2025年岳麓版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版高三物理下册阶段测试试卷784考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于平均速度、瞬时速度叙述正确的是（）A.直线运动位移与时间的比值是瞬时速度B.路程与时间的比值等于平均速度C.对于变速运动不同时间段内平均速度一定不相等D.瞬时速度可理解为时间趋于零时的平均速度2、如图所示；A；B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑．系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法中不正确的是（）

A.两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下；大小均为g•sinθ

B.B球的受力情况未变；瞬时加速度为零。

C.A球的瞬时加速度沿斜面向下；大小为g•sinθ

D.弹簧有收缩趋势；B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零。

3、在如图所示的电路中，有一理想的降压变压器，其匝数比为3：1，一额定功率为6W、9V的灯泡L1与变压器的原线圈串接，在变压器的副线圈两端并联接入三个与L1完全相同的灯泡L2、L3、L4；两个理想的交流电表按如图的方式接入电路，已知理想变压器原线圈两端的电压随时间变化的规律如图所示，则下列正确的是（）

A.mn两点间的所加电压的瞬时值为Uab=27sin100πt（V）B.L1、L2、L3、L4均正常发光C.只有L2、L3、L4正常发光D.整个电路消耗的总功率为18W4、如图所示，一些商场安装了智能化的自动电梯，无乘客时电梯静止．当有乘客时自动电梯会经过先加速再匀速运行，则电梯在运送乘客过程中（）A.乘客始终受摩擦力作用B.乘客经历先超重再失重的过程C.加速时乘客受到的合外力方向竖直向上D.加速时乘客受到的合外力方向沿斜面向上5、做匀加速直线运动的物体依次通过间距相等的A、B、C三点，AB段的平均速度为3m/s，BC段的平均速度为5m/s，则物体通过B点的速度为（）A.3.75m/sB.4.25m/sC.4m/sD.4.5m/s6、如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑动触头P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为（）A.电流表的读数一直减小B.R0的功率先增大后减小C.电压表的读数先减小后增大D.电源的总功率先减小后增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、对一定量的气体，它的压强、体积和温度存在某些关系．关于这些关系的表述，正确的是（）A.温度不变时，体积减小，压强增大B.体积不变时，压强增大，温度升高C.体积减小时，温度一定升高D.温度升高时，压强可能减小8、利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象．某同学在一次实验中得到的运动小车的速度-时间图象如图所示，以下说法正确的是（）A.小车先做加速运动，后做减速运动B.小车运动的最大速度约为0.8m/sC.小车的位移一定大于8mD.小车做曲线运动9、下面关于力的说法中，正确的是（）A.力是物体间的相互作用B.力可以使物体发生形变C.大小和方向都相同的力，作用效果一定相同D.力不能脱离物体单独存在10、汽车在水平路面上从静止开始做匀加速直线运动，t1末关闭发动机，做匀减速直线运动，t2末静止，其v-t图象如图所示，图中α＜β，若汽车牵引力做功为W，平均功率为P；汽车加速和减速过程中克服阻力做功分别为W1和W2，平均功率分别为P1和P2，则（）（整个过程中阻力不变，且W=W1+W2）A.P=P1+P2B.W1＞W2C.P1＞P2D.P1=P211、在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒PQ以初速度v0水平抛出，如图所示．棒在运动过程中始终保持水平，空气阻力不计，那么，下列说法中正确的是（）A.PQ棒两端的电势一定满足φp＜φQB.PQ棒中的感应电动势越来越大C.PQ棒中的感应电动势越来越小D.PQ棒中的感应电动势保持不变12、如图，一固定容器的内壁是半径为R

的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m

的质点P

。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W

。重力加速度大小为g

。设质点P

在最低点时，向心加速度的大小为a

，容器对它的支持力大小为N

，则()

A.a

=2mgR鈭�WmR

B.a

=2mgR鈭�WmR

C.N

=3mgR鈭�2WR

D.N

=2mgR鈭�WR

13、如图所示，水下光源S向水面A点发射一束光线，折射光线分成a、b两束，则（）A.a、b两束光相比较，a光的折射率较大B.若b光束通过小孔发生明显的衍射现象，则a光也一定能通过该小孔发生明显的衍射现象C.若保持入射点A位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b光先消失D.采用同一双缝干涉实验装置，分别以a、b光做光源，a光的干涉条纹间距小于b光的干涉条纹间距评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、N（N>1）个电荷量均为q(q>0)的小球，均匀分布在半径为R的圆周上，示意如图。若移去位于圆周上P点的一个小球，则圆心O点处的电场强度大小为____，方向____。（已知静电力常量为k）15、【题文】设质子、中子、氘核的质量分别为m1、m2和m3,那么,当一个质子和一个中子结合成一个氘核时,释放的能量是____。16、图（a）是流水线上的产品输送及计数装置示意图，其中S为光源，R1为定值电阻，R2为光敏电阻（无光照射时阻值大，有光照射时阻值小），电源电压恒为12V．产品随传送带匀速运动，当产品通过S与R2之间时，射向R2的光束会被挡住．合上电键K，R2两端的电压随时间变化的关系如图（b）所示．则每分钟通过计数装置的产品个数为____个，有光照射和无光照射时R2的功率之比为____．

17、海面上有一列沿一定方向传播的水面波，此波的波长为λ，振幅为A，传播速度v1，一艘海船以一定速度v2航行，且v2＞v1，当船沿着波的传播方向行进时，在船首可以测得第一和第二个波峰通过的时间间隔t1=____，若船逆着波的传播方向行进时，波峰通过的时间间隔为t2，则t1、t2之比为____．18、一半径为R的雨伞绕柄以角速度ω匀速旋转，如图所示，伞边缘距地面高h，甩出的水滴在地面上形成一个圆，求此圆半径r=____

评卷人得分四、判断题(共1题，共6分)19、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）评卷人得分五、解答题(共1题，共9分)20、某实验室工作人员用初速度v0=0.09c（c为真空中的光速）的α粒子，轰击静止的氮原子核N，产生了质子H．若某次碰撞可看作对心正碰；碰后新核与质子同方向运动，垂直磁场方向射入匀强磁场，通过分析偏转半径可得出新核与质子的速度大小之比为1：20，已知质子质量为m．

①写出核反应方程；

②求出质子的速度v．评卷人得分六、作图题(共1题，共6分)21、如图所示，质量m=10kg的质点在光滑的水平面上υ=2m/s的速度运动2s．此后，同时受到平行于水平面三个恒力F1、F2、F3的作用运动10s．已知图中每一小格边长的长度表示1N的力．求：

（1）F2力使物体获得的加速度a2

（2）用平行四边形作图法求出物体所受的合力F（在图中保留作图的痕迹）

（3）F3力对物体做的功W3．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】理解瞬时速度、平均速度、平均速率等基本概念，瞬时速度是与某一时刻或者某一位置相对应的速度，平均速度是质点在某段时间内运动的位移与所用时间的比值，而平均速率是所用路程与时间的比值，二者是两个完全不同的概念．【解析】【解答】解：A；直线运动位移与时间的比值是平均速度；不是瞬时速度；故A错误；

B；路程与时间的比值等于平均速率；故B错误；

C；对于变速运动在不同时间段内可能出现相同的位移；故可以出现平均速度相等的情况；故C错误；

D；瞬时速度表示在一瞬间或一位置时的速度；瞬时速度可理解为时间趋于零时的平均速度；故D正确；

故选：D2、B【分析】

细线未剪断前；根据共点力平衡得，弹簧的弹力F=mgsinθ．

剪断细绳的瞬间；弹簧弹力不变，对于B，瞬间合力为零，则B的瞬时加速度为零．

对于A，合力为F合=mgsinθ+F=2mgsinθ；根据牛顿第二定律得，A的瞬时加速度方向沿斜面向下，大小为2gsinθ．故B正确，A；C、D错误．

本题选不正确的；故选B

【解析】【答案】细线烧断的瞬间；弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律求出瞬时加速度的大小．

3、B【分析】【分析】由四只灯泡均正常发光，则可求得原副线圈的电流，求得匝数之比，由图象中的周期求得频率，各表的示数为有效值．【解析】【解答】解：A、由图乙可得：T=0.02s，则，所以原线圈所加电压的瞬时值为U1=27sin100πt（V），根据，得：，所以灯泡L2、L3、L4正常发光，又因为匝数比为3：1，根据=，所以通过四个灯泡的电流始终相等，所以灯泡L1也正常发光，所以V；故A错误；

B、C、根据A中分析可知L1、L2、L3、L4均正常发光；故B正确，C错误；

D；整个电路消耗的总功率为：P′=4P=4×6W=24W；故D错误；

故选：B．4、D【分析】【分析】加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力（支持力大于重力，乘客处于超重状态），二者的合力即扶梯对乘客的作用力指向左上方；匀速运动阶段，扶梯对乘客只有竖直向上的支持力（支持力等于重力，乘客既不超重，也不失重），扶梯对乘客的作用力竖直向上．根据牛顿第三定律，分析乘客对扶梯的作用力方向．【解析】【解答】解：A；匀速运动阶段；扶梯对乘客只有竖直向上的支持力，没有摩擦力．故A错误．

B；加速运动阶段；扶梯对乘客的支持力大于重力，乘客处于超重状态；匀速运动阶段，扶梯对乘客的支持力等于重力，乘客既不超重，也不失重．故B错误．

C；D、加速运动阶段；扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上．即电梯对乘客的作用力先指向前上方，再竖直向上；故C错误，D正确；

故选：D．5、B【分析】【分析】物体做匀加速直线运动，对AB、BC两段过程分别根据速度位移关系式列方程，得出A、B、C三点的速度与位移的关系，根据AB段和BC段的平均速度与A、B、C三点的速度列式，联立求出vB．【解析】【解答】解：设加速度大小为a，经A、C的速度大小分别为vA、vC．

据匀加速直线运动规律可得

vC2-vB2=2a

联立解得vB=4.25m/s

故答案为：4.25m/s6、D【分析】【分析】由图变阻器Pa与Pb两部分并联，再与R0串联．电压表测量路端电压，电流表测量干路电流．根据变阻器总电阻的变化，由欧姆定律分析电路中电压、电流的变化来判断．【解析】【解答】解：在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中的总电流I先减小后增大，则电流表的读数先减小后增大，R0的功率先减小后增大；电源的内电压先减小后增大，则由闭合电路欧姆定律可知路端电压先增大后减小，则电压表的读数先增大后减小．

由于总电流I先减小后增大；则电源总功率EI先减小后增大，故ABC错误，D正确．

故选：D．二、多选题(共7题，共14分)7、ABD【分析】【分析】一定质量的气体的三个状态参量体积、压强、和温度之间的关系满足：PV=nRT，结合各选项的某个参量的变化，然后讨论即可．【解析】【解答】解：A、根据理想气体的状态方程：可知；温度不变时，若体积减小，则压强增大．故A正确；

B、根据理想气体的状态方程：可知；体积不变时，若压强增大，则温度升高．故B正确；

C、根据理想气体的状态方程：可知；体积减小时，可能是温度升高，也可能是压强增大．故C错误；

D、根据理想气体的状态方程：可知；温度升高时，若同时体积增大，压强可能减小．故D正确．

故选：ABD8、ABC【分析】【分析】根据速度-时间时间图象特点可直接分析小车的运动情况．在v-t图象中，图象斜率表示加速度的大小，图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小．【解析】【解答】解：A；B、D：在v-t图象中；图象的斜率表示加速度的大小，根据图象可知，小车先做匀加速运动，然后做加速度逐渐减小的加速运动，达到最大速度0.8m/s后，开始做加速度逐渐增大的减速运动，由于其速度方向一直为正方向，因此小车做直线运动，故AB正确，D错误；

C；在v-t图中；图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，图中每小格的面积表示的位移大小为0.1m，总格数约为83格（大于半格计为一格，小于半格忽略不计），总位移8.3m，大于8m，故C正确．

故选：ABC．9、ABD【分析】【分析】力是物体间的相互作用，力具有物质性、矢量性和相互性特点，力是物体形变或速度改变的原因．【解析】【解答】解：A；力是物体间的相互作用．故A正确；

B；力的作用效果是：力可以使物体的形状发生改变（简称形变）也可以使物体的运动状态发生改变；故B正确；

C；影响力的作用效果的有大小、方向和作用点；作用在同一物体上的两个力大小、方向相同，作用点不一定相同，如从不同的位置推转动的门，效果不同，故C错误；

D；力是物体间的相互作用；故不能离开施力物体和施力物体而单独存在，故D正确；

故选：ABD．10、BD【分析】【分析】由动能定理可得出汽车牵引力的功与克服摩擦力做功的关系，由功的公式可求得加速和减速过程中克服摩擦力做功的大小；由摩擦力做功利用P=FV可求得摩擦力的功率关系．【解析】【解答】解：

A、对全过程，由动能定理可知W-W1-W2=0，故W=W1+W2；由W=Pt1，W1=P1t1，W2=P2t2，代入得：Pt1=P1t1+P2t2，因t1与t2不相等，则P≠P1+P2；故A错误；

B、根据速度图象的“面积”表示位移可知，汽车加速过程的位移要大于减速过程的位移，因摩擦力不变，故加速时摩擦力所做的功大于减速时摩擦力所做的功，即W1＞W2；故B正确；

C、D、因加速和减速运动中，平均速度均为，即平均速度相等，摩擦力f相等，由P=fV可知，则摩擦力的平均功率相等，故P1=P2；故C错误；故D正确．

故选：BD11、AD【分析】【分析】根据右手定则判断电势的高低．由感应电动势公式E=Blvsinα，vsinα是有效的切割速度，即是垂直于磁感线方向的分速度，结合平抛运动的特点分析选择．【解析】【解答】解：A、金属棒做切割磁感线产生感应电流，根据右手定则判断得知：感应电动势方向从P→Q，则Q的电势高于P的电势，即φP＜φQ．故A正确．

B、C、D金属棒PQ做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v0．由感应电动势公式E=Blvsinα，visvα是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v0，则感应电动势E=Blv0，B、l、v0均不变；则感应电动势大小保持不变．则BC错误，D正确．

故选AD12、AC【分析】质点P

下滑到最低点的过程中，由动能定理得mgR

鈭�

W

=12

m

v

2

则速度v

=2mgR鈭�Wm

在最低点的向心加速度a

=v2R=2mgR鈭�WmR

选项A正确，选项B错误；在最低点时，由牛顿第二定律得N

鈭�

mg

=

ma

，N

=3mgR鈭�2WR

选项C正确，选项D错误。【解析】AC

13、BC【分析】【分析】光源S向水面A点发射一束光线，折射光线分成a，b两束，两条光路入射角相同，a光的折射角小于b光的折射角．根据折射定律分析折射率的大小．若保持入射点A位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b光的折射角先达到90°，最先消失．折射率大的光，频率高，波长短，波动性弱，干涉条纹间距小．【解析】【解答】解：A、由题，两光束的入射角i相同，折射角ra＜rb，根据折射定律得到，折射率na＜nb．故A错误．

B、由于频率fa＜fb，波长λa＞λb，则a光的波动性较强，衍射现象更明显，b光的波动性较弱，所以b光束通过小孔发生明显的衍射现象；则a光也一定能通过该小孔发生明显的衍射现象，故B正确．

C、若保持入射点A位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b光的折射角先达到90°，发生全反射，b光最先消失．故C正确．

D、折射角ra＜rb，频率fa＜fb，波长λa＞λb，则a光的干涉条纹间距大于b光的间距．故D错误．

故选：BC三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】由对称性可知，均匀分布在半径为R的圆周上，N个带电小球在圆心O点处的电场强度大小为零。若移去位于圆周上P点的一个小球，剩余带电小球在圆心O点处产生的电场强度与P点小球在圆心O点产生的电场强度大小相等，方向相反。由点电荷电场强度公式可知，P点带电小球在圆心处产生的电场强度为方向沿OP指向P点。若移去位于圆周上P点的一个小球，则圆心O点处的电场强度大小为方向沿OP指向P点。【解析】【答案】沿OP指向P点15、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（m1+m2—m3,）C16、2011：20【分析】【分析】首先题境知道模型的含义，据图知道有光和无关的时间，据此求出每分钟通过产品的个数；再据图象的电压和电源的电压，再据闭合电路的欧姆定律和功率公式求解即可．【解析】【解答】解：据图象可知，通过一个时的时间为2s，R2两端的电压电压为10；即6秒的时间内通过2个产品，所以60秒内通过20个产品．

设电源内阻和R1的总电阻为R，当有光照射时，电路的电流为I==A，电阻R2的功率为：P1=；

同理求得当有产品通过的功率：P2=

所以：=

故答案为：20；11：：2．17、【分析】【分析】第一和第二个波峰之间的位移是一个波长，分两种情况求出相对速度，再根据t=求解时间即可．【解析】【解答】解：第一和第二个波峰之间的位移是λ；

当船沿着波的传播方向行进时，船相对于水的速度v=v2-v1；

所以；

当船逆着波的传播方向行进时，船相对于水的速度v′=v2+v1；