2025年鲁科版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁科版九年级物理下册阶段测试试卷794考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、汽油机一个工作循环有四个冲程，在某一个冲程中进气门、排气门均关闭，且机械能转化为内能，这个冲程是（）A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程2、中国跳水队是当之无愧的世界第一师，号称“梦之队“．跳水“一姐“郭晶晶从她刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中，所受到的水对她的压强p和浮力F浮随浸入深度h变化关系的图象如图所示；其中正确的有（）

A.甲；丁。

B.乙；丙。

C.甲；丙。

D.乙；丁。

3、下列估测中，最接近生活实际的是（）A.一节物理课的时间约为40sB.成年人正常步行的速度约为5m/sC.一根新铅笔的长约为18cmD.一份期末物理试卷的质量约为100g4、初二级某实验小组的同学在做“探究蜡熔化时温度的变化规律”实验，根据数据描绘出如图的温度-时间图象，结合你学过的知识，下列说法不正确是（）A.蜡是非晶体B.蜡要达到熔点才开始熔化C.蜡在熔化过程中需要吸热D.蜡在熔化过程中，由固态变软，变稠，变稀，最后变为液态5、关于物体的内能，下列说法中正确的是（）A.温度相同的物体，内能也一定相同B.同一个物体，温度不变时内能可能改变C.有内能的物体一定有动能，有动能的物体不一定有内能D.物体速度越大，则物体分子动能越大6、妙趣横生的动物世界蕴藏着丰富的物理知识，下列说法正确的是（）A.鱼要下沉时就吐出鱼鳔内的空气，减小自身排开水的体积而使浮力变小B.鸭子的脚掌又扁又平，可以增大压强，从而在松软的烂泥地上行走自如C.壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，利用大气压在天花板上爬行而不掉下来D.蝙蝠的视力几乎为零，靠主动发射并接收反射自障碍物的超声波准确定位评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，电流表示数由0.1A变为0.3A时，电压表示数也随之变化了2V，此时滑动变阻器R消耗的电功率为0.9W．则（）A.滑动变阻器的滑片是由右向左移动的B.定值电阻R0的阻值为10ΩC.电源电压为6VD.电压表与电流表的示数之比不变8、我国人民的生活水平有了较大的提高；多种多样的家用电器普遍进入家庭．观察如图所示四种家用电器的铭牌，下列说法正确的是（）

A.四种用电器在220V电压时均能正常工作B.四种用电器中电热水器消耗的电功率最大C.KFR-33GW空调机制冷和制热两种工作状态消耗的电功率相同D.电热水器每小时消耗的电能为22度9、照相机照相时；要得到清晰的像必须调节（）

A.镜头与物体的距离。

B.镜头与底片的距离。

C.物体与底片的距离。

D.以上都不对。

10、小亮同学在“探究导体电阻的大小与导体的长度是否有关”的实验中，应控制不变的物理量为（）A.导体的材料B.导体的长度C.导体的横截面积D.导体的温度11、在如图所示电路中，电源电压保持不变，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（）A.电压表的示数不变，电路消耗的总功率变小B.电压表的示数变大，电路消耗的总功率变大C.电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变D.电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、在潮汐能、核能、汽油、太阳能等能量中属于二次能源的是____，其中____是常规能源；科学家经过长期的研究发现，能量在转化和转移过程中，能的总量保持不变，这就是____定律．13、地球附近所有的物体都受到重力作用，请你举出两个我们利用重力来为人类服务的实例：____，____．14、如图所示，重为3.2×104N的卡车，经过一段水平路面，再以9.6×104W的功率沿与水平地面成30°角的斜坡匀速向上爬行，斜坡的机械效率为80%，则卡车爬坡时的牵引力是____N，爬坡时的速度为是____m/s．

15、如图甲是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图甲可以看出，它此时正处在____冲程，其能量转化情况与____（选填“乙”或“丙”）图相同．图丙中，试管内水的内能是通过____的方式发生改变的．如果此汽油机每秒对外做功30次，则汽油机飞轮的转速为____r/min．16、2015年6月1日，“东方之星”旅游船在长江不幸翻沉．救援人员将耳朵贴在船底上，听到船内有呼救声，及时救出了呼救人员．这说明不仅气体、液体能够传声，____也能够传声．同时我们能确认船下有人，是因为声音能传递____．17、神舟十一号与天宫二号已于2016年10月19日对接成功．在酒泉卫星发射中心由“长征二号F”大推力运载火箭发射升空，火箭用联氨（N2H4）作为燃料，用N2O4作氧化剂，燃烧后生成的高温氮气和水蒸气以很高的速度从火箭尾部喷出，使火箭升空．它的动能______，重力势能______，机械能______．18、中国的茶文化在宋朝时已借助“海上丝绸之路”名扬世界。用热水泡茶时，茶杯温度会升高，其内能是通过______的方式改变的：茶水散发出清香，这是______现象。19、通过炽热的铁块上方的热空气看到对面的景物在不停地扭曲变形，这是由于光的____形成的．水面有时出现波光粼粼，这是光的____现象．20、图所示为一圆台形密闭容器，容器内装有1kg的水．如将容器倒置，则水对容器底的压强将____，水对容器底的压力将____．（选填“不变”、“变大”、“变小”）评卷人得分四、判断题(共1题，共7分)21、镊子是一个省力杠杆．____（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共3题，共9分)22、（1）如图1所示，物体的长度是____cm．如图2所示，使用厚刻度尺测量物体的长度时，符合要求的是____图，写出与图2相对应的刻度尺使用规则：使用厚刻度尺时，应：____．

（2）在测量金属块密度的实验中，用调节好的天平测金属块的质量，若天平平衡时右盘砝码的质量、游码在标尺上的位置如图3所示，则金属块的质量为____g．若用____测出金属块的体积为20cm3，则金属块的密度是____g/cm3．

23、实验室有如下器材：天平；砝码。量筒、烧杯(2

个)

弹簧测力计、金属块、细线(

质量和体积不计)

足量的水(

密度已知)

足量的未知液体(

密度小于金属块的密度)

甲组选用上述一些器材测量金属块的密度；步骤是：

垄脵

在量筒中倒入20mL

水；

垄脷

把金属块浸没在量筒的水中；如图甲所示，此时液面示数为______mL

垄脹

把天平放在水平桌面上；如图乙所示，接下来的操作是：

a.

______；

b.

向______(

填“左”或“右”)

调节平衡螺母；使天平平衡；

c.

在左盘放金属块；向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图丙所示，金属块的质量m=

______g

垄脺

计算金属块的密度是______kg/m3

该实验所测密度与金属块实际的密度相比较______(

填“偏大”或“偏小”)

24、小刚同学在使用托盘天平和量筒配制盐水时，首先将托盘天平放在水平台上，然后将游码放在____处．调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，表示横梁____．在称量盐的质量时，使用的砝码及游码的位置如图a所示，用量筒量出水的体积如图b所示，然后将盐倒入量筒中，待盐完全溶解后，量筒中的液面位置如图e所示，由此可知，盐的质量是____g，水的体积是____mL，盐水的密度是____kg/m3．评卷人得分六、作图题(共2题，共16分)25、在图中标出电源正负极，通电螺线管南北极、小磁针的NS

极。26、如图中甲是插线板，请将乙图的内部电路连接完整。要求：在开关断开时插线板上的指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；在开关闭合时指示灯发光，插孔可提供工作电压，若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】四冲程汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；根据四冲程汽油机或柴油机各冲程的气门关闭情况进行判断．【解析】【解答】解：

四冲程汽油机的一个工作循环的四个冲程中；吸气冲程的进气门打开，排气门关闭；压缩和做功冲程中，进气门和排气门都关闭；排气冲程中，吸气门关闭，排气门打开；

压缩冲程是将机械能转化为内能的过程；做功冲程是将内能转化为机械能的过程；

根据以上分析可知；这个冲程是压缩冲程，故B正确．

故选B．2、C【分析】

1；当郭晶晶刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中；

水对她的压强p=ρgh；水的密度ρ不变，浸入水中的深度h增大；

所以水对他的压强P逐渐增大；由图象知：甲正确，乙错误．

2；当郭晶晶刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中；

郭晶晶排开水的体积v排先增大后不变；水的密度ρ不变；

所以郭晶晶受到水的浮力F浮=ρ水gV排；先增大，后不变；

由图知丙正确；丁错误；所以C正确．

故选C．

【解析】【答案】1；当郭晶晶刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中；所处深度h逐渐增大；

由液体压强公式P=ρgh可判断出水对她的压强p与深度h的关系；

2；当郭晶晶刚接触水面到全部浸入过程中；郭晶晶排开水的体积逐渐增大；

全浸入以后，排开水的体积不再发生变化，由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得所受浮力与深度的关系．

3、C【分析】【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．【解析】【解答】解：

A；中小学一节课的时间一般在40min或45min左右．故A不符合实际；

B、成年人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．故B不符合实际；

C；中学生伸开手掌；大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一根新铅笔的长度与此差不多，在18cm左右．故C符合实际；

D；两个鸡蛋的质量在100g左右；一份期末物理试卷的质量比100g小得多，其质量不超过3g．故D不符合实际．

故选C．4、B【分析】【分析】解决此题要知道晶体有固定的熔化温度，而非晶体没有．【解析】【解答】解：A；由图可以看出蜡在熔化过程中没有固定的熔化温度；所以蜡是非晶体，故A正确；

B；由图可以看出蜡在熔化过程中没有固定的熔化温度；没有固定的熔点，所以不需要达到熔点，故B错误；

C；由图可以看出蜡在熔化过程中要不断的吸热；故C正确；

D；蜡属于非晶体；在熔化过程中，由固态变软，变稠，变稀，最后变为液态，故D正确。

故选：B．5、B【分析】解：

A；物体的温度越高；内能越大，但影响内能大小的因素除了温度以外，还有物体的质量、体积和状态．所以在不确定其它因素都相同的情况下，只凭温度相同，无法确定内能就一定相同，故A错误；

B；同一个物体；温度升高，内能增大；但内能增大，温度不一定升高．如晶体熔化时要吸热，内能增加，但温度不变，故B正确．

C；任何物体都有内能；但物体的速度可能为0，动能可能为0，故C错误．

D；内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和；所以内能与物体内部分子的热运动和分子间的相互作用情况有关，而与整个物体的速度无关，故D错误．

故选：B．

解答本题需掌握：影响内能大小的因素有哪些；内能与温度的关系是什么，改变内能的方式有哪些，什么叫内能．

关于内能的概念，历年来都是学生考试的一个难点．考点非常多，包括要清楚内能和机械能是两种不同形式的能，知道影响内能大小的因素都有哪些，区别内能与温度、热量这三者的概念，掌握内能与温度的关系，了解改变内能的方式等等．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】（1）鱼在水中上浮和下沉；是靠改变自身所受的浮力来实现．

（2）鸭子的脚掌的特点是为了在水中行动自如；在陆地上减小压强．

（3）吸盘吸住天花板后；里面的空气被排出，大气压就会把壁虎的脚压在上面．

（4）蝙蝠靠的就是超声波的回声定位来判断障碍物．【解析】【解答】解：A；鱼在水中上浮和下沉；靠改变自身体积来改变自身浮力，下沉时，自身体积减小，浮力减小．故A正确．

B；鸭子的脚掌又扁又平；可以减小在陆地上的压强，从而在松软的烂泥地上行走自如．故B错误．

C；吸盘吸住天花板后；里面的空气被排出，大气压产生很大的压力，就把壁虎的脚压在了天花板上，不至于掉下来．故C正确．

D；蝙蝠就是靠回声定位来判断物体的位置；故D正确．

故选ACD．二、多选题(共5题，共10分)7、ABC【分析】【分析】由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联；电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

（1）根据欧姆定律可知当电流表示数从0.1A变为0.3A时；电路中总电阻的变化和滑动变阻器接入电路中电阻的变化，然后判断滑片移动的方向；

（2）根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻R0的阻值；

（3）知道电流表的示数为0.3A时滑动变阻器消耗的电功率；根据P=UI求出其两端的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源的电压；

（4）根据欧姆定律结合R的阻值判断两电压表示数比值的变化．【解析】【解答】解：由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联；电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

（1）由I=可知；电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的总电阻变小，即滑动变阻器接入电路的电阻变小；

由图可知；滑动变阻器的滑片是由右向左移动的，故A正确；

（2）因串联电路中的总电压等于各分电压之和；

所以，由I=可得：

当电路中的电流I=0.1A时，电源的电压U=IR0+U滑=0.1A×R0+U滑；

当电路中的电流I′=0.3A时，电源的电压U=I′R0+U滑′=0.3A×R0+U滑′；

因电压表示数改变了2V；

所以，U滑-U滑′=（U-0.1A×R0）-（U-0.3A×R0）=2V；

解得：R0=10Ω；故B正确；

（3）当电路中的电流I′=0.3A时；

由P=UI可得；滑动变阻器两端的电压：

U滑′===3V；

则电源的电压：

U=I′R0+U滑′=0.3A×10Ω+3V=6V；故C正确；

（4）由R=可知；电压表与电流表的示数之比等于滑动变阻器接入电路中的电阻；

所以；电压表与电流表的示数之比变小，故D错误．

故选ABC．8、BC【分析】【分析】（1）用电器正常工作时的电压和额定电压相等；

（2）根据P=UI求出液晶投影仪和空调机的功率；然后与电热水器和电风扇的功率相比较确定最大功率的用电器；

（3）正常工作状态下的空调机的制冷和制热时的电压与电流相同；根据P=UI比较两种工作状态消耗的电功率；

（4）由P=可得电热水器每小时消耗的电能．【解析】【解答】解：A．由铭牌知；液晶投影仪的额定电压是220V～240V，电热水器和空调机的额定电压为220V，电风扇的额定电压是110V，则在220V电压时，除电风扇外，其它用电器均能正常工作出，故A错误；

B．由P=UI可得，液晶投影仪的最大电功率为P液晶最大=U液晶额I液晶额=240V×1.2A=288W，电热水器的功率为2.2kW，电风扇的功率65W，空调机的功率为P空调=U空调额I空调额=220V×6.2A=1364W；所以四种用电器中电热水器消耗的电功率最大，故B正确；

C．正常工作状态下的空调机的制冷和制热时的电压与电流相同；由P=UI可知，正常工作状态下的空调机的制冷功率等于制热功率，故C正确；

D．电热水器每小时消耗的电能W=Pt=2.2kW×1h=2.2kW•h=2.2度；故D错误．

故选BC．9、AB【分析】

根据照相机的工作原理；镜头就相当于一个凸透镜，并且所成的像是缩小倒立的实像．

照相机成像时；物距越小，像距越大，实像越大．

要使像增大；应该减小物距，增大像距．

镜头与物体的距离为物距；镜头到底片的距离即为像距，随着物距的变化，像距也要变化；

所以；要得到清晰的像必须同时调节物距和相距．

故选A；B．

【解析】【答案】要解决此题；首先要明确照相机的制成原理．照相机成像时，物距越小，像距越大，实像越大，要使像增大，应该减小物距，增大像距．

10、ACD【分析】【分析】导体电阻的大小与导体长度、材料、温度和横截面积等因素有关．在探究性的实验题中，若要探究的物理量与多个因素有关，都要用到控制变量法；【解析】【解答】解：

导体电阻的大小与导体长度；材料、温度和横截面积等因素有关；要“探究导体电阻的大小与导体的长度是否有关”，要控制导体的材料、横截面积、温度都相同，只有长度不同，故ACD正确．

故选ACD．11、BC【分析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测R1两端的电压；电流表测电路中的电流。

将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中；接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小；

由I=可知；电路中的电流变大，即电流表A的示数变大；

由U=IR可知，R1两端的电压变大；即电压表V的示数变大，故A错误；

由P=UI可知；电路消耗的总功率变大，故B正确；

由R=可知，V的示数与A的示数之比等于R1的阻值；则V的示数与A的示数之比不变，故C正确，D错误。

故选：BC。

由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据P=UI判断电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断V的示数与A的示数之比的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道电压表不测带电源用电器两端的电压。【解析】BC三、填空题(共9题，共18分)12、略

【分析】【分析】二次能源则是指由一次能源直接或间接转换成其他种类和形式的能量资源；例如：电力；煤气、汽油、柴油、焦炭、洁净煤、激光和沼气等能源都属于二次能源．

常规能源包括一次能源中的可再生的水力资源和不可再生的煤炭；石油、天然气等资源．新型能源是相对于常规能源而言的；包括太阳能、风能、地热能、海洋能、生物能以及用于核能发电的核燃料等能源．

能量守恒定律指出能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转移或转化过程中其总量保持不变．【解析】【解答】解：汽油是消耗一次能源石油而得到的；故是二次能源；石油；天然气、煤等化石能源已大规模开发利用，是常规能源；能量在转化和转移过程中，能的总量保持不变，即遵循能量守恒定律．

故答案为：汽油；化石能源；能量守恒．13、略

【分析】【分析】地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的．【解析】【解答】答：

利用重垂线来检查墙壁是否竖直；

救灾时，飞机投放的物质能下落到目的地．14、略

【分析】

（1）∵倾角为30°

∴斜面长度S=2h

∵η=

∴W有=W总×η=FSη=Gh；

∴FSη=Gh；

∴F=====2×104N．

（2）∵P=Fv；

∴爬坡时的速度：

v爬===4.8m/s．

故答案为：2×104；4.8．

【解析】【答案】（1）已知斜坡的机械效率，根据公式η=可求有用功和总功的关系式；因为斜面倾角为30°，从而得出斜面高度和长度的关系，根据以上关系式求出斜面的长度的表达式，根据公式W=FS求出牵引力．

（3）已知牵引力和牵引力做功的功率；根据公式P=Fv可求爬坡时的速度．

15、做功丙热传递3600【分析】【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程；压缩冲程、做功冲程、排气冲程；判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析．

（2）改变物体内能的方式有热传递和做功两种．做功改变物体内能的实质是能量的转化；具体来说是内能和机械能的相互转化．对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低．

（3）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．【解析】【解答】解：（1）两个气门都关闭；活塞向下运动，因此是做功冲程；

（2）乙图是用力将活塞压下；活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧．是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程．

丙图对试管中的水加热；加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能，因此与做功冲程原理相同的是丙实验．

（3）汽油机每秒内对外做功30次，完成了120个工作冲程，每分钟做1800次功，飞轮转3600圈，因此飞轮的转速为3600r/min；

故答案为：做功；丙；热传递；3600．16、固体信息【分析】【分析】声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以传声；声音能够传递信息和能量．【解析】【解答】解：由题意可知；救援人员将耳朵贴在船底上，听到船内有呼救声，及时救出了呼救人员．这说明不仅气体；液体能够传声，固体也能够传声；能确认船下有人，是因为声音能传递信息．

故答案为：固体；信息．17、略

【分析】解：火箭发射升空过程中；火箭的质量不变，速度不断增大，动能不断增大；高度不断增大，重力势能不断增大；火箭升空时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能．所以机械能=动能+重力势能，动能增大，重力势能增大，所以机械能增大．

故答案为：增大；增大；增大．

从火箭动能；重力势能大小的影响因素进行分析：

（1）动能大小的影响因素：质量；速度．质量越大；速度越大，动能越大．

（2）重力势能大小的影响因素：质量；被举得高度．质量越大；高度越高，重力势能越大．

（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小；发生弹性形变的难易程度．弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大．在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．

（4）机械能=动能+势能．

（1）掌握动能；重力势能、弹性势能的影响因素．

（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化．【解析】增大；增大；增大18、热传递扩散【分析】解：用热水泡茶时；茶杯会从热水处吸热，温度会升高，其内能是通过热传递的方式改变的；

茶水散发出清香；说明茶的香味分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象。

故答案为：热传递；扩散。

改变内能的方法有两个：做功和热传递；分子都在不停地做无规则运动。

本题考查了扩散现象和改变内能的方法，属于基础题。【解析】热传递扩散19、略

【分析】【分析】解答此题用到下列知识：

（1）我们能看到不发光的物体；是因为物体反射的光线射入人眼；

（2）光在同种均匀介质中沿直线传播，如果介质不均匀，光的传播方向会发生偏折．【解析】【解答】解：通过炽热的铁块上方的热空气看到对面的景物在不停地扭曲变形；这是由于光的折射形成的．水面有时出现波光粼粼，这是光的反射现象．

故答案为：折射；反射．20、略

【分析】【分析】（1）倒置后；液体深度增大，由液体压强公式得出容器底受到液体压强的变化情况；

（2）倒置后容器底受到的压强变大；但受力面积变小．若利用F=ps，则不好判断压力的变化情况．

对于这种上下口不一样大的容器，可以通过比较对容器底的压力与液体重的大小关系，得出倒置前后对容器底的产生的压力大小关系．【解析】【解答】解：（1）倒置后；液体深度h增大；

∵p=ρgh；

∴液体对容器底面的压强变大；

（2）正放时，液体对容器底的压力，如图：

F=ps=ρghs＞G；

倒置时；液体对容器底的压力：

F′=p′s′=ρgh′s′＜G；

∴F＞F′；

即：液体对容器底面的压力将变小．

故答案为：变大；不变．四、判断题(共1题，共7分)21、×【分析】【分析】杠杆分三类，动力臂大于阻力臂的是省力杠杆，动力比小于阻力臂的是费力杠杆，动力臂等于阻力臂的既不省力也不费力．结合图片和生活经验可做出判断．【解析】【解答】解：

镊子在使用时；支点在其末端，阻力在顶端，动力作用在中间，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．

故答案为：×．五、实验探究题(共3题，共9分)22、略

【分析】【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始；把3.50cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3.50cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．

（2）使用厚刻度尺时；应该让刻度紧贴被测物体．

（3）天平的读数=砝码的质量+游码的质量．对于标尺要看清分度值；量筒是用来测量体积的仪器；根据公式ρ=计算出金属块的密度．【解析】【解答】解：（1）图1示刻度尺1cm又分为10个小刻度；故最小刻度值为1mm；末端刻度值为6.50cm，物体长度为6.50cm-3.50cm=3.00cm；使用厚刻度尺时，应该让刻度紧贴被测物体．故图2中符合要求的是乙图．

故答案为：3.00；乙；让刻度紧贴被测物体．

（2）图3中标尺的一个大格表示1g；它里面有5个小格，故其分度值为0.2g．天平的示数=100g+50g+10g+4g=164g．

测量体积的仪器是量筒．

金属块的密度是

ρ===8.2g/cm3

故答案为：164；量筒；8.2．23、略

【分析】解：垄脷

量筒每一个大格代表10ml

每一个小格代表1ml

水和金属块的总体积是40ml

垄脹a.

把天平放在水平桌面上；移动游码到零刻度线上；

b.

如图可知；指针偏向左边，横梁右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使天平平衡；

c.

金属块的质量：m=100g+50g+5g+2.8g=157.8g

垄脺

水的体积是20ml

则金属块的体积：V=40ml鈭�20ml=20ml=20cm3

金属块的密度是：娄脩=mV=157.8g20cm3=7.89g/cm3=7.89隆脕103kg/m3

由于先测量金属块的体积，然后测量金属块的质量，金属块上会沾有一些水，导致质量测量值偏大，由娄脩=mV

可知；金属块密度测量值偏大。

故答案为：垄脷40垄脹a

将游码移到零刻线处；b

右；c157.8垄脺7.89隆脕103

偏大。

垄脵

量筒的读数：确定每一个大格和每一个小格代表的示数；读出液面对应的刻度值；

垄脷a.

把天平放在水平台上；游码移到标尺左端的零刻度；

b.

用天平称量物质前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡；指针左偏右调；右偏左调；

c.

物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；

垄脹

物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；

垄脺

物体的体积等于物体浸没水前后水面对应刻度值的差