期末复习高分必刷卷(基础版)全解全析

高一物理期末考试复习高分突破必刷检测卷（基础版）全解全析参考答案1．B【详解】A．研究一端固定可绕该端转动的木杆的运动时，木杆的形状和大小不能忽略，不能作为质点来处理。故A错误。B．船的大小和形状相对于茫茫大海很小，要确定它在大海的位置时，可以把它当作质点来处理。故B正确。C．研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员不能当作质点来处理。因为杂技演员的动作、造型等对观赏、评判等影响很大。故C错误。D．研究地球自转时的地球，地球大小不能忽略，不能看做质点，故D错误。故选B。2．A【详解】A．匀加速直线运动，加速度为2m/s2，则速度每秒增加2m/s，故A正确；B．每经过1s时间，速度增加2m/s，并不一定变为该秒初的速度的2倍，故B错误；C．每经过1s所产生的位移为这1s平均速度与时间的乘积，由于每一秒内的平均速度不相等，故C错误；D．匀加速直线运动，通过连续相同的位移所用时间之比为根据可知不是一个固定的值，速度增加量也不固定，故D错误。故选A。3．D【详解】A．字典对桌面的压力大小等于字典的重力，而压力和重力是两种不同性质的力，所以不能说字典对桌面的压力就是木块所受的重力，字典对桌面的压力施力物体是字典，A错误；B．由于字典发生形变，为了恢复形变，所以字典会对与之接触的桌面产生弹力，即压力，B错误；C．桌面对字典的支持力作用在字典上，字典对桌面的压力作用在桌面上，分别作用在不同物体上，不是共点力，不能求合力，C错误；D．桌面发生的形变是因为字典对桌面的挤压发生的，D正确。故选D。4．D【详解】物体受力平衡，则其他4个力的合力与F1等大反向，则若的大小不变，方向沿顺时针转过120°，则F1与其他4个力的合力夹角为60°，则物体受的合力为故选D。5．C【详解】AB．对P受力分析，因为Q处于静止，由平衡条件得，P对Q的支持力N=mgcosαP对Q的摩擦力f=mgsinα故AB错误；CD．对整体受力分析，在竖直方向由平衡条件得，地面对P的支持力大小FN=（M+m）g地面对P的摩擦力大小为0，故C正确，D错误。故选C。6．B【详解】A．作用力和反作用力是同种性质且作用在相互作用的两个物体上的力，人受到的重力的施力物体是地球，踏板对人的支持力的施力物体是电梯，重力和支持力的受力物体是同一个物体，故

A

错误；B．人与电梯一起匀速上升，对人受力分析，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，二力平衡，故

B

正确；C．人不受水平方向的摩擦力，故C错误；D．由于人做匀速运动，人受到的重力大小等于人对踏板的压力，但二者是不同性质的力，不能说人受到的重力就是人对踏板的压力，故

D

错误；故选B。7．D【详解】m所受M的滑动摩擦力大小方向水平向左，根据牛顿第三定律得知：木板受到m的摩擦力方向水平向右，大小等于；M处于静止状态，水平方向受到m的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件木板受到地面的摩擦力的大小是，ABC错误；D正确。故选D。8．A【详解】据题意，司机从发现前方异常情况到停下来的过程中，先做匀速直线运动，再做匀减速直线运动直到速度减为零。已知则其匀速运动的位移为：匀减速的位移为：所以总位移为：所以选项A正确，BCD错误；故选A。9．A【详解】设圆半径为R，从A点开始的倾斜直轨道与水平方向的夹角为θ，则小球下滑的加速度为根据运动公式解得因θ越大，则时间越短，可知球a运动到B点所用的时间最短。故选A。10．B【详解】重物静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，如图所示：因重物静止时左右两橡皮绳与水平方向的夹角均为，故两个拉力的夹角为，则有，故两个拉力的合力一定在角平分线上，方向竖直向上，当右侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于mg，故加速度为g，沿原断裂绳的方向斜向下，故选B．【点睛】重物静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；撤去一个力后，其余两个力未变，故合力与撤去的力等值、反向、共线，求出合力后根据牛顿第二定律求解加速度．11．BC【详解】AB．小球静止时，小球受竖直向下的重力G，水平向右的弹簧弹力F，细绳的拉力T，由平衡条件得，弹簧的弹力大小为细绳的拉力大小为A错误，B正确；C．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为C正确；D错误；故选BC。12．BC【详解】AB．潜水器做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，潜水器将做匀速直线运动速度不变，而此时速度达到最大值故，选项B正确，A错误；CD．由于潜水器做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大，故选项C正确，D错误。故选BC。13．AD【详解】AB．将恒力F沿水平和竖直方向正交分解，因物体沿天花板匀速运动，则水平方向上有即物体受到的摩擦力大小为A正确，B错误；CD．竖直方向上有则摩擦力大小为C错误，D正确。故选AD。14．BD【详解】依题意，由于所以A、B均沿斜面加速下滑，受到斜面的摩擦力均沿斜面向上，由牛顿第二定律可得解得又由于两斜面长度相等，故物块A、B同时到达传送带底端，故选BD。15．3.70F′BD【详解】（1）[1]该弹簧测力计的分度值为0.1N，需要估读到0.01N，则示数为3.70N。（2）[2]图乙中F是通过平行四边形定则得到两个弹簧测力计拉力合力的理论值，而F′是通过一个弹簧测力计沿AO方向拉橡皮筋的力，所以一定沿着AO方向的力是F′。（3）[3]A．实验并不要求两细绳必须等长，故A错误；B．实验中弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应与木板平行，否则作出的平行四边形的对应边长将代表各个力在木板方向的分力，误差较大，故B正确；CD．本实验要求两次拉橡皮筋时力的作用效果相同，所以两次拉伸橡皮筋，应把结点O拉到同一点，故C错误，D正确。故选BD。16．C偏大小于2.100.505.0【详解】（1）[1]电火花计时器工作电压为交流电220V，电磁打点计时器工作电压为交流4-6V。故选C。（2）[2]当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。（3）[3][4]小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力。对整体分析，根据牛顿第二定律得解得则绳子的拉力当，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件。（4）[5]刻度尺上读出A、D、G三点的位置，可得xAD=（2.60-0.50）cm=2.10cmxAG=（6.50-0.50）cm=6.00cm[6]计数点间的时间间隔[7]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论可知，加速度17．（1）1m/s2；（2）1m/s；（3）5.5m【详解】（1）依题意，由牛顿第二定律有又代入数据解得（2）撤除水平推力F瞬间，冰壶的速度大小（3）受推力过程中的位移推力撤去后，由牛顿第二定律得求得又求得所以整个运动过程中，冰壶的位移大小18．（1）；（2）30N，50N【详解】（1）作出结点O的受力分析

（2）根据受力可知解得FOB=50N根据解得FOC=30N19．(1)20N，12N；(2)10m【详解】(1)由题意知，物体受力如图所示：由平衡条件可得①②③由①②③式得，。(2)当拉力撤去后，物体沿水平方向只受摩擦力的作用，有④⑤由牛顿第二定律，有⑥由④⑤⑥式得物体的加速度为，由可得，末物体已停止运动，根据运动学公式得解得内物体的位移，即内物体滑行的距离。20．(1)；(2)；(3)。【详解】(1)由（b）图可知，A向下加速的加速度为，向上减速的加速度为，所以；(2)对A进行受力分析，下滑与上滑如图：下滑上滑下滑时，沿斜面方向：垂直斜面方向：；上滑时