能；

其中传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的；因此传感器也可以用来采集信息；而信息的传递可以利用电磁波，信息的处理用到计算机等；故AD正确，BC错误。

故选：AD

(3)

【分析】

由于实验时，先保持两球电荷量不变，使A

球从远处逐渐向B

球靠近；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，所以采用的方法是控制变量法。该题考查库仑定律的演示实验，属于记忆性的知识点.

本题属于简单题。【解答】

小球A

带正电；依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，及B

的偏向，即可知小球B

带正电；

对小球B

进行受力分析；可以得到小球受到的电场力：F=mgtan娄脠

即B

球悬线的偏角越大，电场力也越大；两球距离不变，A

球所带的电荷量增大，则电场力越大，那么B

球悬线的偏角越大。

故填：正，变大。(4)

【分析】

b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电，根据ac

粒子的偏转方向，由左手定则可判断其带电性;

本题考查左手定则，知道磁场方向和粒子运动方向，判断带电性质，基础题。【解答】

由左手定则可知；a

粒子带正电，c

带负电；

b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电；

故填：ab