2025年湘师大新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修3物理上册月考试卷785考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，断开电源后一带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出，若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入；则带电小球（）

A.将打在下板中央B.肯定不沿原轨迹由下板边缘飞出C.不发生偏转，沿直线运动D.若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央2、如图所示，空间某一区域有方向水平向左、大小为B匀强磁场中，三根直导线置于磁场中竖直圆周a、b、c上，o点为圆心，c在o的正，上方，当它们通有大小相同、方向垂直于纸面向里的电流时，圆心o点的实际磁感应强度为2B，已知通电直导线产生的磁场的磁感应强度式中为k常数，r是电流到该点的距离。则撤出c点处的导线后，c点磁感应强度的大小为（）

A.0B.BC.BD.2B3、关于多用电表及其使用操作，下列说法正确的是（）A.电阻刻度左侧密右侧疏B.测量不同电阻，每次都必须重新调零再进行测量C.测直流电流时，电流从红表笔流入从黑表笔流出，测电阻时恰好相反D.用“×10”倍率挡测电阻，指针偏转角度很小，应换成“×1”倍率挡调零后测量4、如图所示，一电荷量为q的带电粒子以一定的初速度由P点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直，粒子从Q点射出电场时，其速度方向与电场线夹角为30°。已知匀强电场的宽度为d，P、Q两点的电势差为U，不计重力作用，设P点的电势为零。则下列说法正确的是（）

A.带电粒子在Q点的电势能为qUB.带电粒子带负电C.此匀强电场的电场强度大小为D.此匀强电场的电场强度大小为5、如图所示，在光滑的绝缘水平面上，有两个质量相等、相距为r、带电荷量分别为和的小球甲、乙，在水平恒力F作用下做匀加速直线运动。静电力常量为k，则水平恒力F的大小为（）

A.B.C.D.6、目前许多国产手机都有指纹解锁功能；用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同，此时传感器给所有的电容器充电后达到同一电压值，然后，电容器放电，电容小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据，根据文中信息，下列说法正确的是（）

A.充电后在嵴处形成的电容器的电荷量小B.若在手机屏上增贴了一层厚度均匀的玻璃膜，则指纹识别解锁功能无法使用C.在峪处形成的电容器电容较小D.沾水潮湿的手指头对指纹识别绝对没有影响7、如图所示，在某一电场中有一条直电场线，在电场线上取A、B两点，将一个电子由A点以某一初速度释放，它能沿直线运动到B点，且到达B点时速度恰为零，电子运动的v－t图像如图所示。则下列判断正确的是（）

A.B点电场强度一定小于A点电场强度B.B点电场强度一定大于A点电场强度C.电子在A点的加速度一定等于在B点的加速度D.该电场若是正点电荷产生的，则场源电荷一定在A点左侧8、如图所示；直线Ⅰ；Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随电流变化的伏安特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是。

A.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻相等B.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2C.电源1与电源2的内阻之比是7∶11D.由于小灯泡L的U－I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，一个质量为m，带电量为q的粒子（重力不计），从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板，要使粒子的入射速度变为仍能恰好穿过电场而不碰金属板，保持其它量不变时，可行的办法是（）

A.粒子的带电量减少到原来的B.两板间的电压减小到原来的C.两板间的距离增加到原来的4倍D.两板间的距离增加到原来的2倍10、如图，在方向水平向右、磁感应强度为B的匀强磁场中，垂直于磁场和纸面放入一根通电直导线，以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点，已知c点的实际磁感应强度小于B；下列说法正确的是。

A.导线的电流方向垂直纸面向外B.b、d两点的实际磁感应强度大小相等C.b、d两点的实际磁感应强度方向相同D.a点的实际磁感应强度小于B11、光滑绝缘水平面上固定两个等量正电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一质量m=1kg，电量q=0.01C的带正电小物块由A点静止释放，并以此时为计时起点，并沿光滑水平面经过B、C两点，其运动过程的v﹣t图像如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大且过B点的切线已画出；则根据图线可以确定（）

A.A、B两点间的位移大小B.中垂线上B点电场强度的大小C.B、C两点间的电势差D.A、C两点间的电势能的变化大小12、如图甲，为新能源电动汽车的无线充电原理图，M为匝数n＝50匝、电阻r＝1.0Ω受电线圈，N为送电线圈．当送电线圈N接交变电流后，在受电线圈内产生了与线圈平面垂直的磁场，其磁通量Ф随时间t变化的规律如图乙．下列说法正确的是。

A.受电线圈产生的电动势的有效值为B.在t1时刻，受电线圈产生的电动势为20VC.在t1—t2内，通过受电线圈的电荷量为4×10-2CD.在t1—t2内，通过受电线圈的电荷量为2×10-2C13、如图所示电路，将两个相同的电流计分别改装成电流表A1（0～3A）和电流表A2（0～0.6A）；把这两个电流表并联接入电路中测量电流。则下列说法中正确的是（）

A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B.A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏C.A1的读数为1A时，A2的读数为0.6AD.A1的读数为1A时，干路中的电流为1.2A14、在如图所示的电路中，当变阻器R3的滑片P由a端向b端移动时（）

A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电压表示数变小，电流表示数变大C.R1两端电压变化比R2两端电压变化大D.通过R3的电流变化比通过R1的电流变化大15、如图所示，处在竖直平面的环形导线圈的正中心有一个磁针a，在圆环外侧有一小磁针b，a、b与圆环都处于同一竖直面内，当导线中通以图示方向的恒定电流时（不考虑地磁场影响和两小磁针间的作用），则（）

A.小磁针a的N极向纸里转动B.小磁针a的N极向纸外转动C.小磁针b的N极向纸里转动D.小磁针b的N极向纸外转动16、如图所示，M、N为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P点由静止释放一负电荷（忽略重力）；下列说法中正确的是。

A.从P到O，可能加速度越来越小，速度越来越大B.从P到O，可能加速度先变大变小，速度越来越大C.越过O点后，可能加速度一直变大，速度一直减小D.越过O点后，可能加速度一直变小，速度一直减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示四根导线中电流要使O点磁场增强，应切断电流_______.

18、如图所示，在同一平面内有两根互相平行的长直导线1和2，通有大小相等、方向相反的电流，a、b两点与两导线共面，a点在两导线的中间，与两导线的距离均为r，b点在导线2右侧，与导线2的距离也为r．现测得a点的磁感应强度为B，则去掉导线1后，b点的磁感应强度大小为_________，方向_______．

19、如图所示，真空中，相距为r的两点电荷A、B所带电荷量分别为Q和-Q，则两点连线的中点O处的场强为_______；在两点电荷连线的中垂线上距A、B两点都为r的O,点的场强为________，方向为________。20、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，电场方向与六边形所在平面平行，已知A、B、D三点的电势分别为1V、6V和9V,则六边形中心O点电势为______V，C点电势为________V.

21、如图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为20cm的正六边形的六个顶点，已知电场方向与六边形所在平面平行，若A、B、C三点电势分别为2V；3V、4V；则。

(1)F点的电势为___________V

(2)匀强电场的场强大小为___________V/m22、示波管的原理。

（1）示波管主要由___________（由发射电子的灯丝、加速电极组成）、___________（由一对X偏转电极和一对Y偏转电极组成）和___________组成。

（2）扫描电压：XX′偏转电极接入的是由仪器自身产生的___________电压。

（3）示波管工作原理：被加热的灯丝发射出热电子，电子经加速电场加速后，以很大的速度进入偏转电场，如果在Y偏转电极上加一个___________电压，在X偏转电极上加一个___________电压，当扫描电压与信号电压的周期___________时，荧光屏上就会得到信号电压一个周期内的稳定图像。评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)23、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共12分)25、如图为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位；5个挡位分别为直流电压1V挡和5V挡。直流电流1mA和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。

（1）测量时，接线柱B接的是___________（填“红”或“黑”）表笔；若开关B端是与“1”相连的，则此时多用电表的挡位为___________挡；（填题干中所给5个挡位中的一个）

（2）电路中R4与R5的比值___________（填“大于”“小于”或“等于”）

（3）若电池E的电动势为1.5V，当把开关B端接到位置3，短接A、B表笔进行欧姆调零后，用该挡测量一个未知电阻阻值，指针偏转到电流表G满偏刻度的处，则该电阻的阻值为___________Ω。电池E使用时间较长，电池的电动势变小、内阻变大；重新调零后，实验要求若被测电阻阻值等于中值电阻时，测量的相对误差不能超过则电池电动势降低为___________（结果保留两位有效数字）时必须更换电池；

（4）另一个同学设计了一只简易欧姆表，并将表盘的电流刻度转化为电阻刻度；其电路如下图所示。关于该欧姆表，下列说法正确的是___________。

A.电阻刻度的零位在表盘的左端B.表盘上的电阻刻度是均匀的。

C.测量前，需要红、黑表笔短接调零D.测量后，应将开关S断开26、(1)某实验小组测定某种金属的电阻率，他们选取了该材料一段粗细均匀的金属丝进行粗测，选用多用电表“×1”欧姆挡测量其阻值，示数如图。读出金属丝电阻值为______Ω。

(2)已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为电流表内阻约几欧，电压表内阻约电源为干电池组，则以下电路图中应当采用__________（选填甲或乙）电路进行实验。但用电路测量电阻的结果仍然会有误差，会比真实值偏_________。

(3)实验正确操作获得金属丝的长度L，直径D以及电流表读数I、电压表的读数U，则此材料电阻率的表达式为______（用题中字母表示）。评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)27、如图所示，把质量为m的带负电小球A用绝缘细绳悬挂，若将带电荷量为q的带电小球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距r时，绳与竖直方向成α角，已知重力加速度为g，静电力常数为k；两个带电小球的半径远小于它们的距离。求：

(1)A球所带电量的大小Q；

(2)若改变小球B的位置，仍可使A球静止在原来的位置，且A、B间的库仑力最小，求最小库仑力Fmin的大小和方向。

28、质量均为m的两个可视为质点的小球A；B；分别被长为L的绝缘细线悬挂在同一点O，给A、B分别带上一定量的正电荷，并用水平向右的外力作用在A球上，平衡以后，悬挂A球的细线竖直，悬挂B球的细线向右偏60°角，如图所示．若A球的带电量为q，则：

（1）B球的带量为多少；

（2）水平外力多大．29、如图，A、B两点电荷相距2m，O为AB连线上的一点，AO距离为0.5m，A、B所带电荷量分别为和静电力常量为k=9.0×109N·m2/C2；求：

（1）电荷A对电荷B的库仑力大小；

（2）O点的电场强度大小及方向。

30、额定电流为5A；电阻为44Ω的电暖器正常工作10min，求：

(1)电暖器产生的热量为多少？

(2)电暖器的电功率为多大？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

ABC．由电容的公式。

解得。

由上式可知，移动两个极板，不能改变电场强度，小球的受力不变，小球仍以相同的速度v0从原处飞入；轨迹不变，末位置也不变，仍然从下板边缘飞出，ABC错误；

D．若上板不动；将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央，D正确。

故选D。2、A【分析】【详解】

首先根据磁场的叠加，可知a、b处导线的磁场在o点相互抵消了，因此o点的磁场可以认为是c处导线产生的，由安培定则可知方向由o指向a.由题意可知，c处电流在圆心o点的磁感应强度为B。a、b处电流在c处产生的磁感应强度大小相同，方向如图所示，根据公式有

所以

而联立解得

方向水平向右，而匀强磁场方向水平向左、大小为B，所以c点总磁感应强度的大小为零。

A．0；与结论相符，选项A正确；

B．B；与结论不相符，选项B错误；

C．B；与结论不相符，选项C错误；

D．2B；与结论不相符，选项D错误；

故选A.3、A【分析】【分析】

【详解】

A．由闭合电路欧姆定律可得

可知中值电阻为

电阻挡刻度右侧从零到中值电阻；左侧从中值电阻到无穷大，故电阻刻度左侧密右侧疏，A正确；

B．测量不同电阻；只要没有改变倍率，不需要重新调零再进行测量，B错误；

C．电阻挡内部电源正极与黑表笔相连；测直流电流时；测电阻时，电流均从红表笔流入从黑表笔流出，C错误；

D．用“×10”倍率挡测电阻，指针偏转角度很小，即读数很大，为了减小读数使指针回到中间区域；应换较大倍率，即“×100”倍率挡调零后测量，D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

AB．由粒子轨迹可知粒子所受电场力沿电场线方向，粒子带正电，粒子由P点运动到Q点，电场力做正功，电势能降低，而P点电势为0，P、Q两点的电势差为U，则带电粒子在Q点的电势能为-qU；AB错误；

CD．设粒子的初速度为v0，其在电场力作用下做类平抛运动，粒子运动到Q点时，有

设竖直方向上的位移为l，则有

则有

则电场强度大小为

C错误；D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

选甲，乙整体为研究对象，加速度

选乙为研究对象，列牛顿第二定律方程有

联立得

故选C。6、C【分析】【详解】

AC．峪处d较小，嵴处d较大，根据电容的计算公式可知，峪处形成的电容器电容较小，嵴处构成的电容器电容大，根据可知；充电后在嵴处形成的电容器的电荷量大，故A错误，C正确；

B．在手机屏上增贴了一层厚度均匀的玻璃膜；即在电容器中间插入一层厚度均匀绝缘介质，无论是嵴处还是峪处的电容都变大，但仍然是嵴处较大，峪处较小，指纹识别解锁功能仍然可以使用，故B错误；

D．湿的手与传感器之间有水填充；改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁和指纹识别，故D错误。

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

AB.由于电子从A到B的运动图像如图所示，说明电子做匀减速运动，故它受到的电场力与运动方向相反，即由B到A，所以电场的电场强度的方向是由A到B；且是匀强电场；故A；B错误；

C.从运动图像上看；电子是匀减速运动，故加速度是相同的，故C正确；

D.因为A、B两点的电场强度相等；故它不可能是由点电荷形成的，故D错误。

故选C。8、B【分析】【分析】

根据电源的外特性曲线U-I图线，可求出灯泡电阻和电源电动势以及内阻；

根据灯泡伏安特性曲线与电源伏安特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率；

欧姆定律适用于纯电阻；灯泡是纯电阻；

【详解】

A、根据图象交点知与电源1相接时电阻与电源2相连接时在这两种连接状态下，小灯泡的电阻不相等，故A错误；

B、小灯泡伏安特性曲线与电源伏安特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态，则连接电源Ⅰ时，故

连接电源Ⅱ时，故

所以小灯泡消耗的功率之比为：故B正确；

C、U-I图象的斜率的绝对值表示内电阻，根据电源U-I图线，则故C错误；

D；欧姆定律适用于纯电阻；灯泡是纯电阻，适用欧姆定律，故D错误．

【点睛】

本题关键在于对电源伏安特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的含义．二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【详解】

设平行板长度为宽度为板间电压为恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动

垂直初速度方向做匀加速运动

则偏转位移为

欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则沿初速度方向距离仍是l，垂直初速度方向距离仍为

A．使粒子的带电量减少为原来的则

故A正确。

B．使两板间所接电源的电压减小到原来的则

故B正确；

CD．板的电压不变，距离变化，根据

有

速度减小为则距离应该增加为2倍，故C错误，D正确。

故选ABD。10、A:B【分析】【详解】

A．由题，c点的磁感应强度小于B，说明通电导线在c点产生的磁感应强度大小应满足

方向与匀强磁场的磁感应强度相反；根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外。故A正确；

BC．直导线在b点的磁感应强度大小为方向向下；直导线在d点的磁感应强度大小也为方向向上，则b、d两点的实际磁感应强度大小均为

但是b点的磁感应强度方向指向左下方，而d点的磁感应强度方向指向右上方；方向不同，选项B正确；C错误；

D．直导线在a点的磁感应强度大小为方向与原磁场方向相同，则a点的实际磁感应强度大于B；选项D错误；

故选AB。

点睛：本题关键掌握安培定则和平行四边形定则，知道空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加而成的。11、B:C:D【分析】【详解】

A．物块从A运动到B，由图可读出A、B两点的速度，但无法根据图像与x轴围成的图形面积计算A、B间的位移，同时由于已知物块的质量m、电量q，根据动能定理得

可求得UAB，但由于A、B间的各点电场强度大小不相等，所以根据公式

也无法求A、B间的位移大小；故A错误；

B．根据v-t图象的斜率等于加速度，可以求出物块在B点的加速度，根据牛顿第二定律得qE=ma

由于物块的电荷量q已知，所以能求出B点的电场强度E；故B正确；

C．由图可读出B、C两点的速度，已知物块的质量m、电量q，根据动能定理得

可求得UBC；故C正确；

D．根据能量守恒定律知

由于质量m已知，又从图像中可知A、C两点的速度，所以可以求出A、C两点间的势能的变化量；故D正确。

故选BCD。12、A:D【分析】【详解】

A.由图乙可知，受电线圈的最大磁通量为所以受电线圈产生的电动势最大值为：所以受电线圈产生的电动势的有效值为故A正确；

B.由图乙可知，时刻磁通量变化率为0；由法拉第电磁感应定律可知，此时受电线圈产生的电动势为0V，故B错误；

CD.由公式代入数据解得：故C错误，D正确．13、A:D【分析】【详解】

AB．电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，所以两表头也并联，流过两表头的电流相等，A1的指针半偏时，A2的指针也半偏；故A正确，B错误；

CD．两电流表的内阻之比为1∶5，则电流之比为5∶1，A1的读数为1A时，A2的读数为0.2A；干路中的电流为1.2A，故D正确，C错误。

故选AD。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

运用“串反并同”这个结论（仅适用于单变量电路）：P由a向b移动，R3减小，R2与R3是并联，R2中电流R2两端电压的变化情况与R3变化情况相同；R1与R3是间接串联，R1中电流R1两端电压的变化情况与R3的变化情况相反；电流表A与R3是串联，电流表示数变化情况与R3的变化情况相反；电压表V与R3是间接并联，电压表表示数变化情况与R3的变化情况相同；所以电压表示数变小，电流表示数变大。根据。

增大，增大，减小，不变，所以两端电压变化比两端电压变化小；通过的电流为干路电流；根据。

增大，减小，增大，通过的电流变化比通过的电流变化大。

故选BD。15、A:D【分析】【分析】

【详解】

根据右手螺旋定则知，环形电流内部的磁场方向向里，外部的磁场方向向外，则小磁针a的N极向纸面里偏转，小磁针b的N极向纸外转动．故AD正确；BC错误。

故选AD。16、A:B:C【分析】【详解】

AB；点电荷−q在从P到O的过程中；所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大。因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，所以P到O的过程中，电场强度大小是变化的，加速度可能越来越小，也可能先变大后变小，故A正确，B正确；

CD.点电荷运动到O点时；所受的电场力为零，加速度为零。根据电场线的对称性可知，越过O点后，向下做减速运动，运动到与P对称的位置速度为零，所以加速度可能越来越大，也可能先变大后变小，故C正确，D错误。

故选：ABC三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

[1]根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1在O点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O点产生的磁场的方向向里，导线4在O点产生的磁场的方向向外。由于所以合磁场的方向向里，根据磁场的叠加可知，要使O的磁场增强，应切断【解析】18、略

【分析】【详解】

[1][2]．根据右手螺旋定则可知两导线在a点形成磁场方向相同，由于两导线电流大小相等，a点与两导线的距离也相等，故单根导线在a点形成磁感应强度大小为0.5B，由于a与b与导线2距离相等，故撤掉导线1后，b点磁感应强度大小为0.5B，根据安培定则可知b点磁场方向垂直纸面向里。【解析】垂直纸面向里面19、略

【分析】【详解】

（1）两个点电荷在O点产生的场强大小均为：方向O→B，根据电场强度的叠加原理可知，则两点连线的中点O处的场强为：方向O→B；

（2）+Q在0′处产生的场强EA=k方向与水平方向成60°斜向上；-Q在0′处产生的场强为EB=k方向与水平方向成60°斜向下，根据矢量合力原则可知，O′点的场强EO′=EA=k方向水平向右．

【点睛】

常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，同时注意等量同号电荷形成电场的对称性．要知道空间任意一点的场强是各个电荷产生的电场的叠加．【解析】水平向右20、略

【分析】【详解】

[1][2]在匀强电场中，两长度相等且相互平行的线段两端的电势差相等，则

解得：．同理：

解得：．【解析】5V10V21、略

【分析】【详解】

[1][2]如图。

连接AC和BE，则AC⊥BE，由于A、B、C三点的电势分别为2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是这个匀强电场的电场线的方向

由上面的判断可知，A与F是等势点，即F点的电势为2V【解析】222、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]示波管主要由电子枪；偏转电极和荧光屏组成；

（2）[4]扫描电压：XX′偏转电极接入的是由仪器自身产生的锯齿形电压；

（3）[5][6][7]示波管工作原理：被加热的灯丝发射出热电子，电子经加速电场加速后，以很大的速度进入偏转电场，如果在Y偏转电极上加一个信号电压，在X偏转电极上加一个扫描电压，当扫描电压与信号电压的周期相同时，荧光屏上就会得到信号电压一个周期内的稳定图像。【解析】①.电子枪②.偏转电极③.荧光屏④.锯齿形⑤.信号⑥.扫描⑦.相同四、作图题(共2题，共18分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导