2025年浙教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理上册月考试卷113考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图；为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是（）

A.到达集尘极的尘埃带正电荷B.电场方向由放电极指向集尘极C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大2、如图所示；电源有一定的内阻，A；B、C三个灯泡连成如图电路，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，三个灯泡的亮暗变化情况是（）

A.同时变亮B.同时变暗C.A、C两灯变暗，B灯变亮D.A、C两灯变亮，B灯变暗3、如图所示的电路中，平行板电容器两极板水平放置，闭合开关S，待电路稳定后，位于O点的电子枪水平向右发射速度相同的电子，电子刚好击中竖直放置的荧光屏上的Q点，OP连线与极板平行；下列说法正确的是（）

A.将滑动变阻器的滑片向右移，电子将击中Q点上方的某位置B.将滑动变阻器的滑片向左移，电子可能击中电容器的上极板C.将电容器上极板下移一小段距离，电子将仍然击中Q点D.断开开关S，将电容器的上极板上移一小段距离，电子将仍然击中Q点4、静电场中某点电势的数值等于（）A.试验电荷q0置于该点时具有的电势能B.单位试验电荷置于该点时具有的电势能C.单位正电荷置于该点时具有的电势能D.把单位正电荷从该点移到电势零点外力所作的功5、如图，虚线为某电场的等势面，实线为一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹。设粒子在A、B点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB；则（  ）

A.aA>aB，EpA>EpBB.aA>aB，EpA<EpBC.aA<aB，EpA>EpBD.aA<aB，EpA<EpB6、在光滑绝缘水平面上固定着两个等量点电荷Q，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一质量m=0.01kg、电荷量q=1.0×10－6C的带正电小物块由A点静止释放，并以此时为计时起点，沿光滑水平面经过B、C两点，其运动过程的v-t图象如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大；根据图线可以确定（）

A.两点电荷是负电荷B.B点是A、C连线的中点C.UBC＝UABD.中垂线上B点电场强度最大且EB=2.0×104N/C7、a、b两个电容器如图甲所示，图乙是它们的部分参数．由此可知，关于a、b两个电容器的下列说法正确的是。

A.a、b两个电容器的电容之比为8:1B.a、b两个电容器的电容之比为4:5C.b电容器最多能容纳电荷0.1CD.b电容器最多能容纳电荷1C8、如图所示，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘内壁放另一个圆环形电极接电源的正极做“旋转液体实验”，其中蹄形磁铁两极间正对部分的磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小B=0.2T，磁铁上方为S极。电源的电动势E=6V，内阻未知，限流电阻R0=4.8Ω。闭合开关S后；当导电液体旋转稳定时理想电压表的示数恒为3.5V，理想电流表示数为0.5A。则（）

A.从上往下看，液体顺时针旋转B.玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R=7.0ΩC.液体消耗的电功率为1.75WD.1分钟内，液体里产生的热量为105J评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，正方形线圈处在电流恒定的长直导线形成的磁场中：A向右平动，B向下平动，C绕轴转动（ad边向外）；D向上平动(D线圈有个缺口)．则线圈中能产生感应电流的是（）

A.A线圈B.B线圈C.线圈D.D线圈10、关于对热辐射的认识，下列说法正确的是（）A.温度越高，物体辐射的电磁波越强B.冷的物体只吸收电磁波C.辐射强度按波长的分布情况只与物体的温度有关，与材料的种类及表面状况无关D.常温下看到的不透明、非发光物体的颜色是反射光的颜色11、在如图所示的直流电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时；下列说法正确的是。

A.电压表V1示数变大B.电压表V2示数变大C.电流表A1示数变小D.电流表A2示数变大12、在电磁学发展过程中，物理学家们的新发现和新理论推动着科技进步和产业革命，关于电磁学发展史，下列说法中正确的是（）A.奥斯特发现了电流的热效应规律B.法拉第首先提出电场概念，并引入电场线形象描述电场C.焦耳发现了电流的磁效应D.安培在对磁场的研究中提出了分子电流假说13、关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是____A.机械波在介质中传播时，介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动B.弹簧振子在四分之一个周期里运动的路程一定等于一个振幅C.有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同E.在真空中传播的电磁波频率不同，传播的速度相同评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10-8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为________；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的_______倍，此时平行板电容器的电容为______．15、如图，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑动变阻器R的阻值0~30Ω。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示。则______Ω；R1消耗的最小电功率为P＝_______W。

16、如图，电源电压恒定不变，闭合开关S、S1，电流表示数为0.3A，则电源电压为___________V，10s内电流通过产生的热量为___________J；再闭合开关S2，调节使电流表示数为0.5A，则此时变阻器的阻值为___________Ω。

17、判断下说法的正误．

（1）电源是通过静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置．（____）

（2）把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化．（____）

（3）电动势就是电势差，两者没有区别．（____）

（4）电源的电动势在数值上等于电源两极之间的电压．（____）

（5）电源一定时，负载电阻越大，电流越大．（____）

（6）外电路断路时，电源两端的电压就是电源电动势．（____）18、电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B、C为电场中的三点，则三点中电场强度最大的是______点，电势最低的是______点；将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力做______（选填“正功”或“负功”）。

19、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

20、某同学用欧姆挡测电阻时；实验步骤如下：

A．将功能选择开关置×100挡：

B．将红黑表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针指向左边零处：

C．接入被测电阻；读数；

D．将功能选择开关置OFF档。

上述实验步骤中，错误的操作是______（填字母代号）。若操作无误，指针位置如图所指，被测电阻的阻值是______Ω。

21、真空中有一根半径为R的半圆形细导线，流过的电流为I，则圆心处的磁感强度为_______。22、在“研究磁通量变化时感应电流的方向”实验中；实物电路连接如图：

（1）实物图中有一个元件接错了回路，请指出并改正：____________；

（2）为了方便探究感应电流方向的规律，实验应研究原磁场方向、磁通量的变化情况、__________三者的关系；

（3）在实验中，变阻器滑片向右移动，观察到灵敏电流计指针向右偏转，已知原线圈A中的电流是顺时针方向（从上往下看），则流经灵敏电流计的电流方向是____________（选填“左进右出”或“右进左出”）；为使灵敏电流计指针向左偏转，采取的方法有（写出一种方法）：____________；

（4）某组同学实验中，发现灵敏电流计指针的偏转始终很小，可能的原因是_________。评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)23、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短24、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)25、物理兴趣小组研究某发光体的伏安特性；实验室可提供的器材：发光体（额定电压为5.0V，额定功率为0.45W），直流电源（6V）；滑动变阻器（最大阻值约为100Ω）、量程合适的电压表和电流表、开关和导线若干。已知发光体两端电压超过0.5V即可发光，实物连接图如图甲所示。

（1）闭合开关前，应把滑动变阻器滑片移到___________（填“a”或“b”）端。

（2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片位置，发光体一直不发光，电流表示数很小且几乎无变化，电压表示数接近电源电动势，下列原因可能是___________（填正确答案标号）。

A.电流表短路。

B.发光体断路。

C.滑动变阻器的滑片接触不良。

（3）更换发光体后，小组同学正确完成了实验操作，将实验数据描点作图，得到图像，如图乙所示。当发光体两端加5.0V电压时，发光体的电阻___________Ω，发光体的电功率___________W。（结果均保留两位有效数字。）

（4）若把该发光体接在电动势内阻的太阳能电源上，该发光体的电功率约为___________W。（结果保留两位有效数字）26、在实际应用中，常用纵坐标表示电流横坐标表示电压画出导体的伏安特性曲线。如图甲所示为某导体的伏安特性曲线。

(1)由图甲可知，随着电压升高，该导体的电阻逐渐______（选填“变大”或“变小”）；

(2)若将该导体与电动势内阻的电源连接成图乙所示电路，电路闭合后导体的实际功率为______W。评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)27、图为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度可忽略不计），经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，偏转板的右端距荧光屏L2，电子的质量为m，电荷量为e；不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．

（1）求电子穿过A板时速度的大小和方向；

（2）求电子从偏转电场射出时的侧移量y；

（3）电子打在荧光屏上P点，P距离屏中心O的距离PO为多少？

（4）若要使PO缩小为原来的80%，则M、N两板间的电压应变为多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

ABC．由图示可知；集尘极与直流高压电源正极相连，则电场方向由集尘板指向放电极，尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，则尘埃的电场力方向向右，故到达到达集尘极的尘埃带负电荷，故ABC错误；

D．根据

可知；同一位置带电荷量越多场强越大，尘埃所受电场力越大，故D正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

滑动变阻器滑动触头向下滑动时，接入电阻增大，则总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故流过A灯电流减小，故A灯亮暗；由于电流减小，则可知路端电压和灯泡A两端的电压减小，故并联部分电压增大，所以B灯两端电压增大，B灯变亮；因干路电流减小，B灯电流增大，则由分流原理可知，C中电流减小，故C灯变暗，故AC变暗，B变亮；

A．同时变亮；与结论不相符，选项A错误；

B．同时变暗；与结论不相符，选项B错误；

C．A、C两灯变暗，B灯变亮；与结论相符，选项C正确；

D．A、C两灯变亮，B灯变暗，与结论不相符，选项D错误；3、D【分析】【详解】

AB．电路稳定时电阻箱分得的电压为零，把电阻箱的阻值调大或调小，电容器两端电压还是等于电源电动势，极板间电场强度不变，电子仍击中Q点；故AB错误；

C．将电容器上极板下移一小段距离，电容器两板间电压不变，距离变小，根据

可知场强变大；偏转距离将变大，而上板又下移，所以粒子将打在上极板上，故C错误；

D．断开开关S，电容器的电荷量不变，将电容器的上极板上移一小段距离，根据

可知电场强度为

不变，电子受力情况不变，则电子电子仍击中Q点；故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

由

可知；电势的数值等于单位正电荷置于该点时具有的电势能。

故选C。5、D【分析】【详解】

根据等势面电势分布可得电场线方向是指向圆心的；故产生电场的点电荷带负电，根据做曲线运动的物体的轨迹夹在合力与速度方向之间，故可得粒子受到的电场力沿圆心指向外，所以粒子受到的电场力方向和电场方向相反，所以粒子带负电。

A点电势大于B点，带负电的粒子在电势小的地方电势能大，故EpA<EpB

等差等势面的疏密程度反映电场强弱，由图可知B处等差等势面比A处密集，电场强，则加速度越大，故aA<aB

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．小物块从B到C动能增大；电场力做正功，小物块带正电，可知两点电荷是正电荷，故A错误；

故B错误；

BC．A到B根据动能定理。

B到C根据动能定理。

可得。

UBC＞UAB根据可知，由于中垂线上电场线分布不是均匀，B点不在连线中点；故BC错误；

D．根据v-t图线的斜率等于加速度，可得物块在B点的加速度最大。

根据牛顿第二定律。

联立可得。

E=2.0×104N/C故D正确。

故选D。7、C【分析】A、B、由图乙知a的电容是1000μF，b的电容是10000μF，所以a、b两个电容器的电容之比为1000：10000=1：10；故A、B均错误．C、D、根据电容的定义式可得带值可求故C正确，D错误．选C．

【点睛】认识一些常用的电容器，知道铭牌上数值的意义；明确电容的定义式和决定式8、C【分析】【详解】

A．由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极；沿边缘内壁放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心，玻璃皿所在处的磁场方向竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的安培力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故A错误；

B．对于非纯电阻元件，不满足欧姆定律，B错误；

C．液体消耗的电功率P＝UI＝1.75W

C正确；

D．1分钟电流做功为

由能量守恒可知电流做功转化为热能和液体的转动动能，因此1分钟内液体里产生的热量小于UIt＝105J；D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．线框向右运动时；虽然切割磁场感应线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，故A错误；

B．线框向下运动时；垂直于磁感线运动做切割磁感线，穿过的磁通量减小，因此会产生感应电流，故B正确；

C．线框绕轴转动；穿过的磁通量发生变化，因此会产生感应电流，故C正确；

D．线框向纸上平动的过程中；导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电动势；由于D框中有一个缺口，不是闭合回路，所以不能产生感应电流，故D错误；

故选BC。10、A:D【分析】【详解】

AB．一切物体都在不停地向外辐射电磁波；且温度越高，辐射的电磁波越强，A正确，B错误；

C．对于一般材料的物体；辐射电磁波的情况除与温度有关外，还与材料的种类及表面状况有关，C错误；

D．常温下看到的不透明；非发光物体的颜色是反射光的颜色；D正确。

故选AD。11、B:C【分析】【详解】

当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，由“串反并同”可知，由于电压表V1与滑动变阻器串联，所以电压表V1示数变小，电压表V2与滑动变阻器并联，所以电压表V2示数变大，电流表A1与滑动变阻器串联，所以电流表A1示数变小，电流表A2与滑动变阻器串联，所以电流表A2示数变小.

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

A．焦耳发现了电流的热效应规律；A项错误；

B．法拉第首先提出电场概念；并引入电场线形象描述电场，B项正确；

C．奥斯特发现了电流的磁效应；C项错误；

D．安培在对磁场的研究中提出了分子电流假说；D项正确。

故选BD。13、A:C:E【分析】【详解】

A．机械波在介质中传播时；介质中后振动的质点总是重复先振动的相邻的质点的振动，是受迫振动，选项A正确；

B．弹簧振子只有从平衡位置或者离平衡位置最远处开始振动计时；在四分之一个周期里运动的路程才等于一个振幅，选项B错误；

C．有经验的战士可以根据炮弹飞行的尖叫声判断炮弹是接近还是远去；这是根据多普勒效应，选项C正确；

D．波长越大的衍射能量越强，则电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线；选项D错误；

E．在真空中传播的电磁波频率不同；传播的速度相同，选项E正确；

故选ACE.三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

[1]根据C=Q/U得，电容器的电容C=＝2×10−8F．

[2]电荷量减半，电容不变，仍然为2×10-8F．则两板间的电压

[3]根据E＝U/d知；电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的0.5倍；

[4]此时平行板电容器的电容仍为2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F15、略

【分析】【详解】

[1]．根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（R1+r）

则由数学知识得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．当变阻器与电阻R2并联的电阻最大时，外电路电阻最大，总电流最小，R1消耗的电功率最小，此时有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22Ω；

解得：RaP=26Ω，RPb=4Ω

则外电路总电阻为：R=RaP+R1=13Ω+4Ω=17Ω

电路中总电流为：

R1消耗的最小电功率为：【解析】51.7816、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可得；电源电压为。

[2]10s内电流通过产生的热量为。

[3]当电流表示数为0.5A时；由欧姆定律可得。

代入数据解得。

【解析】6183017、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误错误错误错误错误错误18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电场线越密集的地方场强越大，则三点中电场强度最大的是A点；

[2]沿电场线电势逐渐降低，则电势最低的是C点；

[3]将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力的方向与位移同向，则电场力做正功。【解析】AC正功19、略

【分析】【详解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9720、略

【分析】【详解】

[1]A．使用欧姆表时；先将功能选择开关置×100挡：故A正确；

B．将红黑表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边零处；故B错误；

C．接入被测电阻；读数；故C正确。

D．测量结束后；将功能选择开关置OFF档。故D正确。

故选B。

[2]由图可知该电阻阻值为

【点睛】

掌握欧姆表的使用方法和步骤，欧姆表的零刻度在最右侧。【解析】B300021、略

【分析】【详解】

载有电流I的无限长，在距离导线为r处的P点的磁感应强度为

则半径为R的圆形细导线，当流过的电流为I时，在其圆心处的磁感应强度为

圆形细导线在圆心处的磁感应强度可以看成是由两根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度的矢量和，由于两根半圆形细导线在圆心处分别产生的磁感应强度相同，所以一根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度为上式B的即为【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）[1]开关应接入原线圈A所在的回路；改正后的接法如下图。

（2）[2]为了方便探究感应电流方向的规律；实验应研究原磁场方向；磁通量的变化情况、感应电流的磁场方向三者之间的关系。

（3）[3]变阻器滑片向右移动；则滑动变阻器的阻值变小，则上面的电路电流变大，原线圈产生从上向下看是顺时针方向电流，根据右手螺旋定则，产生的磁场方向为下N极，上S极，再根据增反减同原则，产生的感应磁场下S极，上N极，根据下方螺线管绕线，可以看出电流方向为逆时针（从上往下看），所以经灵敏电流计电流方向是右进左出。

[4]滑动变阻器滑片向右滑动；灵敏电流计指针向右偏，则滑动变阻器滑片向左滑动，灵敏电流计指针向左偏。

（4）[5]灵敏电流计指针偏转角度小，说明是电流太弱，可能是因为原线圈A中没有插入铁芯或者电池使用时间过长，原线圈A中电流过小。【解析】开关应接入原线圈A所在的回路，改正见解析感应电流的磁场方向右进左出变阻器滑片向左滑动（将原线圈A从副原线圈B中拔出，断开开关也对）原线圈A中没有插入铁芯，电池使用时间过长，原线圈A中电流过小四、作图题(共2题，共4分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将