2024年华师大版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版高三物理上册阶段测试试卷315考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，斜面的角为30°，质量为M=2kg，有一质量m=1.0kg的物体放在斜面上用细绳相连．细绳的一端跨过摩擦不计的定滑轮与固定的轻弹簧秤相连．斜面和物体均静止在水平地面上，弹簧秤的示数为4.9N．关于物体受力的判断（取g=9.8m/s2），下列说法正确的是（）A.地面对斜面体的摩擦力大小为零B.斜面对物体的摩擦力大小不为零C.地面对斜面的支持力大于29.4N，方向垂直地面向上D.地面对物体的支持力小于29.4N，方向垂直地面向上2、一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化规律如图甲所示，取开始运动方向为正方向，则图乙中物体运动的v—t图象，正确的是（）3、地球上的人口迅速增长，使得地球不堪重负，科学家们提出建立较大的人造地球卫星，把一部分人运载到人造地球卫星上去；设计的人造地球卫星像一个大的钢圆筒，圆筒内壁铺有泥土，圆筒半径R越大，圆筒内居住的人越多，且感觉越平，如右图所示．为了让人与在地球表面上受到的力的感觉-样“踏实”，须让卫星自转起来，产生一个“人造重力”，就是由于卫星自转而使人离心产生的力．忽略其公转，已知圆筒半径R=250m，地球表面重力加速度g=10m/s2，则人造地球卫星自转的角速度为（）A.rad/sB.rad/sC.OD.以上答案都不对4、如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子之间的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是（）A.ab为引力曲线，cd为斥力曲线，e点横坐标的数量级为10-10mB.ab为斥力曲线，cd为引力曲线，e点横坐标的数量级为10-10mC.若两个分子间距离大于e点的横坐标，则分子间作用力表现为斥力D.若两个分子间距离越大，则分子势能亦越大5、如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑．下列说法正确的是（）A.两物块的质量相等B.两物块落地时重力做功的功率不同C.从剪断轻绳到物块着地，两物块所用时间不等D.从剪断轻绳到物块着地，两物块重力势能的变化量相同评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、“深圳”号导弹驱逐舰额定功率为3×104kW，当以最大的速度航行时，所受的阻力为2×106N，则该驱逐舰的最大航速为____m/s，此时牵引力的大小为____N．7、已知一足够长的传送带与水平面的倾角为30°，以一定的速度匀速运动．某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块，物块的质量m=1kg，以此时为t=0时刻记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系如图所示，若图中取沿斜面向下的运动方向为正方向．则由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上．0～t1内，物块对传送带的摩擦力方向____，则物块对传送带做____功．8、Ⅰ．物块A1、A2、B1和B2的质量均为m，A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图1所示．今突然撤去支托物、让物块下落，在除去支托物的瞬间，A2受到的合力为F1，B2受到的合力为F2，则F1=____________，F2=____________；

Ⅱ．如图2所示，在重力加速度为g的空间，有一个带电荷量为+Q的场源电荷置于O点，B、C为以O为圆心、半径为R的竖直圆周上的两点，A、B、O在同一竖直线上，AB=R，O、C在同一水平线上．现在有一质量为m、电荷量为-q的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始滑下，滑至C点时速度的大小为．则B；A两点间电势差大小为____________；若从A点自由释放，下滑到B点的速度大小为____________．

Ⅲ．为研究滑块的运动；选用滑块；钩码、纸带、毫米刻度尺、带滑轮的木板、以及由漏斗和细线构成的单摆等组成如图3所示的装置，实验中，滑块在钩码作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时让单摆垂直于纸带运动方向做小摆幅摆动，漏斗可以漏出很细的有色液体，在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置，如图4所示．

①漏斗和细线构成的单摆在该实验中所起的作用与下列哪个仪器相同？____________(填写仪器序号)．

A．打点计时器；B．秒表；C．毫米刻度尺；D．电流表。

②已知单摆周期T=2s，在图4中AB=24.10cm，BC=27.90cm，CD=31.90cm、DE=36.10cm，则单摆在经过D点时，滑块的瞬时速度为VD=____________m/s，滑块的加速度为a=____________m/s2(保留两位小数)9、平行板电容器所带的电荷量4×10-8C，电容器板间的电压为2V，则该电容器的电容为____F；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则此时平行板电容器的电容为____F．10、（2013•杭州模拟）某同学拉着纸带运动，得到一条点迹清晰的纸带．他确定好起点之后，作了s-t图象如图所示．则在0-2.0s内的平均速度大小为____m/s，在____s时的瞬时速度大小等于它在0.6-2.0s内的平均速度．11、（2014•徐汇区一模）如图，匀质直角三角形薄板ABC竖直放置，A点处有一固定转轴，一竖直向上、大小为F的力作用在B点，使AB边保持水平，∠BAC=θ．若撤去力F的同时，在板上某位置作用另一个力，仍能保持薄板在该位置平衡，则该力的最小值为____．若从AB水平状态开始，用一始终沿BC方向、作用于B点的力，使板绕轴A逆时针缓慢转动90°，则在转动过程中，该力的变化情况为____．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)12、任何液体的表面分子排列都比内部分子稀疏．____．（判断对错）13、光的衍射现象、偏振现象、色散现象都能体现光具有波动性____（判断对错）14、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）15、月亮在云中穿梭，参考系是云．____（判断对错）16、原子核由质子、中子和电子组成．____（判断对错）17、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．18、物体的位移为零时，路程也一定为零．____．（判断对错）19、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）20、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）评卷人得分四、解答题(共2题，共10分)21、在风洞实验室中进行如图所示的实验．在倾角为37°的固定斜面上；有一个质量为1kg的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下，从A点由静止开始运动，经过1.2s到达B点时立即关闭风洞，撤去恒力F，物块到达C点是速度变为零，通过速度传感器测得这一过程中物块每隔0.2s的瞬时速度，表给出了部分数据：

。t/s0.00.20.40.61.41.61.8v/（m•s-1）0.01.02.03.04.02.00.0已知sin37°=0.6，con37°=0.8，g取10m/s2求：

（1）A；C两点间的距离。

（2）水平恒力F的大小．22、如图闭合电路，已知E=6V，r=2Ω；电压表示数为4V，求定值电阻R的阻值．

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)23、【题文】(1)(7分)在用重锤下落来验证机械能守恒时；某同学按照正确的操作选得纸带如图所示.其中O是起始点，A；B、C、D、E是打点计时器连续打下的5个点，打点频率为f="50"Hz.该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C、D、E各点的距离，并记录在图中（单位cm）

①这五个数据中不符合有效数字读数要求的是________（填A；B、C、D或E）点读数。

②该同学用重锤在OC段的运动来验证机械能守恒，OC距离用h来表示，他用vc=计算与C点对应的物体的即时速度；得到动能的增加量，这种做法_________（填对或不对）。正确计算公式vc=_________。（用题中字母表示）

③如O点到某计数点距离用h表示；重力加速度为g，该点对应重锤的瞬时速度为v，则实验中要验证的等式为_________。

（2）（11分）在《测定干电池电动势和内阻》的实验中；某同学所用的电路图如图所示，测得的数据如下表：

。

1

2

3

4

5

6

U/V

1.42

1.36

1.08

1.21

1.14

1.07

I/A

0.04

0.08

0.12

0.16

0.20

0.24

①实验误差分系统误差和偶然误差两种。该实验的系统误差主要_________引起的；由于系统误差本实验电动势的测量值E测______真实值E真（填“大于”；“小于”或“等于”）。

用画U－I图线求电动势和内阻的优点在于可以尽量减小实验的_________误差。

②在如图给出的U－I坐标系中用已知的数据画出U－I图线（横；纵坐标的起点已经规定好）；从图象中可以发现该同学记录的第___________组数据有错误。

③求得电动势E＝________V，内阻r＝______Ω。（均保留2位有效数字）。24、在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材。

A．电压表V1（量程3V；内阻约为15KΩ）

B．电压表V2（量程15V；内阻约为75KΩ）

C．电流表A1（量程3A；内阻约为0.2Ω）

D．电流表A2（量程600mA．；内阻约为1Ω）

E．变阻器R1（0～100Ω；0.3A）

F．变阻器R2（0～2000Ω；0.1A）

G．电池E（电动势为3V；内阻约为0.3Ω）

H．开关S；导线若干。

（1）为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有____．

（2）为减小实验误差，应选用图1中____（填“a”或“b”）为该实验的电原理图；并按所洗择的电原理图把实物图2用导线连接起来．

（3）若用刻度尺测得金属丝长度为L，用螺旋测微器测得导线的直径为d，两电表的示数分别如图3所示，则电压表读数为____V，电流表读数为____A，电阻率表达式为____．（用U、I、L、d表示）25、（2015•安徽模拟）在“验证力的平行四边形定则”实验中．

（1）某同学的实验操作主要步骤如下：

A．在桌上放一块方木板；在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B．用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点；在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；

C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套；互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；

D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示；并用平行四边形定则求出合力F；

E．只用一只弹簧测力计；通过细绳套拉橡皮筋使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按照同一标度作出这个力F′的图示；

F．比较力F′和F的大小和方向；看它们是否相同，得出结论．

上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是____．

（2）如图为利用实验记录的结果作出的图，则图中的____是力F1和F2的合力理论值，____是力F1和F2的等效合力的实际测量值．

（3）如果某同学实验中测出F1＞F2的同时，还用量角器测量出F1和F2的夹角为75°，然后做出如下的几个推断，其中正确的是____．

A．将F1转动一定的角度；可以使合力F的方向不变。

B．将F2转动一定的角度；可以使合力F的方向不变。

C．保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°；可以使合力F的大小和方向都不变。

D．只有保持F1和F2的大小不变，同时转动一定的角度，才可能使合力F的大小和方向都不变．26、如图电压表的读数为____V，螺旋测微器的示数为____mm．

评卷人得分六、综合题(共1题，共10分)27、(1)

若已知阿伏加德罗常数、物质的摩尔质量、摩尔体积，则可以计算出____。(

填入正确的答案标号。)

A.液体物质分子的大小和质量B.气体分子的大小和质量C.气体分子的质量和分子间的平均距离D.气体分子的大小和密度(2)

如图所示，一固定的竖直气缸有一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的质量为m

1=2.50kg

横截面积为S

1=80.0cm2

小活塞的质量为m

2=1.50kg

横截面积为S

2=40.0cm2

两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为l

=40.0cm

气缸外大气压强为p

=1.00隆脕105Pa

温度为T

=303K

初始时大活塞与大圆筒底部相距l2

两活塞间封闭气体的温度为T

1=495K

现气缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢下移，忽略两活塞与气缸壁之间的摩擦，重力加速度g

取10m/s2

求：(i)

在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度；(ii)

缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】对物体受力分析后，通过比较拉力与重力的下滑分力的大小关系来判断静摩擦力的有无；对斜面体和物体整体分析来判断地面的静摩擦力和支持力大小．【解析】【解答】解：ACD；对斜面体和物体整体分析；受重力、弹簧秤的拉力F、支持力N和向左的静摩擦力f，根据平衡条件，有：

f=Fcos30°≠0

N=（M+m）g+Fsin30°=（2+1）×=31.85N；

故A错误；C正确，D错误；

B、物体重力沿斜面方向下的分力Gx=mgsin30°=1.0×9.8×0.5=4.9N；与弹簧的弹力相等，根据共点力平衡，知物体不受摩擦力作用，故B错误；

故选：C2、C【分析】【解析】【答案】C3、A【分析】【分析】卫星自转后，产生一个“人造重力”，可知重力提供圆周运动的向心力，结合牛顿第二定律进行求解．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律得，mg=mRω2；

解得．

故选：A．4、A【分析】【分析】在f-r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力．【解析】【解答】解：A、B、在f-r图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，所以ab为引力曲线，cd为斥力曲线，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力．所以e点的横坐标可能为10-10m．故A正确；B错误；

C；因为e点不一定是平衡位置；故分子间距大于e的横坐标，则分子间作用力表现为什么力不明确，故C错误；

D；另一分子从A向C运动过程中；它先受到引力的作用，做加速运动；后受到斥力的作用，斥力做负功，故分子势能先减小后增大．故D错误．

故选：A．5、C【分析】【分析】根据平衡得出两物块质量的关系，抓住落地时速度大小相等，结合瞬时功率的公式比较落地时两物块重力瞬时功率的大小关系．根据加速度不同比较运动的时间．根据下降的高度相同比较重力势能的变化量．【解析】【解答】解：A、刚开始AB处于静止状态，所以有mBgsinθ=mAg，则mB＞mA；故A错误．

B、剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据机械能守恒定律得：mgh=，速度大小v=，则A重力的功率，B重力的功率，可知PA=PB；故B错误．

C；因为落地的速度大小相等；加速度不等，根据速度时间公式知，运动的时间不等，故C正确．

D；下降的高度相同；重力大小不等，则重力势能变化量不同，故D错误．

故选：C．二、填空题(共6题，共12分)6、152×106【分析】【分析】当牵引力等于阻力时，驱逐舰的速度最大，结合P=Fv求出驱逐舰的最大速度．【解析】【解答】解：功率恒定；当牵引力等于阻力时，速度最大，则有：

F=f=2×106N；

最大速度为：

．

故答案为：15，2×106．7、向下负【分析】【分析】由图看出，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上．0～t1内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，可知物块对传送带做功情况．【解析】【解答】解：由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上．0～t1内；物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功．

故答案为：向下；负．8、略

【分析】解：Ⅰ、在除去支托物的瞬间，A1、A2由于用刚性轻杆连接，A1、A2与刚性轻杆一起下落，根据牛顿第二定律，则A1、A2受到的合力都等于各自的重力；

即F1=mg．

在除去支托物前，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg．在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零，B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg；

即F2=2mg．

Ⅱ、小球从A到C的过程中，重力和库仑力都做功，根据动能定理得，2mgR-qUAC=mv2，v=则UAC=

A、B间的电势差等于A、C间的电势差，所以B、A间的电势差为

根据动能定理得，mgR+qU=mv2-0，得v=

Ⅲ；①单摆振动具有周期性；摆球每隔半个周期经过纸带中线一次，单摆在该实验中所起的作用与打点计时器相同，故选：A

②在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度大小，故有

据匀变速直线运动的推论△x=aT2；有：

①

②

联立①②有：

带入数据得a=0.04m/s2

故答案为：Ⅰ：mg，2mg；II：III：①A②0.34m/s0.04m/s2．【解析】mg;2mg;A;0.34;0.049、2×10-82×10-8【分析】【分析】电容的定义式是C=，平行板电容器带电后，使其所带电荷量为原来的一半，电压减小一半，而电容不变．【解析】【解答】解：已知Q=4×10-8C，U=2V，则该电容器的电容为C==2×10-8F

若使电容器所带电荷量减少一半，电容不变，则板间电压U减小一半，即为U′=1V，但电容不变，仍为2×10-2F．

故答案为：2×10-8，2×10-810、0.81.0或1.4【分析】【分析】位移等于末位置坐标减去初位置坐标，平均速度等于位移除以时间．【解析】【解答】解：由图可知在0-2.0s内的位移x=1.60-0=1.60m，则平均速度；

由图知0.6s时物体的位置在x=0.1m处；

0.6-2.0s内的平均速度m/s；

图象的斜率表示瞬时速度；由图可知，当曲线的斜率等于1.07时，瞬时速度与0.6-2.0s内的平均速度相同，此时曲线的倾斜角约为45°．

做出曲线的切线可得；当时刻：t=1.0s或t=1.4s时，瞬时速度大小等于它在0.6-2.0s内的平均速度．

故答案为：0.8；1.0或1.411、Fcosθ先变大后变小【分析】【分析】当作用力的力臂最大时，作用力最小；沿垂直AC方向、作用于C点的力最小；根据力矩平衡条件列式判断拉力的变化情况．【解析】【解答】解：一竖直向上；大小为F的力作用在B点；使AB边保持水平，根据力矩平衡条件，有：

F•AB=G•d①

（其中d为重力的力臂）

当力臂最大时；作用力最小，即F作用在C点，且与AC垂直，此时力臂最大，作用力最小，有：

F′•AC=G•d②

联立①②两式；解得：

F′=Fcosθ

若从AB水平状态开始；用一始终沿BC方向；作用于B点的力，使板绕轴A逆时针缓慢转动90°，由于重力的力臂先增加后减小，拉力的力臂一直减小，根据力矩平衡条件，拉力先变大后变小；

故答案为：Fcosθ，先变大后变小．三、判断题(共9题，共18分)12、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．【解析】【解答】解：表面张力产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层；叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．所以该说法是正确的．

故答案为：√13、×【分析】【分析】光的粒子性能够很好的解释光的直线传播、反射、折射和色散；光的波动性能够很好的解释光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波动性能够很好的解释光的干涉和衍射；偏振是横波特有的现象，故光的干涉；衍射和偏振证明了光具有波动性；

光的粒子性能够很好的解释光的直线传播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直线传播、反射、折射和色散证明了光的粒子性．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×14、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：月亮在云中穿梭；月亮相对于云层的位置发生变化，所以参考系为云层，该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成．【解析】【解答】解：原子核由质子；中子构成；故说法错误．

故答案为：×17、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×18、×【分析】【分析】路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置．路程大于等于位移的大小，当物体做单向直线运动时，路程等于位移的大小．【解析】【解答】解：物体的位移为零时；其路程不一定为零．比如绕操场一圈，路程不为零，但位移等于零．所以以上说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根据左手定则；洛伦兹力方向垂直于电荷运动方向与磁场方向构成的平面，即洛伦兹力方向一定与磁场方向垂直；

故答案为：×．四、解答题(共2题，共10分)21、略

【分析】【分析】（1）由表格数据分别计算出加速过程和减速过程的加速度大小；并计算出关闭风洞时的速度大小，由运动学公式求出加速位移和减速位移，相加即为AC点距离．

（2）根据受力，由牛顿第二定律，列出关系式，联立方程求解可得出F大小．【解析】【解答】解：（1）物块匀加速运动过程中的加速度为：a1==5m/s2

关闭风洞时的速度为：v=a1t=5×1.2=6m/s

关闭风洞后物块匀减速运动的加速度为：a2==-10m/s2

匀加速过程的位移：x1===3.6m

匀减速过程的位移：x2==1.8m

故A、C两点间的距离为：x=x1+x2=3.6+1.8=5.4m

（2）由牛顿第二定律得；

匀加速过程：Fcos37°-mgsin37°-μ（mgcos37°+Fsin37°）=ma1

匀减速过程：-（mgsin37°+μmgcos37°）=ma2

联立两式代入数据得：F=30N

答：（1）A；C两点间的距离为5.4m

（2）水平恒力F的大小为30N．22、略

【分析】【分析】根据闭合电路欧姆定律列式即可求解．【解析】【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：

R=

答：定值电阻R的阻值为4Ω．五、实验题(共4题，共36分)23、略

【分析】【解析】（1）①刻度尺读数是应在最小刻度1mm的基础上向下一位估读；即应当保留到小数点后的两位12.40cm，所以B点读数不符合要求．

②在验证机械能守恒的实验中，由于存在阻力物体实际下落的加速度小于重力加速度，所以不应当用重力加速度g来表示某位置的速度，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小；即vC==打点计时器的时间间隔T=0.02s．

③可得出从O到某点，重锤重力势能的减少量为：mgh动能的增加为：mv2-0

所以验证机械能守恒应当减少的重力势能等于增加的动能，即：mgh=mv2整理得：gh=v2

(2)①该实验的系统误差主要是由电压表的分流；导致电流表测量的电流小于通过电源的真实电流；

利用等效电源分析；即可将电压表等效为电源内阻，测实验中测出的电动势应为等效电阻输出的电压，由图可知，输出电压小于电源的电动势；故可知电动势的测量值小于真实值；

而采用图象法处理实验数据可以减小实验的偶然误差；不能减小系统误差；

②如图建立坐标；采取描点连线的方法作出图象如图所示；偏离直线远的数据点记录有错误；故说明第3组纪录有误；

③图象与纵轴的交点值表示电动势；图线的斜率值表示源的内阻．由图可知电源的电动势为1.50V；

在计算斜率时在直线上取距离尽量大点的两点计算．故可以选取第1和第6组计算得：r≈1.8Ω【解析】【答案】(1)①B(2分)，②不对（1分）(2分)③v2="2gh"(2分)

(2)①电压表的分流(2分)；小于(2分)，偶然(2分)；

②3（1分）；③1.5(2分)，1.8(2分)。24、ADEGHb1.200.50ρ=【分析】【分析】（1）根据电源电动势选择电压表；由欧姆定律求出电路最大电流，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．

（2）根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表采用内接法还是外接法；然后选择实验电路．

（3）由图示电表读出其示数，应用欧姆定律求出电阻阻值，由电阻定律求出电阻率．【解析】【解答】解：（1）伏安法测电阻，需要：G、电池E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω），H、开关S，导线若干；电源电动势是3V，因此电压表可选：A、电压表V1（量程3V；内阻约为15KΩ）；

电路最大电流约为：I==A=0.6A=600mA，如果选用量程是3A的电流表，电流表指针偏转角度不到电表刻度的三分之一，为提高实验精度，电流表可选：D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）；为方便实验操作，滑动变阻器应选：E、变阻器R1（0～100Ω；0.3A）；

即需要的实验器材有：ADEGH；

（2）==3000；

==5；

则有＞，电流表应选择外接法，因此实验电路应选b．

根据电路图；结合量程及正负接，实物图如下图所示：

（3）由图示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，所示为1.2V，由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A，电阻阻值：R=

再由R=ρ

可知，电阻率：ρ==

故答案为：（1）ADEGH；（2）b，如上图所示；（3）1.20，0.50，ρ=．25、C、EFF′AB【分析】【分析】步骤C中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤E中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差别．【解析】【解答】解：（1）力的合成遵循平行四边形定则；力的图示法可以表示出力的大小；方向和作用点，因而要表示出分力，必须先测量出其大小和方向，故步骤C中遗漏了方向；合力与分力是一种等效替代的关系，替代的前提是等效，实验中合力与分力一定产生相同的形变效果，故步骤E中遗漏了使结点到达同样的位置．

（2）本实验采用了“等效法”，F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值．所以F是F1和F2的合力的理论值，F′F1和F2的合力的实际测量值．

（3）由平行四边形定则得：

A．根据图象可得：将F1转动一定的角度；可以使合力F的方向不变，故A正确；

B．根据图象可得：将F2转动一定的角度；可以使合力F的方向不变，故B正确。

C、保持F1的大小和方向，将F2逆时针转动30°；合力F发生变化，故C错误；

D、保持F1和F2的大小不变；转动一定的角度，合力F发生变化，故D错误；

故选：AB．

故答案为：（1）CE（2）F；F′（3）AB26、1.760.700【分析】【分析】电压表的读数方法：首先确定量程；然后分清分度值，根据指针位置读数．

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】【解答】解：电压表选0～3V的量程；分度值为0.1V，根据指针位置读数是1.76V．

螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm；可动刻度读数为0.01×20.0m=0.200mm，所以最终读数为0.700mm．

故答案为：1