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文档简介
…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年湘教新版高二物理上册月考试卷67考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题,共16分)1、两只电阻的伏安特性曲线如图所示,则下列说法中正确的是A.两电阻的阻值为R1大于R2B.两电阻并联在电路中时,R1的电流小于R2的电流C.两电阻串联在电路中时,R1两端电压大于R2两端电压D.两电阻串联在电路中时,R1消耗的功率小于R2消耗的功率2、一质点由静止开始做匀加速直线运动,当它时间为t时,未速度为vt;当它的时间为nt时,末速度为()
A.nvt
B.vt
C.n2vt
D.n
3、某质点在0~4s的振动图象如图所示;则下列说法正确的是()
A.质点振动的周期是2sB.在0~1s内质点做初速度为零的加速运动C.在t=2s时,质点的速度方向沿x轴的负方向D.质点振动的振幅为20cm4、2006
年美国和俄罗斯的科学家利用回旋加速器,通过(
钙48)
轰击(
锎249)
发生核反应,成功合成了第118
号元素,这是迄今为止门捷列夫元素周期表中原子序数最大的元素,实验表明,该元素的原子核先放出3
个相同的粒子x
再连续经过3
次娄脕
衰变后,变成质量为282
的第112
号元素的原子核,则上述过程中的粒子x
是(
)
A.中子B.质子C.电子D.娄脕
粒子5、某原子的能级图如图所示,abc
为原子跃迁所发出的三种波长的光,图中谱线从左向右的波长依次增大的是(
)
A.B.C.D.6、如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的图象。原、副线圈匝数比n1:n2=10:1,原线圈电路中电流为1A,下列说法正确的是()A.变压器输出端电压为22VB.变压器输出端电压为22VC.变压器输出端的交流电频率为100HzD.变压器的输出功率为20W7、发现电流磁效应的物理学家是A.亚里士多德B.牛顿C.伽利略D.奥斯特8、如图甲所示,弹簧振子在MN
两点之间做简谐运动.O
点为平衡位置,以平衡位置O
为原点,建立x
轴,向右为x
轴的正方向.
振子的位移x
随时间t
的变化图象如图乙所示.
下列判断正确的是(
)
A.振子位于M
点时开始计时B.0.4s
和1.2s
时振子的加速度相同C.1.2s
到1.6s
的振动过程中振子的振幅减小D.0.8s
时振子运动到O
点,动能最大评卷人得分二、填空题(共9题,共18分)9、如图所示,q1,q2,q3,分别表示在一条直线上的三个点电荷,已知q1与q2之间的距离为l1,已知q2与q3之间的距离为l2;且每个电荷都处于平衡状态。
(1)如q2为负电荷,则q1为____电荷,q3为____电荷.
(2)q1,q2,q3三者电量大小之比是____:____:____.
10、如图所示,在光滑水平面上方,有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场,如图所示,PQ为两个磁场的边界,磁场范围足够大。一个边长为a,质量为m,电阻为R的正方形金属线框垂直磁场方向,以速度v从图示位置向右运动,当线框中心线AB运动到与PQ重合时,线框的速度为此时线框中的电功率为________,此过程回路产生的焦耳热为________。11、汽车是我们十分熟悉的交通工具;也包含丰富的物理知识.
a汽车的喇叭声是通过____传到人耳的.
b汽车发电机是利用____原理制成的,汽车上的热机工作时提供动力的是____冲程.
c汽车晚上行驶时车内灯通常是关闭的,这样可以防止____(选填“车内”或“车外”)的景物平面镜成像而影响到司机对路况的观察.12、如图,A、B分别表示甲单摆(实线)和乙单摆(虚线)的振动图象,则甲、乙两摆的摆长之比为____________,甲、乙两摆的频率之比为____________;3s内甲、乙两摆的摆球所通过的路程之比____________.13、在研究匀变速直线运动的实验中,某同学打出了一条纸带,已知计时器打点的时间间隔为0.02s,他按打点先后顺序每5个点取1个计数点,得到了O、A、B、C、D等几个计数点,如图所示,用刻度尺量得OA=1.50cm,AB=1.90cm,BC=2.30cm,CD=2.70cm.由此可知,纸带做______运动(选填“匀加速”或“匀减速”),打C点时纸带的速度大小为______m/s.
14、静电计是在验电器的基础上制成的,用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小.
如图所示,AB
是平行板电容器的两个金属板,G
为静电计.
开始时开关S
闭合,静电计指针张开一定角度。若开关S
断开后,将AB
两极板靠近些,静电计指针张开的角度将____(
填:增大,不变,减小)
若保持开关S
闭合,将变阻器滑动触头向右移动,静电计指针张开的角度将____(
填:增大,不变,减小)
15、某同学做实验,想通过检验“重物增加的动能”与“重物减少的势能△Ep=mgh”相等;来验证机械能守恒.
(1)所用纸带上起点的要求是初速度为零,为此目的,所选纸带第一、二两点间距应接近____mm.
(2)如果所选的纸带如图所示.测得第四个点A、第七个点B、第十个点C、与第一个点O(测量起点)间的距离为hA,hB,hC,交流电的频率是f,可由公式vB=____(用题中所给出的符号表示);计算出打点计时器打B点时重物的速度大小.
(3)将与△Ep=mghB相比较,考虑到阻力实际还是存在的,因此△Ek____△Ep(选填“>”;“<”,“=”)
16、一正弦交变电流的电流i随时间t变化的规律如图所示.由图可知该交变电流的瞬时值表达式为i=______A,若该交变电流通过阻值R=40Ω的白炽灯,则电灯消耗的功率是______W.17、(1)某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l,用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d,示数如图1所示.由图可读出l=______cm,d=______mm.
(2)某一同学用欧姆挡测电阻时;实验步骤如下:
A.将功能选择开关置×100挡。
B.将红黑表笔短接;调节调零旋钮,使指针指向左边零处。
C.接入被测电阻;读数。
D.将功能选择开关置OFF档。
上述实验步骤中,错误的是______,应改为______.若操作无误,指针位置如图2,则被测电阻的阻值是______.
评卷人得分三、判断题(共5题,共10分)18、电势差有正有负,所以是矢量,且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化.(判断对错)19、如图所示,有一水平方向的匀强电场,场强大小为9000N/C,在电场内一水平面上作半径为10cm的圆,圆上取A、B两点,AO沿E方向,BO⊥OA,另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷,则A处场强大小EA为零.________(判断对错)
20、电场线与等势面相互垂直,沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功.(判断对错)21、只有沿着电场线的方向电势才会降低,所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向.(判断对错)22、如图所示为某示波管内的聚焦电场,实线和虚线分别表示电场线和等势线.两电子分别从a、b两点运动到c点.设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb,a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb,则Wa=Wb,Ea>Eb.________(判断对错)
评卷人得分四、证明题(共2题,共16分)23、如图,两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结,另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时,两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图,两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结,另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时,两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、综合题(共4题,共8分)25、如图所示,虚线区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场,一单匝正方形导线框垂直磁场放置,框的右边与磁场边界重合..现将导线框沿纸面垂直边界拉出磁场,则此过程中穿过导线框的磁通量________((选填“增加”或“减少”))若这一过程中磁通量变化了0.05Wb0.05Wb所用时间为0.1s0.1s则导线框中产生的平均感应电动势是________VV.26、(1)(1)真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为FF如果保持它们所带的电量不变,将它们之间的距离增大到原来的33倍,它们之间作用力的大小等于________.A.F
B.3F
C.F3
D.F9
(2)
如图所示为带负电的点电荷的电场线分布图,对该电场中的AB
两点,下列说法正确的是________.A.A
点的电场强度等于B
点的电场强度B.A
点的电场强度比B
点的电场强度大C.A
点的电势等于B
点的电势D.A
点的电势比B
点的电势高(3)
在如图所示的电路中,电源电动势为E
内电阻为r.
将滑动变阻器的滑片P
从图示位置向右滑动的过程中,关于各电表示数的变化,下列判断中正确的是________.A.电压表V
的示数变小B.电流表A2
的示数变小C.电流表A1
的示数变小D.电流表A
的示数变大(4)
在如图所示的电路中,电源的电动势为E
内电阻为r
电阻R1
与变阻器R2
串联,将R2
的阻值调至零时,下列说法中正确的是________.A.电路的外电阻最小B.电阻R1
消耗的功率最小C.电源内消耗的功率最小D.电源内部的电势降落最小(5)
如图所示,MN
表示真空室中垂直于纸面放置的感光板,它的一侧有匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度大小为B.
一个电荷量为q
的带电粒子从感光板上的狭缝O
处以垂直于感光板的初速度v
射入磁场区域,最后到达感光板上的P
点.
经测量PO
间的距离为l
不计带电粒子受到的重力.
求:垄脵
带电粒子所受洛伦兹力的大小为________;垄脷
此粒子的质量为________.(6)
水平面上有电阻不计的U
形导轨NMPQ
它们之间的宽度为LM
和P
之间接入电动势为E
的电源(
不计内阻).
现垂直于导轨放置一根质量为m
电阻为R
的金属棒ab
并加一个范围较大的匀强磁场,磁感应强度大小为B
方向与水平面夹角为娄脠
且指向右上方,如图所示,问:垄脵
当ab
棒静止时,受到的支持力和摩擦力各为多少?垄脷
若B
的大小和方向均能改变,则要使ab
棒所受支持力为零,B
的大小至少为多少?此时B
的方向如何?27、(1)
氢原子的能级如图所示,有一群处于n=4
能级的氢原子。如果原子n=2
向n=1
跃迁所发生的光正好使某种金属材料产生光电效应,则这群氢原子发出的光谱中共有____条谱线能使该金属产生光电效应;从能级n=4
向n=1
发出的光照射该金属材料,所产生的光电子的最大初动能为____。(2)
一炮弹质量为m
相对水平方向以一定的倾角娄脠
斜向上发射,发射速度为v
炮弹在最高点爆炸成两块,其中一块沿原轨道返回,质量为m2
求:垄脵
另一块爆炸后瞬时的速度大小;垄脷
爆炸过程系统增加的机械能。28、本次未命制试题参考答案一、选择题(共8题,共16分)1、D【分析】试题分析:斜率k的倒数表示由k2<k1,知R2>R1,选项A错误;两电阻并联在电路中时,电压相等,根据I=得:R1的电流大于R2的电流,选项B错误;两电阻串联在电路中时,电流相等,根据A的分析可知:即U2>U1,选项C错误;两电阻串联在电路中时,电流相等,根据P=I2R可知:R1消耗的功率小于R2消耗的功率,选项D正确。考点:本题旨在考查欧姆定律。【解析】【答案】D2、A【分析】
设该物体加速度为a,则t时刻有:vt=at①
当时间为nt时有:v=ant②
联立①②可得nt时刻物体速度为:v=nvt;故BCD错误,A正确.
故选A.
【解析】【答案】本题比较简单;直接利用初速度为零的匀加速直线运动公式v=at即可求解.
3、C【分析】解:AD;由图知;振动周期是4s,振幅为10cm.故A、D错误.
B;在0~1s内质点从平衡位置向最大位移处运动;速度减小,做减速运动,故B错误.
C;在t=2s时;质点经过平衡位置向负向最大位移处运动,速度沿x轴负向.故C正确.
故选:C
根据质点完成一次全振动的时间等于一个周期;由图读出周期.根据质点的位移分析速度的速度,并判断质点的速度方向.振幅等于质点偏离平衡位置的位移x的最大值.
本题是简谐运动的图象,关键要根据质点的位移情况,分析运动过程,判断质点的速度的变化,并确定出质点的速度方向.【解析】【答案】C4、A【分析】解:因为在衰变的过程中质量数守恒;电荷数守恒.
根据电荷守恒定律可得;118鈭�3隆脕2鈭�112=0
所以X
粒子的电荷量为零.
再根据质量守恒;48+249鈭�4隆脕3鈭�282=3
所以X
粒子的质量数为1
所以该粒子为中子,故BCD错误,A正确.
故选A.
根据核反应过程中的质量数和电荷数守恒求出x
的质量数和电荷数即可判断x
属于那种粒子.
本题比较简单,直接利用核反应过程中的质量数和电荷数守恒即可解答.【解析】A
5、D【分析】解:从第3
能级跃迁到第1
能级;能级差最大,知c
光的频率最大,波长最短;
从第3
能级跃迁到第2
能级,能级差最小,知b
光的光子频率最小;波长最长;
所以波长依次增大的顺序为cab.
故D正确;AB
C错误.
故选:D
.
能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差;能级差越大,光子频率越大,波长越短.
解决本题的关键知道频率与波长的关系,以及知道能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级的能级差进行分析.【解析】D
6、A【分析】解:A、由图象可知,变压器输入的电压的最大值为Um1=200V,所以输入电压有效值为U1==200V,根据=解得变压器输出端电压为U2=22V;故A正确。
B、根据=解得变压器输出端的电流为I2=10A;故B错误。
C、正弦交流电的周期为T=0.02s,频率为f==50Hz;故C错误。
D、变压器的输出功率为P=U2I2=200W;故D错误。
故选:A。
根据图象可读出输入电压的最大值;求出输入电压的有效值,再根据理想变压器原副线圈的电压与匝数成正比,求变压器输出端电压。根据电流与匝数成反比求变压器输出端的电流。由图读出周期,从而求得频率等,由P=UI求变压器的输出功率。
根据图象读出交流电压的最大值、周期,求出有效值、频率是常见问题,要掌握有效值与最大值、周期和频率的关系,以及变压器电压与匝数的关系、电流与匝数的关系,并能熟练运用。匝数成正比,与匝数成反比,即可求得结论【解析】A7、D【分析】【分析】根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可。本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一。【解答】奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,是第一个发现电流磁效应的科学家,故D正确,ABC错误。
故选D。【解析】D
8、D【分析】解:A
由图象乙知;t=0
时,振子经过平衡位置,所以是从平衡位置O
点开始计时的.
故A错误;
B、由图象乙知,t=0.4s
时,振子的位移最大,1.2s
时振子的位移为负方向的最大,根据a=鈭�kxm
可知;两处的加速度方向相反,故B错误;
C;弹簧振子的振幅不随时间发生变化;故C错误;
D;由图乙可知;0.8s
时刻振子经过平衡位置,速度最大,动能最大,故D正确;
故选:D
由图象可知振动的周期和振幅;振子向平衡位置运动的过程中,速度增大,加速度减小,回复力F=鈭�kx
再结合牛顿第二定律判断加速度的方向.
该题考查了弹簧振子的振动图象,会判断振子的速度和加速度的变化,注意振动图象与波动图象的区别,难度不大,属于基础题.【解析】D
二、填空题(共9题,共18分)9、略
【分析】
(1)假设q1带负电,要使q2平衡则q3也应带负电,但此时q1、q3因都受斥力而不平衡,故q1带正电,同理分析q3带正电.
(2)由于三个电荷均处于平衡状态;所以。
对q1有:①
对q2有:②
对q3有:③
联立①②③可解得:
答:(1)正;正。
(2)q1,q2,q3三者电量大小之比是:
【解析】【答案】(1)解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析,已知q2为负电荷,可以利用假设法判断q1和q3的电性,如假设q1带正电;其它电荷是否平衡等,也可以利用“两同夹异,近小远大”(三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反,中间电荷离电量小的近,离电量大的远)进行判断.
(2)三个电荷处于同一直线上;每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态,据此列方程即可求解.
10、略
【分析】试题分析:当线框中心线AB运动到与PQ重合时,线框的速度为此时线框的受到的安培力根据能量转化与守恒定律,整个过程动能的变化了所以此过程回路产生的焦耳热为考点:本题考查了电磁感应中的能量问题。【解析】【答案】11、空气电磁感应做功车内【分析】【解答】(1)喇叭和人耳之间只用空气;所以声音是通过空气进入人耳的.(2)发电机是利用电磁感应现象制成的.在热机的工作冲程中,做功冲程是将内能转化为机械能,即提供动力的冲程.(3)当车内开灯时,灯发出的光线照射到车内的物体上,车内物体能够反射出较强的光线,其中一部分射到汽车前面的挡风玻璃上,以挡风玻璃为平面镜成像在挡风玻璃的前面,将前面的路况和车内的景物混杂在一起,影响到司机对路况的观察.
故答案为:(1)空气;(2)电磁感应;做功;(3)车内.
【分析】(1)通过喇叭与人的耳朵之间的物质可以确定声音是通过哪种介质进入人耳朵的.(2)利用发电机的基础知识可以确定其制成原理;提供动力的冲程是将得到机械能的冲程.(3)根据提到的物理情景进行分析,可以得到此题的答案.12、略
【分析】解:摆球完成一次全振动所用的时间为一个周期,由图读出甲、乙两单摆的周期分别为T甲=2s,T乙=4s,则T甲:T乙=1:2;
根据单摆的周期公式T=2π得:摆长L=知L∝T2,所以甲、乙两摆的摆长之比为L甲:L乙=1:4;
由频率与周期的关系:f=则得甲、乙两摆的频率之比为f甲:f乙=2:1;
由图知,3s内甲、乙两摆通过的路程分别为S甲=6A甲=6×8cm=48cm,S乙=3A乙=3×4cm=12cm;则:
S甲:S乙=4:1.
故答案为:1:4,2:1,4:1.【解析】1:4;2:1;4:113、略
【分析】解:他按打点先后顺序每5个点取1个计数点;所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s.
纸带上相邻计数点的距离在增大;而且相邻计数点的距离之差不变,所以纸带做匀加速运动.
利用匀变速直线运动的推论得:
vC==0.25m/s
故答案为:匀加速;0.25
知道相邻的计数点之间的时间间隔相等.
根据纸带上相邻点的距离间隔判断小车的运动情况.
纸带实验中;若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用匀变速直线运动的推论,可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.
要注意单位的换算.
对于纸带的问题,我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律.【解析】匀加速;0.2514、不变;不变【分析】【分析】静电计测量电势差的大小,电势差越大大,指针张开的角度越大.
保持开关S
闭合,电容器的电压保持不变。插入介质,电容器的电容增大.
断开开关S
后,电容器的电量不变,由C=QU
分析电势差U
的变化。本题是电容器动态变化分析问题,关键要抓住不变量,当电容器保持与电源相连时,其电压不变;充电后与电源断开,其电量不变。【解答】保持开关S
闭合,不论将AB
两极板分开些,还是将AB
两极板靠近些,还是将变阻器滑动触头向右移动,电容器的电压都保持不变,则静电计张开的角度保持不变;故填:不变;不变【解析】不变;不变15、略
【分析】
(1)物体运动越接近自由落体运动,误差越小,所以由自由落体运动规律:h=得:h=5×0.022=0.002m
所以纸带第一;二两点间距越接近2mm;误差越小.故填:2mm
(2)物体的运动是匀变速运动:
所以:
又:xAC=hC-hA
交流电的频率是f,所以:T=又:ABC之间有两个点,所以:t=3T=
所以:=
(2)由于系统受到阻力的原因;所以减少的重力势能有一部分转化为内能,所以会出现减少的重力势能大于增加的动能的情况,故填:>
故答案为:(1)2mm;(2)(3)>
【解析】【答案】(1)物体运动越接近自由落体运动;误差越小,故可根据自由落体运动求第一;二两点间距.
(2)物体的运动是匀变速运动;B点的速度等于AC之间的平均速度.
(3)由于系统受到阻力的原因;所以减少的重力势能有一部分转化为内能,所以会出现减少的重力势能大于增加的动能的情况.
16、略
【分析】解:由图象可知;交流电的最大值为10A,电流的周期为0.04s;
交流电的加速度为:ω==50π;所以交流电的电流瞬时值的表达式为:i=10sin(50πt)(A)
交流电的电流有效值为:A,所以电阻消耗的功率为:P=I2R=(5)2×40=2000W
故答案为:10sin(50πt)2000
根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期;根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值和频率.
本题考查的是学生读图的能力,根据图象读出交流电的最大值和周期,再逐项计算即可.【解析】10sin(50πt);200017、略
【分析】解:(1)游标卡尺的读数为:22mm+0.1×5mm=22.5mm=2.25cm;螺旋测微器的读数为:0+0.01×38.5mm=0.385mm.
(2)上述实验步骤中;错误的是B,将红黑表笔短接,指针指向右侧的零处.电阻的阻值R=15×100=1500Ω.
故答案为:(1)2.250.385(2)B是指针指向右侧的0Ω处1500Ω
(1)游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数;不需估读.螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数,需估读.
(2)欧姆表的零刻度线在表盘的右边;欧姆调零时,将两表笔短接,使得指针指在右侧零刻度处.
电阻的大小等于表盘读数乘以倍率.
解决本题的关键知道游标卡尺和螺旋测微器以及欧姆的读数方法,知道多用电表的使用步骤以及注意事项.【解析】2.25;0.385;B;是指针指向右侧的0Ω处;1500Ω三、判断题(共5题,共10分)18、B【分析】【解答】解:电势差类似于高度差;没有方向,是标量,正负表示电势的相对大小.
两点间的电势差等于电势之差;由电场中两点的位置决定,与零电势点的选取无关.由以上的分析可知,以上的说法都错误.
故答案为:错误。
【分析】电势差是标量,正负表示大小;电势差与零电势点的选取无关;沿着电场线方向电势降低;电势反映电场本身的性质,与试探电荷无关.19、A【分析】【解答】解:点电荷在A点的场强
根据场强的叠加原理得;则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成,A点的场强大小为。
EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0;所以A处场强大小为0
故答案为:正确。
【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小,判断出场强方向,A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成,根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向.20、A【分析】【解答】解:根据电场线的特点可知;沿电场线的方向电势降低;电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功.
故答案为:正确.
【分析】解决本题要根据:电场线是人为假想的曲线,从正电荷或无限远出发,终止于无限远或负电荷,不闭合,电场线疏密描述电场强弱,电场线密的地方,电场强度大,疏的地方电场强度弱,沿电场线的方向电势降低.21、B【分析】【解答】解:沿着电场线方向;电势降低,且降低最快;
那么电势降低最快的方向才是电场线的方向;但电势降低的方向不一定是电场线的方向,故错误;
故答案为:错误.
【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象,借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性:电场线疏密表示电场强度的相对大小,切线方向表示电场强度的方向,电场线的方向反映电势的高低.22、A【分析】【解答】解:图中a、b两点在一个等势面上;
故Uac=Ubc,根据W=qU,有Wa=Wb;
a位置的电场强度较密集,故Ea>Eb;
故答案为:正确.
【分析】图中a、b两点在一个等势面上,根据W=qU判断电场力做功的大小,根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小.四、证明题(共2题,共16分)23、略
【分析】见答案【解析】【答案】(6分)令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X,右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为,F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反,则F=-KX所以小球的运动为简谐运动24、略
【分析】见答案【解析】【答案】(6分)令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X,右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为,F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反,则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、综合题(共4题,共8分)25、减少0.5【分析】【分析】根据磁通量的计算公式分析答题,应用法拉第电磁感应定律求出感应电动势。本题考查了判断磁通量的变化、求感应电动势,知道磁通量的计算公式、应用法拉第电磁感应定律即可正确解题。【解答】将导线框沿纸面垂直边界拉出磁场,在此过程中,面积S
减小,由娄碌=BS
可知,穿过导线框的磁通量减少,由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势为:E=娄陇?娄陇t=0.05Wb0.1s=0.5V
故答案为:减少;0.5
【解析】减少0.5
26、(1)D
(2)B
(3)B
(4)A
(5)qvBqBl2v
(6)
解:从b
向a
看侧视图如图所示,
垄脵
水平方向:F=FAsin娄脠
竖直方向:FN+FAcos娄脠=mg
又FA=BIL=BERL
联立得:FN=mg?BLEcos?娄脠RF=BLEsin?娄脠R
垄脷
使ab
棒受支持力为零,且让磁场最小,可知安培力竖直向上,
则有FA=mg
Bmin=mgREL
根据左手定则判定磁场方向水平向右。
【分析】(1)
【分析】电量不变,只是将距离增大到原来的3
倍,根据点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2
可以求得改变之后的库仑力的大小。本题就是对库仑力公式的直接考查,掌握住公式就很容易分析了。【解答】由点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2
可以得到,电量不变,当距离增大到原来的3
倍,库仑力将变为原来的19
故D正确。故选D。
(2)
【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱,电场线某点的切线方向表示电场强度的方向,且沿着电场线的方向,电势降低,据此可正确解答。电场线虽然不存在,但可形象来描述电场的分布,明确电场线分布与电场强度之间的关系。【解答】电场线的疏密表示电场强度的强弱,由于电场线的疏密可知,AB
两点电场强度的大小关系,所以EA>EB
故A错误;B正确;
根据沿着电场线的方向;电势降低,则有A
点的电势低于B
点的电势,故CD错误;
故选B。(3)
【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化,则由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流及路端电压的变化,再分析局部电路可得出电流表及电压表的变化。本题考查闭合电路欧姆定律的应用,要注意明确解题的思路为:“局部?
整体?
局部”。【解答】AD.
当滑片向右滑动时,滑动变阻器接入电阻增大,则总电阻增大;由闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流减小,则由U=E?Ir
可知;路端电压增大;则可知电流表A
的示数减小,电压表V
的示数增大;故AD错误;
BC.
因路端电压增大;A1
中电流增大,因总电流减小,而R1
中电流增大,则A2
中电流减小,故C错误,B正确。
故选B。(4)
【分析】将R2
的阻值调至零时,R2
被短路,电路中电阻最小,则电流最大,根据闭合电路欧姆定律及功率公式即可求解。本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析类题目,一般思路都是先分析局部电路的电阻变化,再分析整体中电流及电压的变化,最后分析局部电路中的流及电压的变化;在分析局部电路时要注意灵活应用串并联电路的性质。【解答】将R2
的阻值调至零时,R2
被短路,电路中外电阻最小,由闭合电路欧姆定律可得电路中电流最大,则内电压最大,电源内部的电势降落最大,根据P=I2R
可知,电流最大,则电阻R1
消耗的功率最大,电源内消耗的功率也最大,故A正确,BCD错误。故选A。(5)
【分析】垄脵
根据洛伦兹力公式解答;垄脷
由题意可以求得带电粒子做匀速圆周运动的半径为POO的一半;由洛仑兹力提供向心力从而求出带电粒子的质量;
本题是带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动最基础的问题,画出运动轨迹,由半径大小和牛顿第二定律就能求出带电粒子的质量。【解答】垄脵
带电粒子所受洛伦兹力的大小为F=qvB
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