2024年人教版PEP必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年人教版PEP必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，为真空中三个带电小球，球带正电，且电量为+Q，用绝缘支架固定，小球带负电，c两小球用绝缘细线悬挂，处于平衡状态时三小球球心等高，且和间距离相等，悬挂小球的细线向左倾斜，悬挂小球的细线竖直；则（）

A.三小球带电量相同B.两小球带异种电荷C.小球带电量为−4QD.小球带电量为−2Q2、如图所示，在电场强度大小为E0的水平匀强电场中，a、b、和c三个点电荷分别固定在光滑水平面上的同一直线上，ab之间的距离为L，c在ab的中点上．当a、b、和c的电量均为+Q时，水平面内与a、b两点电荷距离均为L的O点处有一电量为+q的点电荷恰好处于平衡状态．如果仅让点电荷a带负电；电量大小不变，其他条件都不变，则O点处电荷的受力变为()

A.B.C.D.3、关于静电场，以下叙述中正确的是()A.点电荷是理想化物理模型，通常体积小的带电体都可以看成是点电荷B.电场强度是标量，运算时不满足平行四边形定则C.某点电场强度的方向，与该点负电荷所受电场力方向相反D.电场线分布越密的地方电场强度越小4、如图是静电除尘集尘板与放电极间的电场线，A、B是电场中的两点，E表示电场强度，表示电势；则（）

A.B.C.电子在A点具有的电势能大于在B点具有的电势能D.电子分别从不同的路径由A运动到B，电场力做功不同5、关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A.电场中任意两点之间的电势差只与这两点的电场强度有关B.电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C.将正点电荷从电场强度为零的一点移动到电场强度为零的另一点，静电力做功为零D.在正电荷或负电荷产生的静电场中，电场强度方向都指向电势降低最快的方向6、根据大气电测量表明：在晴朗天气下，地表附近的场强大小约方向向下。假设地球为一个半径R大约为的正球体，可认为是一个理想导体。已知球体体积表面积静电力常量由此推知（）A.无论是水平面还是倾斜的山坡表面，电场方向都指向地心B.地核带负电，总电荷量约为C.地球表面带负电，面电荷密度约D.身高为1.70m的人，人体内头与脚之间的电势差为170V7、在下图右图中；甲；乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的是(）

A.甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法B.甲图中电阻测量值大于真实值，乙图中电阻测量值小于真实值C.甲图中误差由电压表分流引起，为了减小误差，应使R<VD.乙图中灯泡电阻的精确值应为8、如图所示，ab是水平面上一个圆的直径，在过ab的竖直平面内有一根通电导线ef。已知ef平行于ab，当ef竖直向上平移时；电流磁场穿过圆面积的磁通量将（）

A.逐渐增大B.逐渐减小C.始终为零D.不为零，但保持不变评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示电路中，闭合开关S后，稳定时，连接带电小球P的绝缘细线与竖直方向的夹角为θ，现将滑动变阻器R2的滑片向右滑动，下列说法正确的是()

A.A1的示数增大，A2的示数减小；V1和V2的示数均增大B.L变亮，θ增大C.若R2不变，只减小R4，可以使θ增大D.10、在如图所示电路中，电源的电动势为E、内阻为r，R1和R2为两个定值电阻.闭合电键S，当滑动变阻器R3的滑动触头P从a向b滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电流表和电压表的示数分别用I1、I2和U表示，示数变化量的绝对值分别用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；下列说法正确的有。

A.U变大，I1变小，I2变小B.U与I1的比值变小C.ΔI1小于ΔI2D.ΔU与ΔI1的比值不变11、用轻绳拴着一个质量为m、带正电的小球在竖直面内绕O点做圆周运动，竖直面内加有竖直向下的匀强电场，电场强度为E，如图甲所示，不计一切阻力，小球运动到最高点时的动能Ek与绳中张力F间的关系如图乙所示，当地的重力加速度为g；则（）

A.小球所带电荷量为B.轻绳的长度为C.小球在最高点时的最小速度为D.小球在最低点时的最小速度为12、在如图所示的电路中，电源电动势定值电阻闭合开关S后，电动机正常工作，此时电流表的示数为电压表的示数为已知电流表和电压表均为理想电表。则下列说法正确的是（）

A.电源的内阻为B.电动机正常工作时电源的输出功率是C.若电动机的内阻为其正常工作时的输出功率为D.内阻为的电动机正常工作时电源的效率为13、在没有安装信号发生器的电梯里面，手机没有信号显示，这是封闭的金属轿厢对电磁信号的屏蔽作用导致的。下列情景中利用了电磁屏蔽的是（）A.网线的线芯外常包有一层金属网B.高楼大厦的顶端装有金属材质的尖塔C.超高压带电作业的工人穿戴的工作服用包含金属丝的织物制成D.高压输电线线塔上有三根较粗的输电线，其上方还有两条较细的电线14、是空间中的立方体，abcd分别是图示四条边的中点，在A、B、D、E、F、H六个顶点放置点电荷；电性和电荷量如图所示，下列说法正确的是（）

A.a、b、c、d四个点中b点电势最高B.a、b、c、d四个点中a点电场强度最大C.正方形abcd中心处的电场强度为0D.把正检验电荷从a点沿ac连线移动到c点，电荷的电势能不变15、如图所示，两条完全相同的圆弧形材料和圆弧对应的圆心角都为l20°，圆弧在竖直平面内，圆弧在水平面内，以O点为坐标原点、水平向右为x轴正方向，两弧形材料均匀分布正电荷，P点为两段圆弧的圆心，已知P点处的电场强度为电势为设圆弧AO在圆心P处产生的电场强度大小为E，产生的电势为选无穷远的电势为零，以下说法正确的是（）

A.B.C.将质子（比荷）从P点无初速释放，则质子的最大速度为D.若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，x轴上各点电场强度为零，电势为零16、如图所示，水平放置的带电平行板M、N相距10cm，A点距M板3cm，AB间距为10cm，且与水平方向成30°角，将一带电荷量为2.0×10-6C的负电荷q由A点沿AB直线移到B点，电场力做功为1.6×10-5J。下列判断正确的是（）

A.板间电场方向是N指向MB.板间电场强度大小是3.2×10-5N/CC.A点电势是-4.8VD.该电荷在B点的电势能是-2.56×10-5J评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、一质量为2kg的物体沿倾角为300的斜面从底端以初速度3m/s沿斜面向上滑去，滑至最高点后又返回，返回到底端时速度是1m/s，取重力加速度g=10m/s2，则物体上滑的最大高度为________m；物体与斜面间的摩擦因数μ为________，上升过程产生的内能为________J；返回低端瞬间的热功率为________W．18、如图所示，条形磁铁的轴线穿过a、b、c三个金属圆环的圆心，且与三个环平面垂直，其中b、c两环同平面放置在条形磁铁的中垂面上．三个圆环的面积为sa＝sb＜sc．则通过a、b两环的磁通量Φa_______Φb，通过b、c两环的磁通量Φb_______Φc．（均选填“＜”；“＞”或“＝”）

19、知识点一电阻

1.定义：导体两端的___________与___________的比值叫作电阻。

2.定义式：R=

3.物理意义：反映导体对电流的___________作用。

4.单位：

（1）国际单位是欧姆；符号为Ω。

（2）常用单位：千欧；符号kΩ；兆欧，符号MΩ。

（3）单位换算：1kΩ=___________Ω；1MΩ=___________Ω。20、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

21、使用多用电表测电压：

①选择直流电压挡合适的______；并将选择开关旋至相应位置．

②将多用电表______在待测电路两端，注意______表笔接触点的电势应比____表笔接触点的电势高．

③根据表盘上相应量程的直流电压刻度读出电压值，读数时注意______刻度所表示的电压值．22、分别表示在一条直线上从左到右的三个点电荷，已知与之间的距离为与之间的距离为且每个电荷都处于平衡状态．

（1）如为正电荷，则为________电荷．

（2）三者电量大小之比是________．23、电容为的平板电容器，接在电路中，如图所示。若将相对介电常量为的各向同性均匀电介质插入电容器中（填满空间），此时电场能量是原来的_________倍。

24、如图所示，平行金属板通过一开关与电池相连，板间有一带电液滴处于平衡状态．若开关闭合，将两板拉开一定距离，则粒子将__________；若开关打开，将两板拉开一定距离，则粒子将__________．（填“静止不动；向上运动、向下运动”）

25、如图甲所示为一个灯泡两端的电压与通过的电流的关系曲线；参考这根曲线回答下列问题（不计电流表和电池的内阻）

如图乙所示，若将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V的电源上，则每个灯泡消耗的功率是___________W。评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)26、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

27、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

28、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

29、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)30、某学生用如图甲所示电路测金属导线的电阻率，可供使用的器材有：被测金属导线ab(电阻约10Ω，允许流过的最大电流0.8A)，稳恒电源E(电源输出电压恒为E＝12V)，电压表V(量程为3V，内阻约为5kΩ)，保护电阻：R1＝10Ω，R2＝30Ω，R3＝200Ω；刻度尺；螺旋测微器，开关S，导线若干等．

实验时的主要步骤如下：

①用刻度尺量出导线ab的长度L，用螺旋测微器测出导线的直径d.

②按如图甲所示电路将实验所需器材用导线连接好．

③闭合开关S，移动接线触片P，测出aP长度x，读出电压表的示数U.

④描点作出U­x曲线求出金属导线的电阻率ρ.

完成下列填空：

（1）用螺旋测微器测量金属导线的直径d，其示数如图乙所示，该金属导线的直径d＝_________mm.

（2）如果实验时既要保证安全，又要测量误差较小，保护电阻R应选_____

（3）根据多次实验测出的aP长度x和对应每次实验读出的电压表的示数U给出的U­x图线如图丙所示，其中图线的斜率为k，则金属导线的电阻率ρ＝_____________.(用实验器材中给出的物理量字母和实验步骤中测出的物理量字母表示)参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

根据受力平衡条件可知，因球带正电，处的合场强为零，则一定带负电；处的合场强向左，所以球一定带负电；对小球进行分析，间的距离是间的两倍，由库仑定律，则有：

解得：

对小球进行分析，由库仑定律，则有：

解得：

A.与分析不符；故A错误；

B.与分析不符；故B错误；

C.与分析相符；故C正确；

D.与分析不符，故D错误．2、C【分析】【详解】

由于电荷量为的点电荷恰好处于平衡状态；受力分析如所示：

由物体的平衡可得：

如果仅让点电荷a带负电，电量大小不变，其他条件都不变，相当于只有点电荷a(且a带负电荷，电荷量为2Q)对O点处电荷作用，则O点处电荷的受力变为选项C正确，ABD错误．

点睛：本题考查库仑定律与力学平衡知识的问题，注意受力分析，画出受力分析图是解决力学题的关键．3、C【分析】【详解】

A.点电荷是理想化物理模型；电荷的形状；体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以通常体积小的带电体在有些情况下也不能看做点电荷，体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，故A不符合题意．

B.电场强度是矢量；运算时满足平行四边形定则，故B不符合题意．

C.某点电场强度的方向；与该点负电荷所受电场力方向相反，与正电荷所受电场力方向相同，故C符合题意．

D.电场线的疏密程度表示场强强弱，越密，电场强度越大，故D不符合题意．4、C【分析】【详解】

ABC．由电场线的方向和疏密程度，可知

根据电势能与电势的关系

可知，电子在A点具有的电势能大于在B点具有的电势能。故AB错误；C正确；

D．根据电场力做功特点可知，电子分别从不同的路径由A运动到B；电场力做功相同。故D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

A．电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度；所以A错误；

B．在正电荷的电场中；离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B错误；

C．场强为零；电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零；电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；

D．沿电场方向电势降低；而且降低的速度最快，所以D正确。

故选D。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．地表附近的场强大小约方向向下，方向向下不是指向地心，A错误；

B．地球表面处产生的电场强度等效于地球球心处的一个带电量为Q的点电荷在地面产生的电场强度，地表附近的场强方向向下，地表附近的场强大小约则

总电荷量约为

B错误；

C．地球表面的面电荷密度约

C正确；

D．因为地球表面不是匀强电场，则根据

不成立；D错误。

故选C。7、B【分析】【详解】

甲图的解法为电流表外接，乙图的解法为电流表内接，A正确；甲图的电压测量值为准确值，电流测量值偏大，因此测得值偏小，乙图的电流测量值准确，电压测量值偏大，因此测量值偏大，B错误，甲图当电压表的内阻远大于灯泡电阻时，其分流作用很弱，可减小误差，C正确；由欧姆定理得因此可得D正确8、C【分析】【详解】

ABCD．导线ef中的电流激发的磁场，其磁感线是环绕ef的一系列同心圆，由于ef位于直径ab的正上方；所以从直径一侧进入圆的磁感线，必将从直径另一侧的对称位置出来，即圆中的磁通量始终是为零的，故ABD错误，C正确。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、A:D【分析】【详解】

AB．将滑动变阻器R2的滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，由“串反并同”可知，由图可知，A1与滑动变阻器并联，所以A1的示数增大，A2与滑动变阻器串联，所以A2的示数减小，V1与滑动变阻器并联，所以V1的示数增大，V2与滑动变阻器并联，所以V2的示数增大，灯泡L与滑动变阻器串联，所以灯泡L的电功率变小，即变暗，R3与滑动变阻器串联，所以R3两端电压变小，由于MN两板与R3并联，所以MN两板间电压变小，MN间的场强变小，所以变小；故A正确，B错误；

C．由于R4未接入电路中，所以若R2不变，只减小R4，MN两板间电压不变，MN间的场强不变，所以不变；故C错误；

D．A2的示数减小，所以R3两端电压变小，由于V2的示数增大，由串联电路特点可知，

所以

则有

故D正确。

故选AD。10、B:C:D【分析】【分析】

考查电路的动态分析。

【详解】

A．滑动触头P从a向b滑动时，R3减小，由结论法“串反并同”可知U减小，I1增大，I2增大；A错误；

B．U与I1的比值为路端总电阻，由于R3减小，路端总电阻减小，所以U与I1的比值变小；B正确；

C．I1为I2与R2电流之和，I1增大，I2增大，R2电流为则：

所以ΔI1小于ΔI2；C正确；

D．ΔU为路端电压的增加量，也为内部电压减少量，ΔU与ΔI1的比值为电源内阻，内阻不变，D正确；故选BCD。11、A:C【分析】【详解】

当

由

解得

当时，可解得

当时，重力和电场力提供向心力，此时为最高点的最小速度，解得

从最高点到最低点，由

得小球在最低点的最小速度为

故AC正确；BD错误。

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

A．根据题意，设电源内阻为由闭合回路欧姆定律有

解得

故A错误；

B．根据题意可知，电源的输出功率为

故B正确；

C．根据题意可知，电动机的输出功率为

故C正确；

D．根据题意可知，电动机正常工作时电源的效率为

故D错误。

故选BC。13、A:C:D【分析】【详解】

A．网线的线芯外常包有一层金属网；利用的是静电屏蔽的原理，防止外界电磁信号干扰，故A正确；

B．高楼大厦楼顶上安装有金属材质的尖塔为无线信号发射塔；同时也能起到避雷针的作用，不是静电屏蔽，故B错误；

C．超高压附近有很强的电场；带电作业的工人穿戴的工作服用包含金属丝的织物制成在电场中处于静电屏蔽，金属网内部场强处处为零，外部电场对衣服内部没有影响，保证了工人的安全，利用了电磁屏蔽，故C正确；

D．高压输电线线塔上除了下面的三根较粗的输电线外；上方还有两根较细的电线可以有效防止大气中的静电对高压线的影响，故D正确；

故选ACD。14、A:B:D【分析】【详解】

A．根据点电荷的位置、电性和等量异号电荷、等量同号电荷的特点，可知a、b、c、d四个点中b点电势最高；故A正确；

B．根据点电荷的电场强度和矢量的合成，可判断出a、b、c、d四个点中a点电场强度最大；故B正确；

C．根据矢量的合成可知正方形abcd中心处电场强度的矢量和一定不为0；故C错误；

D．ac连线是电场中的等势线，把正电荷从a点沿ac连线移动到c点；电荷的电势能不变，故D正确。

故选ABD。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．圆弧在圆心P点产生的场强大小与圆弧在P点产生的场强大小相等；两个场强方向。

夹角为60°，电势相等，同理圆弧在圆心P点产生的场强大小与圆弧在P点产生的场强大小相等；

且夹角也为60°；电势相等，根据电场强度矢量叠加法则有。

得。

根据电势特点有。

得。

故A错误；B正确；

C．从P点无初速释放质子；到达无穷远处时速度最大，根据动能定理有。

得。

故C错误；

D．若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，正电荷和负电荷在x轴上各点产生电场强度大小相等；方向相反，其合场强为零，正；负电荷产生电势数值相等，电势叠加结果为零，故D正确。

故选BD。16、A:D【分析】【详解】

AB．A、B两点的电势差为

所以电场方向由N到M，又有

则电场强度为

故A正确；B错误；

C．MN两板电势差为

MA两点电势差为

而M板接地，所以M点的电势为零

解得

故C错误；

D．根据

得

电荷q在B点的电势能

故D正确；

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

上升高度h与斜面距离s满足：s==2h①

由动能定理；

上升过程mgh+f×s=②

下滑过程mgh−f×s=③

由①②③联立可知h=0.25m；

摩擦力f=μmgcos30∘；

由此可求得动摩擦因数为μ=

整个过程产生的内能Q=-=8J；所以上升过程产生的内能为4J；

返回低端瞬间的热功率为P=fv2=8w.

【点睛】

分上下两个过程进行分析，上升过程重力和摩擦力做负功，下降过程重力做正功，摩擦力做负功，由动能定理即可求解上升的高度；进而求出摩擦系数和摩擦力的大小；整个过程产生的内能等于初、末状态减小的动能，上升过程和下滑过程产生的内能相等；返回低端瞬间的热功率等于摩擦力做功的功率．【解析】0.254818、略

【分析】【详解】

[1]磁铁的磁感线的分布是：外部是从N极到S极，内部是从S极到N极，正好构成闭合曲线；对于a、b圆环面积相同，但由于磁场的不一样，通过a圆环的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部）．而向左多于向右，所以

[2]对于c、b圆环面积不同，但通过它们的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部），所以面积越大的相互抵消的磁感线越多．故两环的磁通量【解析】小于大于19、略

【分析】【详解】

略【解析】电压通过导体电流阻碍10310620、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.量程②.并联③.红④.最小22、略

【分析】【详解】

[1]若为正电荷，则不可能平衡，故为负电荷；

[2]对有

对有

对有

联立解得三者电量大小之比为【解析】负23、略

【分析】【详解】

由电容的决定式

可得

插入电介质后

电容器的电场能量为

因为电源未切断，所以电容器两极板间的电势差不变，即

所以

此时电场能量是原来的倍。【解析】24、略

【分析】【详解】

[1][2]根据E=当闭合开关时，电压不变，增大距离d，场强变小，电场力变小，粒子将向下运动；当打开开关时，电荷量Q不变，由及解得

场强与板间距无关，静止不动．【解析】向下运动；