2025年华东师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于磁感线和电场线，下列说法正确的是(

)

A.磁感线不是闭合曲线，起始于N

极，终止于S

极B.电场线起始于负电荷，终止于正电荷C.电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线D.空间某处磁感线、电场线分布越密集，表示该处磁感应强度、电场强度越大2、关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A.导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B.由R=U／I可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C.纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大D.将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3、下列关于惯性的说法，正确的是(

)

A.只有静止或做匀速直线运动的物体才具有惯性B.做变速运动的物体没有惯性C.有的物体没有惯性D.两个物体质量相等，那么它们的惯性大小相等4、如图所示，真空中有一个边长为L

的正方体，正方体的两个顶点M

，N

处分别放置电荷量都为q

的正、负点电荷.

图中的a

、b

、c

、d

是其他的四个顶点，k

为静电力常量.

下列表述正确是。

A.a

点电势高于b

点电势B.a

、b

两点电场强度相同C.把点电荷+

Q

从c

移到d

，电势能增加D.M

点的电荷受到的库仑力大小为F

=kq2L2

5、如图所示，磁感应强度为B

的匀强磁场垂直纸面分布在半径为R

的圆内，一带电粒子沿半径方向从a

点射入，从b

点射出，速度方向改变了60鈭�

若保持入射速度不变，而使磁感应强度变为3B

则粒子飞出场区时速度方向改变的角度为(

)

A.90鈭�

B.45鈭�

C.30鈭�

D.60鈭�

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、直角玻璃三棱镜的截面如图所示，一条光线从AB面入射，ab为其折射光线，图中α=60°．已知这种玻璃的折射率n=则ab光线在AC面上____（填“有”或“无”）光线射出玻璃砖，ab光线经．AC面反射，再经BC面折射后的光线与BC面的夹角为____．

7、如下图所示的电路中，A、B端接在恒压电源上，S断开时电流表的示数2A，S闭合时电流表的示数为3A，则电阻R1与R2的阻值之比R1∶R2＝______，S断开与闭合两种情况下R1的功率之比P1∶P1′______。8、某同学用双缝干涉实验测量红光的波长，他将测量头的分划板的中心刻线与某亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图乙所示设为x1，然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹的中心对齐，此时手轮上的示数如图丙所示设x2.则相邻亮纹的间距Δx的计算式为Δx＝____（用x1x2表示），代入数据求得Δx＝________mm.若双缝间距测得双缝到屏的距离则求得所测红光波长为________m。9、以无穷远处为零电势点，下述情况中各物理量为正还是为负？（1）负电荷周围空间的电势为_________值．（2）正电荷位于某负荷电产生的电场内，它的电势能为________值．（3）负电荷位于某正电荷产生的电场内，它的电势能为________值．10、在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10C，则导体中的电流为I=____A．11、利用打点计时器和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验；气垫导轨装置如图甲所示，所用的气垫导轨装置由导轨；滑块、弹射架等组成．在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，如图乙所示，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差．

（1）下面是实验的主要步骤：

①安装好气垫导轨；调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；

②向气垫导轨通入压缩空气；

③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧；将纸带穿过打点计时器和弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；

④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的弹射装置；

⑤把滑块2（所用滑块1；2如图丙所示）放在气垫导轨的中间；

⑥先______，然后______；让滑块带动纸带一起运动；

⑦取下纸带；重复步骤④⑤⑥，选出较理想的纸带如图丁所示；

⑧测得滑块1（包括撞针）的质量310g；滑块2（包括橡皮泥）的质量为205g；试着完善实验步骤⑥的内容．

（2）已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知，两滑块相互作用前质量与速度的乘积之和为______kg•m/s；两滑块相互作用以后质量与速度的乘积之和为______kg•m/s（保留三位有效数字）

（3）试说明（2）问中两结果不完全相等的主要原因是______．12、真空中有一电场，在电场中的P

点放一电荷量为4隆脕10鈭�9C

的试探电荷，它受到的电场力为2隆脕10鈭�5N

则P

点的场强为______N/C

如果把这个试探电荷取走，则P

点的电场强度为______N/C

．13、在做“用电流表和电压表测电池的电动势E（约3V）和内电阻r的实验时，部分器材参数如下：电压表（量程3V）电流表（量程0.6A）保护电阻R0（阻值为4Ω）滑动变阻器（阻值约30Ω）

（1）某同学设计的电路图如图甲所示。当他闭合开关时发现电压表有示数；电流表没有示数。反复检查后发现电路连接完好，估计是某一元件断路，因此他拿来多用电表检查故障。他的操作如下：

①断开电源开关s

②将多用表选择开关置于×1Ω档；调零后，红黑表笔分别接R两端，读数为30Ω

③将多用表选择开关置于×100Ω档；调零后，将红黑表笔分别接电压表两端，发现指针读数如图乙所示，则所测阻值为______Ω，然后又将两表笔接电流表两端，发现指针位置几乎不变。由以上操作可知，发生断路故障的元件是______。

（2）在更换规格相同的元件后，他改变滑动变阻器的阻值，测出了6组对应的数据后，想通过描点作图的方法求电动势E与内阻r；如图丙所示，请继续完成图象，根据图象可求得该电源的电动势E=______。

并可求出电源内阻r=______。（保留两位有效数字）

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、实验题(共1题，共5分)22、某同学想用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻，其原理如下图所示，电路中串联了一只2Ω的保护电阻R0。该同学通过实验得到电压表和电流表显示的五组数据（见表格）。。U(V)1.401.301.201.101.00I(A)0.040.070.120.170.20请你根据表中数据在给出的坐标图中画出U－I图线，并求出该电池的电动势E＝____V，内阻r＝____Ω。评卷人得分五、推断题(共2题，共10分)23、某芳香酯rm{I}的合成路线如下：已知以下信息：rm{垄脵A隆芦I}均为芳香族化合物，rm{B}苯环上只有一个取代基，且rm{B}能发生银镜反应；rm{D}的相对分子质量比rm{C}大rm{4}rm{E}的核磁共振氢谱有rm{3}组峰。rm{垄脷}rm{垄脹}请回答下列问题：rm{(1)A隆煤B}的反应类型为____________，rm{G}中所含官能团的名称有____________________，rm{E}的名称是______________________________。rm{(2)B}与银氨溶液反应的化学方程式为______________________________。rm{(3)I}的结构简式为______________________________。rm{(4)}符合下列要求rm{A}的同分异构体还有_______________种。rm{垄脵}与rm{Na}反应并产生rm{H_{2}垄脷}芳香族化合物rm{(5)}据已有知识并结合相关信息，写出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}为原料制备rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}的合成路线流程图rm{(}无机试剂任选rm{)}合成路线流程图示如下：rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜篓脕貌脣谩,?]{C{H}_{3}COOH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CH_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}

CH_{3}CH_{2}OHxrightarrow[脜篓脕貌脣谩,?]{C{H}_{3}COOH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}24、I、（1）含氰废水中的CN－有剧毒。在微生物的作用下，CN－能够被氧气氧化成HCO3－，同时生成NH3，该反应的离子方程式为____。

（2）含乙酸钠和对氯酚（）的废水可以利用微生物电池除去，同时提供电能，其原理如图所示。则A极的电极反应式为：____。

II、锌钡白是一种白色颜料。工业上是由ZnSO4与BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。请根据以下工业生产流程回答有关问题。ZnSO4溶液的制备与提纯：有关资料：a．菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2与Al(OH)3相似，能溶于过量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）滤渣1的化学式为____；（2）②中使用的氧化剂最好是下列的____（选填字母代号）。A．Cl2B．浓HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）为了达到综合利用、节能减排的目的，上述流程步骤④中的CO2可以来自于步骤____（选填①、②、③、⑤）。（4）写出步骤④所发生的离子方程式____。评卷人得分六、实验探究题(共3题，共24分)25、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：

（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为L=______mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为D=______mm；

（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为R=______Ω．

（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R

电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA；内阻约30Ω）

电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）

直流电源E（电动势4V；内阻不计）；

滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω；允许通过的最大电流2.0A）

滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ；允许通过的最大电流0.5A）

开关S；导线若干。

为使实验误差较小；要求测得多组数据进行分析，请在框中画出测量的电路图4，并标明所用器材的代号．

（5）根据你设计的测量电路；在图5中用实线连接好电路．

（6）圆柱体材料的电阻率表达式为ρ=______．（用所测量的量字母表达）

26、实验室有如下器材；某同学用它们进行“描绘标有‘3.8V0.6A’的小灯泡的灯丝电流I随电压U变化的图象”的实验。

A．电流表A1（量程100mA；内阻约2Ω）；

B．电流表A2（量程0.6A；内阻约0.3Ω）；

C．电压表V1（量程5V；内阻约5kΩ）；

D．电压表V2（量程15V；内阻约15kΩ）；

E．滑动变阻器R1（阻值范围0～10Ω）；

F．滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ）；

G．电源：E1（电动势为1.5V；内阻约为0.2Ω）；

H．电源E2（电动势为4V；内阻约为0.04Ω）；

I．导线和开关。

（1）为了实验能操作方便；测量误差小；实验中应选用的器材是______（填器材前的符号）。

（2）用笔画线代替导线；在实物图（如图1）中完成电路连接。

（3）根据实验数据；描绘出I-U的图象如图2所示。

由图可知，在U=0--0.6V内I-U图线是直线，则此小灯泡在不工作时，灯丝电阻为______Ω；当所加电压大于0.6V后，I-U图线是曲线，则随灯丝两端电压的增大，灯丝电阻______（填“增大”或“减小”）。27、小明刚从超市购买一节干电池；于是他想测定该干电池的电动势和内阻，小明做实验中，备有下列器材：

A干电池（电动势约为1.5V；内阻小于0.5Ω）

B．电流表G（满偏电流1.5mA；内阻为10Ω）

C．电流表A（0-0.6A；内阻约为0.1Ω）

D．滑动变阻器R1（0-200；10A）

E．滑动变阻器R2（0-1000；1A）

F．定值电阻R3=0.5Ω

G．电阻箱R4；最大阻值999.9Ω

H．开关；导线若干。

（1）为方便且能较准确地进行测量，图甲是小明同学根据已有的器材设计的实验电路，其中滑动变阻器应选用______（填写序号）；把电流表G改装成量程为1.5V的电压表，电阻箱R4应调至______Ω。

（2）保持（1）中电阻箱R4的阻值不变，小明根据设计的实验测出了六组I1（电流表G的示数）和I2（电流表A的示数），并在图乙坐标纸上做出了I1和I2的关系图线，如图所示，根据图线可得，被测电池的电动势为______V，内阻为______Ω。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】解：AB

磁感线是闭合的曲线；而电场线是从正电荷(

无限远)

出发终止于无限远(

负电荷)

的不闭合的曲线，故AB错误。

C；磁感线和电场线都是人们为形象描述场而假想的；并不是实际存在的，故C错误。

D；无论磁感线和电场线；其疏密程度都反映场的强弱，分布越密集，磁感应强度、电场强度越大，故D正确。

故选：D

利用磁感线和电场线的分布特点和疏密程度都反映场的强弱判断选项．

明确磁感线和电场线为形象描述场而假想的，并不是实际存在和分布特点是解题的关键．【解析】D

2、C【分析】试题分析：R=U／I，是比值定义式，电阻与导体的电压、电流都没有关系，故AB错；纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大，C对；根据电阻定律将一根导线等分为二，电阻减半，而电阻率是导体材料的特性，与长度无关，D错。所以本题选择C。考点：电阻定律、电阻率【解析】【答案】C3、D【分析】解：A

惯性是物体的固有属性；一切物体在任何情况下都有惯性，故ABC错误；

D；惯性的大小只与质量有关；质量是物体惯性大小的度量.

两个物体质量相等，那么它们的惯性大小相等，故D正确；

故选D

惯性是物体的固有属性；一切物体在任何情况下都有惯性；惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量．

惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起.

解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性.

惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来．【解析】D

4、B【分析】【分析】根据电场线的分布比较电场强度的大小和电势的高低.

根据电场力做功情况；判断电势能的变化.

根据库仑定律的公式求出库仑力的大小。

本题考查了电场能的性质；解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道垂直平分线为等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低。【解答】A.ab

两点处于等量异种电荷的垂直平分面上，该面是一等势面，所以ab

的电势相等，故A错误；B.根据电场线分布知，ab

两点的电场强度大小相等；方向相同，则电场强度相同，故B正确；

C.根据等量异种电荷电场线的特点；因为沿着电场线方向电势逐渐降低，则c

点的电势大于d

点的电势.

把点电荷+Q

从c

移到d

电场力做正功，电势能减小，故C错误；

D.MN

两点间的距离为2L

根据库仑定律知，M

点的电荷受到的库仑力大小F=q2(2L)2=q22L2

故D错误。

故选B。

．【解析】B

5、A【分析】解：带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由qvB=mv2r

得：r=mvqB

当磁感应强度由B

变为3B

时，轨迹半径变为原来的33r

即：r隆盲=33r

设粒子原来速度的偏向角为娄脕B

变化后速度的偏向角为娄脗.

根据几何关系有：

tan娄脕2=Rr

tan娄脗2=Rr鈥�

又娄脕=60鈭�

则得：娄脗=90鈭�

所以粒子飞出场区时速度方向改变的角度为90鈭�

故选：A

带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可得到轨迹半径表达式，分析出磁感应强度变为3B

时轨迹半径与原来轨迹半径的关系；结合轨迹求解．

带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹，往往用数学知识求轨迹半径与磁场半径的关系【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】

由临界角公式sinC=n=得，临界角C=45°，而光线在AC面上的入射角i=60°＞C，则光线在AC面上发生了全发反射，故ab光线在AC面上没有光线射出玻璃砖．根据反射定律和几何知识得到；光线在BC面上的入射角i′=30°．

设光线经BC面折射后折射角为γ，则由n=代入解得γ=45°．则光线与BC面的夹角β=90°-γ=45°．

故本题答案是：无；45°

【解析】【答案】由图定出光线在AC面上的入射角i=60°，根据临界角公式sinC=求出临界角，根据i与C的大小关系，分析光线在AC面上有无发生全发反射，来判断ab光线在AC面上有无光线射出玻璃砖．若光线发生全反射；找出光线在BC面上的入射角，根据折射定律求解BC面折射后的光线与BC面的夹角．

7、略

【分析】S断开时由于电流表为理想电表，电路中只有电阻R1，有当开关s闭合时电阻R2和R3并联，电流表测量的是流过电阻R2的电流，电阻R2两端电压为电源电压，所以应有S断开与闭合两种情况下R1的电压不变，所以功率之比为1：1【解析】【答案】3:2，1:18、略

【分析】【解析】试题分析：螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读．根据双缝干涉条纹的间距公式推导波长的表达式，并求出波长的大小．【解析】

相邻亮纹的间距Δx的计算式为Δx＝图甲中螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为0.01×32.0mm=0.320mm，所以最终读数为2.320mm．图乙中螺旋测微器的固定刻度读数为13.5mm，可动刻度读数为0.01×37.0mm=0.370mm，所以最终读数为13.870mm．则．根据双缝干涉条纹的间距公式得，．代入数据得，λ=6.6×10-7m=6.6×102nm．考点：用双缝干涉测光的波长．【解析】【答案】2.310、6.6×10-79、略

【分析】【解析】【答案】（1）负（2）负（3）负10、1【分析】【解答】根据电流强度的定义式可得：

所以导体中的电流为1A．

故答案为：1

【分析】根据电流强度的定义可以直接计算出电流的大小；11、略

【分析】解：（1）使用打点计时器时；先接通电源后释放纸带，所以先接通打点计时器的电源，后放开滑块1；

（2）放开滑块1后；滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得：

碰撞前滑块1的动量为：kg•m/s；滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kg•m/s

碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：=0.618kg•m/s

（3）结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．

故答案为：（1）接通打点计时器的电源；放开滑块1；（2）0.620；0.618；（3）纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用。

使用打点计时器时；先接通电源后释放纸带；本实验为了验证动量守恒定律设置滑块在气垫导轨上碰撞，用打点计时器纸带的数据测量碰前和碰后的速度，计算前后的动量，多次重复，在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证．

本题要注意打点计时器的使用方法，知道气垫导轨要水平才能满足动量守恒．这是一道基础实验题．【解析】接通打点计时器的电源；放开滑块1；0.620；0.618；纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用12、略

【分析】解：由题意，检验电荷电量为q=4隆脕10鈭�9C

受到的电场力为F=2隆脕10鈭�5N

则P

点的电场强度E=Fq=2隆脕10鈭�54隆脕10鈭�9=5隆脕103N/C

方向与电场力方向相同．

电场强度反映电场性质的物理量；与试探电荷无关，把这个检验电荷取走，P

点的电场强度不变，仍为5隆脕103N/C

．

故答案为：50005000

．

根据检验电荷的电场力与电荷量的比值求出P

点的电场强度.

电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反.

把检验电荷的电荷量减小；电场强度不变；把这个检验电荷取走，P

点的电场强度仍不变．

本题考查电场强度定义式的应用能力，注意电场强度是描述电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关．【解析】50005000

13、2000电流表2.9V5.9Ω【分析】解：（1）③、电压表内阻=20×100Ω=2000Ω；将两表笔接电流表两端，发现指针位置几乎不变可知，发生断路故障的元件是电流表。

（2）画出的U-I图线如图所示：由图象可得：

E=2.9V，r==5.9Ω。

故答案为：（1）③2000；电流表。

（2）如图；2.9V，5.9Ω

本题（1）③的关键是欧姆表读数时，不要忘记乘以倍率；（2）题的关键是根据U=E-Ir可知；U-I图象中纵轴截距与斜率的物理意义。

遇到图象问题，要首选根据物理规律写出有关纵轴和横轴物理量的数学表达式，然后再根据截距与斜率的含义求解即可。【解析】2000电流表2.9V5.9Ω三、判断题(共8题，共16分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、实验题(共1题，共5分)22、略

【分析】【解析】试题分析：U－I图线如下图U－I图线与纵轴的截距为电源电动势，由图可知电源电动势为1.5V（（1.48～1.51V），图线斜率的绝对值为则电源内阻为（0.4～0.6Ω）考点：测电源的电动势和内电阻【解析】【答案】U－I图线如下图1.50（1.48～1.51）0.5（0.4～0.6）五、推断题(共2题，共10分)23、（1）氧化反应(酚)羟基、羧基4-氯(或对氯)甲苯

（2）

（3）

（4）13

（5）

【分析】【分析】本题考查有机物推断与合成，综合分析确定rm{B}的结构简式，再结构反应条件进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化。【解答】rm{A-I}均为芳香族化合物，rm{B}苯环上只有一个取代基，则苯环上只有一个取代基，则rm{B}的苯环上只有一个取代基，根据rm{A}的分子式rm{A}可知rm{C_{8}H_{10}O}的侧链为饱和结构，rm{A}能够催化氧化生成rm{A}rm{B}能够发生银镜反应，且能够发生信息rm{B}中反应，则rm{垄脹}分子中侧链rm{B}结构，故B的结构简式为rm{-CH_{2}CHO}为则rm{A}为rm{C}比rm{D}的相对分子质量大rm{C}恰好为rm{4}分子氢气的分子量，则说明一个rm{2}与rm{C}个氢气发生加成反应生成rm{2}故D为rm{D}的核磁共振氢谱有rm{E}组峰，rm{3}能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，则rm{E}分子中含有甲基，且氯原子位于甲基的对位，故E为rm{E}被酸性高锰酸钾溶液氧化成rm{E}则rm{F}为rm{F}在浓rm{F}溶液中加热发生水解反应生成酚羟基和羧酸钠，然后在酸性条件下转化成rm{NaOH}则rm{G}为rm{G}和rm{G}发生酯化反应生成rm{D}则rm{I}为rm{I}为催化氧化生成该反应为氧化反应；rm{(1)A隆煤B}为其分子中含有官能团为羟基、羧基；rm{G}为故命名为对氯甲苯或rm{E}氯甲苯rm{4-}或：对甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

故答案为：氧化反应；羟基、羧基；对氯甲苯或rm{]}氯甲苯rm{4-}或：对甲基氯苯或rm{[}甲基氯苯rm{4-}

rm{]}为rm{(2)B}与银氨溶液反应的化学方程式为：

故答案为：

rm{B}与银氨溶液反应的化学方程式为：由以上推断可知rm{B}的结构简式为：，故答案为：

rm{(3)}为rm{I}与rm{(4)A}反应并产生rm{垄脵}与rm{Na}反应并产生rm{H}rm{垄脵}rm{Na}芳香族化合物，含有苯环，则如果苯环上只有一个取代基，则是rm{H}rm{{,!}_{2}}，说明含有羟基；rm{垄脷}芳香族化合物，含有苯环，则如果苯环上只有一个取代基，则是rm{隆陋CHOHCH}和乙基或甲基和rm{垄脷}rm{隆陋CHOHCH}rm{{,!}_{3}}位置均有邻间对三种。，两个取代基，可以是rm{隆陋OH}和乙基或甲基和rm{隆陋CH}个取代基，则是rm{隆陋OH}个甲基和rm{隆陋CH}个酚羟基，共有rm{{,!}_{2}}种，总共是rm{OH}位置均有邻间对三种。rm{3}个取代基，则是rm{2}个甲基和rm{1}个酚羟基，共有rm{6}种，总共是rm{13}种。种。rm{OH}rm{3}为原料制备rm{2}先将乙醇催化氧化生成乙醛，然后让碳链增长，发生信息反应rm{1}生成rm{6}与氢气加成生成rm{13}合成路线为：

故答案为：故答案为：rm{13}【解析】rm{(1)}氧化反应rm{(}酚rm{)}羟基、羧基rm{4-}氯rm{(}或对氯rm{)}甲苯rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}

24、略

【分析】【分析】该题通过水污染的治理和化学工业生产流程，考查了原电池原理的应用和元素及其化合物的性质，判断微生物电池的正负极和分析流程图是本题难点，试题难度较大。I、（1）根据信息：CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3来书写方程式；（2）根据原电池中阳离子的移动方向确定A为正极，发生得电子的还原反应来书写；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，据此解答。【解答】I、（1）CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3得出方程式为：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原电池中氢离子的移动方向是从负极流向正极，所以A是正极，发生得电子的还原反应：+2e-+H+═+Cl-；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，滤渣1为SiO2；（2）②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子；只有D不会引入新杂质；

（3）步骤④中的CO2气体来自步骤①酸浸反应放出的气体，可以节能减排；（4）步骤④发生的离子反应方程式为ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-。【解析】I、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-六、实验探究题(共3题，共24分)25、略

【分析】解：（1）由图示游标卡尺可知；其示数为50mm+3×0.05mm=50.15mm；

（2）由图示螺旋测微器可知；其示数为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm（4.697mm～4.700mm均正确）；

（3）用多用表的电阻“×10”档；由图3所示表盘可知，其示数为：22×10=220Ω；

（4）根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为Rmax==A=0.018A=18mA，所以电流表应选择A2；

由于电源电动势为4V，电压表应选择V1；

由于所以要求多测几组数据，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1；

以方便调节；