2024年中图版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年中图版选择性必修2物理上册月考试卷620考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一个各边电阻相同、边长均为L的正六边形金属框abcdef放置在磁感应强度大小为B、方向垂直金属框所在平面向外的匀强磁场中。若从a、b两端点通以如图所示方向的电流，电流大小为I，则关于金属框abcdef受到的安培力的判断正确的是（）

A.大小为BIL，方向垂直ab边向左B.大小为BIL，方向垂直ab边向右C.大小为2BIL，方向垂直ab边向左D.大小为2BIL，方向垂直ab边向右2、在19世纪60年代建立经典电磁理论，并预言了电磁波存在的物理学家是（）A.麦克斯韦B.马可尼C.赫兹D.柯林斯3、如图所示，在水平面上有两条光滑的长直平行金属导轨MN、PQ，其电阻忽略不计，导轨间距离为L。空间中存在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场。质量均为m的两根金属杆a、b放置在导轨上，a、b杆接入电路中的电阻均为R。轻质绝缘弹簧的左端与b杆连接，右端固定。现使a杆以水平初速度v0向静止的b杆运动，当a杆的速度为v时，b杆的速度达到最大值vm，此过程中a杆产生的焦耳热为Q，两杆始终垂直于导轨并与导轨接触良好，则当b杆达到最大速度时（）

A.b杆受到的安培力为B.b杆受到弹簧的弹力为C.a、b杆与弹簧组成的系统机械能减少量为QD.弹簧具有的弹性势能为4、加速性能；电能利用率、动能回收等是电动汽车电机的重要指标。如图所示；甲、乙分别是目前被广泛采用的两种电机的简化原理示意图，它们的相同点是利用作为定子的电磁铁（二组线圈，图中1和4；2和5；3和6所示）交替产生磁场，实现了电磁铁激发的磁场在平面内沿顺时针方向转动的效果，以驱动转子运动；不同的是甲图所示电机的转子是一个永磁铁，而乙图所示电机的转子是绕在软铁上的闭合线圈。通过电磁驱动转子转动，可以为电动汽车提供动力。假定两种电机的每组电磁铁中电流变化周期和有效值均相同，下列说法正确的是（）

A.电机稳定工作时，乙电机转子的转速与电磁铁激发磁场的转速相同B.电机稳定工作时，乙电机产生的焦耳热相对较少C.电机稳定工作时，乙电机转子的转速越接近电磁铁激发磁场的转速，其所受安培力就越大D.刹车（停止供电）时，甲电机转子由于惯性旋转，可以通过反向发电从而回收动能5、一交变电流的图像如图所示；则对于该交变电流，下列说法正确的是（）

A.该交变电流的周期为B.该交变电流的周期为C.该交变电流的有效值为D.该交变电流的有效值为6、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示；由图可知（）

A.该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin(25t)VB.该交流电的频率为25HzC.该交流电的电压的有效值为100VD.若将该交流电压加在阻值R=100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率为100W7、如图所示，理想变压器原副线圈匝数比n1:n2＝1:2，其原线圈所接电压随时间变化的规律为u＝220(V)，电阻R＝2Ω；理想电流表示数为40A，则下列说法正确的是。

A.副线圈中电流变化的频率为100HzB.负载消耗的功率为8000WC.副线圈两端电压最大值为440VD.副线圈中电流为80A评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图；用理想变压器给电灯L供电，如果只增加副线圈匝数，其他条件不变，则（）

A.电灯L亮度减小B.电流表示数增大C.电压表示数不变D.变压器输入功率增大9、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，原、副线圈两端的电压分别为U1、U2，通过原、副线圈中的电流分别为I1、I2。若保持n1、n2和U1不变；且闭合开关S后两灯泡均能发光，则下列说法中正确的是。

A.B.C.开关S由闭合变为断开，U2将变大D.不论开关S闭合或断开，始终有U1I1=U2I2的关系10、如图甲所示，面积为匝数为N的圆形线圈置于绝缘的水平桌面上；空间存在竖直方向的磁场，规定竖直向下为正方向，其磁感应强度按如图乙所示的规律变化。下列说法正确的是（）

A.0~2s内穿过线圈的磁通量的变化量等于0B.0~2s内穿过线圈的磁通量的变化率为C.3~4s内线圈中产生的感应电动势大小为8VD.第1s末线圈中产生的感应电动势为011、下列有关电磁波的发射；传播和接收说法正确的是（）

A.如图所示传播方式的电磁波是短波B.由调谐电路接收到的感应电流，是经过调制的高频电流，是我们需要的声音或图象信号C.不同波段的无线电波的传播特点不一样，有不同的用途，发射、接收所用的设备可以相同E.长波可以通过地波传播的原因是：长波波长较长，容易产生衍射现象，长波在地面可以绕过障碍物E.长波可以通过地波传播的原因是：长波波长较长，容易产生衍射现象，长波在地面可以绕过障碍物12、如图所示，两理想变压器间接有电阻R，电表均为理想交流电表，a、b接入电压有效值不变的正弦交流电源。闭合开关S后（）

A.R的发热功率不变B.电压表的示数不变C.电流表的示数变大D.电流表的示数变小13、如图所示，水平地面上方相同高度竖直放置两根圆柱形铝管，其粗细、长短均相同，其中管Ⅰ无缝，管Ⅱ有一条平行于轴线的细缝。两枚略小于管内径的相同小磁铁a、b；同时从两管上端由静止释放，穿过铝管后落到地面。下列说法正确的是（）

A.a、b一定同时落地B.a一定比b后落地C.落地时，a、b的动能相等D.落地时，a比b的动能小14、如图，质量为M的光滑T型金属框Q置于水平绝缘平台上，组成Q的几条金属导轨中，与为足够长的间距为L的平行导轨，EF长为2L且与垂直。整个装置始终处于竖直向下的匀强磁场中（未画出），磁感应强度大小为B，质量为m的导体棒P在导轨间的电阻为r；与平行导轨保持垂直且良好接触。不计金属框的电阻，下列说法正确的是（）

A.用水平恒力F向右拉金属框Q，足够长时间后P棒的加速度恒定，最终回路磁通量不变B.若金属框Q固定不动，给P一个初速度则P的速度会随位移均匀减小C.若棒P固定，使框Q以速度v匀速向右运动时，Q产生的感应电动势为2BLvD.若P、Q不固定，给棒P水平向右的初速度则流过P的总电量为15、虚线上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，PQ下方存在竖直向上的匀强磁场，两处磁场磁感应强度大小均为足够长的等间距金属导轨竖直放置，导轨电阻不计。两根金属棒水平地靠在金属导轨上，其中金属棒ab、cd质量均为m，长均为L，电阻均为R，与导轨之间的动摩擦因数均为同时由静止释放两棒，cd棒进入下方区域立即做加速度大小为a的匀加速运动。已知运动过程中棒与导轨接触良好，重力加速度为g；求：（）

A.ab、cd在上方区域运动时，做加速度减小的加速运动B.cd棒静止释放的位置距离PQ的距离为C.cd棒进入下方区域运动时，不受安培力D.ab、cd在下方区域运动时，两者的距离会越来越大16、如图所示；光滑弧形金属双轨与足够长的水平光滑双轨相连，间距为L，在水平轨道空间充满竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B.乙金属棒静止在双轨上，而甲金属棒在h高处由静止滑下，轨道电阻不计．两棒的质量均为m，电阻均为R.甲棒与乙棒不会相碰，则下面说法正确的是。

A.从开始下滑到最终稳定，甲、乙的运动方向相反B.当稳定后，回路中感应电流的方向从上向下看是逆时针的C.乙棒受到的最大磁场力为D.整个过程中，电路释放的热量为mgh评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、某变压器原；副线圈匝数比为11：2；原线圈所接电源电压按图示规律变化，副线圈接有负载．

（1）变压器输入、输出功率之比为________

（2）副线圈两端电压的有效值为________伏18、在电子技术中，从某一装置输出的交变电流常常既有高频成分又有低频成分。要把低频成分输送到下一级装置，可用如图所示电路，其中电容C叫______，通过它的是______（选填“高频”或“低频”），它的电容一般较______（选填“大”或“小”），对高频容抗较______（选填“大”或“小”）。19、感应电动势。

在_________现象中产生的电动势叫作感应电动势，产生感应电动势的那部分导体相当于_____________20、如图，长度为l的直导线ab在均匀磁场中以速度移动，直导线ab中的电动势为_______。

21、如图甲所示，一个固定的矩形线圈abcd的匝数n=500，线圈面积S=100cm2，线圈的总电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。则线圈中的感应电流为___________A，流过R的电流方向为___________（选填“向上”或“向下”）

22、变压器是根据________原理工作的，所以变压器只能改变________（选填“交流”或“直流”）电的电压。在远距离输送电中，导线上会有电能损失，损失的电能主要由电流的________引起。23、生活中电磁波的使用非常普遍，医院里常用_____对病房和手术室进行消毒，飞机场常用_____对行李进行安全检查。（选填“无线电波”、“红外线”、“紫外线”、“X射线”、“γ射线”）评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)28、学校实验室提供如图甲所示的可拆变压器元件；某同学探究变压器原；副线圈两端的电压与线圈匝数之间的关系：

(1)该同学还需要的实验器材是______（填选项前的字母）；

A.B.C.

D.E.

(2)该同学实验组装的变压器如图乙所示。铁芯上原，副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=400匝，原线圈两端与电源相连，测得原、副线圈两端的电压分别为10V和1.8V，发现结果与正确实验结论有明显偏差，最有可能原因是______；

A.副线圈的数太少B.副线圈的电阻太大。

C.原线圈的匝数太多，电阻过大D.没有将铁芯B安装在铁芯A上。

(3)改正后正确操作，为原线圈n1=800匝接入12V电压，副线圈n2=400匝接线柱间输出电压最有可能是______。

A.24VB.6VC.5.6VD.2V29、半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器；其阻值会随压力变化而改变。

（1）利用图甲所示的电路测量某一压力传感器在不同压力下的阻值其阻值约几十千欧，实验室提供以下器材：

电源E（电动势为3V）

电流表A（量程内阻约为50Ω）

电压表V（量程3V；内阻约为20kΩ）

滑动变阻器R（阻值0~100Ω）

为了提高测量的准确性，开关应该分别接在______、______；（选填“1”或“2”；“3”或“4”）

（2）通过多次实验测得其阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示；

（3）由图乙可知，压力越大，阻值______（选填“越大”或“越小”），且压力小于2.0N时的灵敏度比压力大于2.0N时的灵敏度（灵敏度指电阻值随压力的变化率）______。（选填“高”或“低”）30、某研究性学习小组的同学，为检测某工厂排放污水的情况，制作了一个简易的电磁流量计，如图甲所示。该装置为中空的长方形管道，长、宽、高分别为a=20cm，b=c=10cm，左右两端开口，与排污管道联通。流量计的上下底面为绝缘体，前后两个侧面为导体，并分别固定两个电极M、N。在垂直于底面的方向加一竖直向下的匀强磁场，已知磁感应强度为B=0.8T。当含有正负离子的污水从左向右流经该装置时，M、N两电极间将产生电势差U。

（1）若使用多用电表的电压挡测量M、N电极间的电势差，则与图甲中M相连的应是多用电表的___________色表笔（选填“红”或“黑”）。

（2）某次测量时，使用了多用电表250mV量程的直流电压挡，表盘示数如图乙所示，则M、N电极间的电势差U=___________mV。

（3）若多用电表使用直流电压挡时，可近似视为理想电压表，则根据（2）中测得的电压值，可估算出污水的速度为___________m/s（结果保留2位有效数字）。

（4）现把多用电表的换挡开关旋至量程适当的直流电流挡，把红、黑表笔正确接至M、N两个电极，测得电流值为I=50μA，并已知此时多用电表的内阻为r=200Ω。假定污水的流速恒定并且充满流量计的长方形管道，由此可估算出污水的电阻率ρ=___________Ω·m。31、半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器；其阻值会随压力变化而改变。

（1）利用图甲所示的电路测量一传感器在不同压力下的阻值其阻值约几十千欧，现有以下器材：

压力传感器。

电源：电动势

电流表A：量程250μA，内阻约为

电压表V：量程内阻约为

滑动变阻器R：阻值范围

开关S；导线若干。

为了提高测量的准确性，应该选下面哪个电路图进行测量_________；

（2）通过多次实验测得其阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示：

由图乙可知，压力越大，阻值_________（选填“越大”或“越小”），且压力小于时的灵敏度比压力大于时的灵敏度（灵敏度指电阻值随压力的变化率）_________（选填“高”或“低”）；

（3）利用该压力传感器设计了如图丙所示的自动分拣装置，可以将质量不同的物体进行分拣，图中为压力传感器，为滑动变阻器，电源电动势为（内阻不计）。分拣时将质量不同的物体用传送带运送到托盘上，OB为一个可绕O转动的杠杆，下端有弹簧，当控制电路两端电压时，杠杆OB水平，物体水平进入通道1；当控制电路两端电压时，杠杆的B端就会被吸下，物体下滑进入通道2，从而实现分拣功能。重力加速度大小为若要将质量大于的货物实现分拣，至少应该将接入电路的阻值调为_________（结果保留3位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)32、为了测量储罐中不导电液体的高度，将与储罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容C置于储罐中，电容C可通过开关S与电感L或电源相连，如图所示。当开关从a拨到b时，由电感L与电容C构成的回路中产生振荡电流。现知道平行板电容器极板面积一定、两极板间距离一定的条件下，平行板电容器的电容与两极板间是否有电介质存在着确定的关系，当两极板间充入电介质时，电容增大。问：当储罐内的液面高度降低时，所测得的回路振荡电流的频率如何变化？

33、如图所示，平行光滑金属轨道和置于水平地面上，两轨道之间的距离之间连接一定值电阻倾角的倾斜轨道与水平轨道顺滑连接，为宽的矩形区域，区域内存在磁感应强度方向竖直向上的匀强磁场。质量电阻的导体棒在倾斜轨道上与距离处平行于由静止释放，已知重力加速度导轨电阻不计。求：

（1）导体棒刚进入匀强磁场时，导体棒两端的电压U；

（2）导体棒穿过匀强磁场的过程中通过某一横截面的电荷量q；

（3）运动过程中，导体棒上产生的焦耳热Q。

34、如图，在y>0的区域存在方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在y<0的区域存在方向沿x轴负方向的匀强电场。第一个带电粒子先从y轴上的A点以大小为v的速度沿x轴正方向射出，之后从x轴上的C点进入电场时，速度方向与x轴垂直，最后经过y轴上的D点。已知A、C、D三点与原点O的距离都为L；不计重力。

（1）求匀强电场的场强大小E；

（2）第二个相同的粒子也从A点射出，射出时速度的大小和方向都与第一个粒子不同，结果该粒子从x轴上的P点进入电场，此时速度方向仍与x轴垂直。已知P点与原点O的距离为2L。求该粒子从A点出发经过多长时间再次到达y轴？（已知sin53°=0.8；cos53°=0.6）

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

设通过ab支路的电流为I1，通过afedcb支路的电流为I2，其中afedcb支路在磁场中所受安培力的有效长度为a、b两端点间的长度L，所以金属框受到的安培力的合力大小为F=BI1L+BI2L=BIL

根据左手定则可知安培力的方向垂直ab边向左；故A正确。

故选A。2、A【分析】【详解】

建立经典电磁理论；并预言了电磁波存在的物理学家是麦克斯韦。

故选A。3、D【分析】【详解】

AB．b杆受到的安培力与弹簧的弹力相等时，速度最大，有

AB错误；

CD．a、b杆与弹簧组成的系统机械能减少量为2Q，a、b杆与弹簧组成的系统能量守恒，有

即

C错误；D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．乙电机中；转子也是线圈，乙转子的转动是由于穿过转子线圈的磁通量发生变化而产生感应电流，电流受安培力作用而运动，相当于电磁驱动，安培力阻碍定子和转子间的相对运动，但不能阻止，故转子比定子转得慢一些，故A错误；

B．乙电机中；转子也会产生焦耳热，故产生的焦耳热较多，故B错误；

C．转速越接近；则磁通量变化越慢，感应电流越小，所受安培力越小，故C错误；

D．停止供电后；甲的转子是磁铁，甲电机转子由于惯性旋转，使得线圈中磁通量发生变化，产生反向感应电流，反向发电从而回收动能，故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

AB．由图像可知；该交变电流的周期为0.03s，AB错误；

CD．由交变电流有效值的定义可得

代入数据解得

C正确；D错误。

故选C。6、B【分析】【详解】

AB．由图可知，该交流电的频率为

所以其表达式为

故B正确；A错误；

CD．由图像可知交流电的最大值为100V，因此其有效值为

所以R消耗的功率为

故CD错误。

故选B。7、B【分析】【详解】

A.由

可得故A错误．

B.根据变压器原理电压与匝数成正比，电流与匝数成反比可得副线圈两端电压副线圈中电流负载两端的电压

故负载的功率

故B正确．

C.副线圈两端电压最大值为故C错误．

D.副线圈中电流故D错误．二、多选题(共9题，共18分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

AC．根据。

输入电压U1不变，只增加副线圈匝数，使输出电压U2增大；因此电压表示数增大，加在灯两端的电压升高，从而灯的亮度增大，A；C错误；

BD．由于变压器是理想变压器；本身不消耗能量，输出功率增大，因此输入功率也增大，而输入电压保持不变，因此输入电流增大，电流表示数增大，B；D正确。

故选BD。9、B:D【分析】【详解】

AB．根据单相变压器的电压规律：

解得：

电流规律：

解得：故A错误，B正确；

C．输入电压决定输出电压，根据上述分析可知不论开关闭合还是断开，理想变压器的电压规律始终不变，所以也不变；故C错误；

D．理想变压器输入功率等于输出功率：

故D正确。

故选BD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题图乙可知，0~2s内磁感应强度的变化率为

则0-2s内穿过线圈的磁通量的变化率为

0-2s内穿过线图的磁通量的变化量的大小为

选项A错误；B正确；

CD．由法拉第电磁感应定律可知，0~2s内线图中产生的感应电动势大小为

且平均感应电动势等于瞬时感应电动势；则第1s末线圈中产生的感应电动势大小为8V，选项D错误；同理，3~4s内线圈中产生的感应电动势大小也为8V，选项C正确。

故选BC。11、A:D:E【分析】【详解】

A．通过电离层反射以天波方式传播的是短波；故A正确；

B．由调谐电路接收到的感应电流；是经过调制的高频电流，还不是我们需要的声音或图象信号，因此还要使声音或图象信号从高频电流中还原出来，这个过程是调制的逆过程，叫作解调也叫检波，故B错误；

C．不同波段的无线电波的传播特点不一样；发射；接收所用的设备和技术也不相同，因此有不同的用途，故C错误；

D．根据f=

说明增加调频回路固有频率f，需要减小L；即减小线圈的匝数，故D正确；

E．长波波长较长；容易产生衍射现象，长波在地面可以绕过障碍物，所以长波可以通过地波传播，故E正确。

故选ADE。12、B:C【分析】【详解】

AC．闭合开关S后，负载电阻减小，匝数为的线圈输出功率变大，匝数为的线圈输入功率也变大，a、b两端电压有效值不变，由

可知电流表的示数变大，根据

因比值不变，变大，变大，因此，R的发热功率变大；故A错误，C正确；

B．根据理想变压器电压比等于匝数比

可知输出电压不变；电压表的示数不变，故B正确；

D．根据理想变压器电流与匝数关系可得

由于匝数均保持不变，增大，所以增大，故电流表的示数变大；故D错误。

故选BC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．管Ⅰ无缝，管Ⅱ有一条平行于轴线的细缝，所以下落过程中小磁铁a受安培阻力，而小磁铁b不受安培阻力，所以小磁铁a下落比小磁铁b下落的慢；故A错误，B正确；

CD．由于小磁铁a下落过程中会消耗一部分能量克服安培阻力做功，所以落地时，a比b的动能小；故C错误，D正确。

故选BD。14、B:D【分析】【详解】

A．金属框右边凸出部分ACEFDB切割磁感线时等效于长度为L的金属棒产生的感应电动势，所以整个装置相当于等长双棒问题，Q在恒力F作用下向右加速时，P、Q最终以共同加速度一起匀加速运动，根据

最终电流恒定；P的速度始终比Q小，磁通量继续变化，故A错误；

B．金属框固定时，为单棒模型，根据动量定理

平均安培力

金属棒运动距离

整理得

故B正确；

C．Q匀速向右运动时，框等效于长度为L的棒切割磁感线，感应电动势为BLv；故C错。

误；

D．给P一个初速度，相当于双棒问题，最终获得共同速度，系统动量守恒

最终回路电流为零，所以全过程流过P、Q总电量均可由框动量定理求得

故D正确。

故选BD。15、B:D【分析】【详解】

A．根据整体法分析可知，ab、cd在上方区域运动时；磁通量不变没有感应电流没有安培力，做加速度为重力加速度的加速运动，加速度不变，A错误；

B．由题意可知，cd棒进入下方区域立即做加速度大小为a的匀加速运动，则有

又

根据电磁感应定律可得

由于cd在上方区域运动时做自由落体运动

故联立解得

B正确；

C．根据左手定则可知，cd棒进入下方区域运动时；受到垂直于纸面向外的安培力，C错误；

D．由于cd在下方区域做匀加速直线运动，因此由

可知其受到的安培力恒定，即感应电流横店，ab棒切割磁场的速度恒定，即cd和ab没有进入PQ区域时两者速度相同，cd进入PQ区域做匀加速运动，ab此时匀速运动，都进入PQ区域以后继续都做加速度为g的匀加速，此时因此两者的距离

两者的距离会越来越大；D正确。

故选BD。16、C:D【分析】【详解】

AB；甲金属棒沿光滑轨道下滑时获得了速度；进入磁场后，切割磁感线产生感应电流，受到向左的安培力而减速，乙金属棒受到向右的安培力而加速，经一段时间，甲、乙金属棒速度达到相同，之后回路的磁通量不发生变化，感应电流为零，安培力为零，二者匀速运动，匀速运动的速度即为甲乙金属棒的最终速度，此速度是乙金属棒的最大速度，故AB错误；

C、甲金属棒刚滑到水平面时，有最大的速度：解得最大速度为：进入磁场后甲金属棒减速，乙金属棒加速，乙棒受到的最大磁场力为故C正确；

D、当它们速度相等时，乙金属棒具有最大的速度，以两棒组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：整个过程中，电路释放的热量为故D正确；

故选CD．

【点睛】本题是双杆滑动类型，分析两杆的运动情况是关键，其次要把握物理规律，知道两棒组成的系统合外力为零，动量是守恒的．三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

（1）根据理想变压器的特点输入功率等于输出功率，即可求解；

（2）根据原副线圈电压与匝数成正比即可求出副线圈两端的电压；

【详解】

（1）[1]．根据理想变压器的特点，输入功率等于输出功率，所以P入：P出=1：1

（2）[2]．原线圈两端电压的有效值为：

根据电压与匝数成正比，有：

代入数据：

解得：U2＝40V

【点睛】

解决本题关键是知道理想变压器的特点，没有能量损失，输入功率等于输出功率，以及变压比规律和变流比规律即可求解．【解析】1:1；40；18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图中电容C叫高频旁路电容。

[2][3][4]电容器的容抗电路要把低频成分输送到下一级，C的作用是“通高频、阻低频”，所以通过它的是高频，它的电容一般较小，对高频容抗较小。【解析】高频旁路电容高频小小19、略

【解析】①.电磁感应②.电源20、略

【分析】【详解】

导线以图示方向运动，不切割磁感线，所以ab中的电动势为零。【解析】021、略

【分析】【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律有

再根据闭合电路欧姆定律有

[2]根据楞次定律可判断流过R的电流方向为向上。【解析】向上22、略

【分析】【详解】

[1][2]变压器是根据电磁感应原理工作的；所以只能改变交流电的电压。

[3]在远距离输送电中，导线有电阻，故导线上会有电能损失，损失的电能主要由电流的热效应引起的。【解析】电磁感应交流热效应23、略

【分析】【详解】

[1][2]医院里常用紫外线对病房和手术室进行消毒，飞机场常用X射线对行李进行安全检查。【解析】紫外线X射线四、作图题(共4题，共20分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共20分)28、略

【分析】【详解】

(1)[1]探究变压器原；副线圈两端的电压与线圈匝数之间的关系；主要实验器材有可拆变压器(铁芯、两个已知匝数的线圈)、低压交流电源和多用电表等，故选BE。

(2)[2]铁芯上原，副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=400匝，则根据变压器的工作原理可知

即原；副线圈两端的电压之比为2：1；但实际电压差距很大，说明该同学忘记了把图甲中的铁芯B组装到变压器铁芯A上，导致“漏磁”，则副线圈两端的电压很小。

故选D。

(3)[3]根据变压器的工作原理可知

解得

如果副线圈不带铁芯；则会出现漏磁现象，副线圈的输出电压会小于6V。

故选C。【解析】BEDC29、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于压力传感器的电阻约为几十千欧，而电流表A内阻约为50Ω，电压表V内阻约为20kΩ，压力传感器的电阻远远大