2024年沪科版高一物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高一物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、【题文】质量为m的人站在升降机中，如果升降机运动时加速度的绝对值为a，升降机底板对人的支持力N=ma+mg，则可能的情况是()A.升降机以加速度a向下加速运动B.升降机以加速度a向上加速运动C.在向上运动中，以加速度a减速D.在向下运动中，以加速度a减速2、月球上空没有空气；宇航员站在月球表面上，将质量不同的两个物体从同一高度同时由静止开始下落，则下列说法正确的是（）

A.两个物体一定同时落“地”

B.质量大的物体一定先落“地”

C.质量大的物体落“地”时速度大。

D.质量大的物体加速度小。

3、【题文】与“神州九号”完成对接的我国首个空间实验室“天宫一号”，目前在周期约为1.5h的近地圆轨道上陆续开展各项科学探测实验；我国发射的“风云一号”气象卫星，采用极地圆形轨道，轨道平面与赤道平面垂直，通过地球两极，每12h绕地球运行一周．下列说法正确的是（）A.“风云一号”在轨道运行的速度大于“天宫一号”在轨道运行的速度B.和“风云一号”相比，“天宫一号”的向心加速度更大C.“风云一号”比“天宫一号”的轨道半径大D.“风云一号”比“天宫一号”的轨道半径小4、放在电梯地板上的货箱，在随电梯加速上升过程中，电梯对货箱做的功等于(

)

A.货箱增加的势能B.货箱增加的动能C.货箱增加的机械能D.重力所做的功5、重100N

的物体，静止在粗糙的水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2

当物体受到一个大小为10N

方向水平向右的拉力作用后，水平面对物体的摩擦力大小和方向是(

)

A.10N

水平向左B.10N

水平向右C.20N

水平向左D.20N

水平向右6、甲、乙两质点运动的位移-时间图象如图中a、b所示，其中a图线为抛物线的一部分，不考虑二者碰撞，则下列说法中正确的是（）A.甲做曲线运动，乙做直线运动B.乙质点在t2～t3时间段内做匀速直线运动C.t1～t4时间段内甲、乙两质点的平均速度相同D.t3～t4时间段内乙比甲运动得快评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图甲所示，一物块在t=0时刻，以初速度v0从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示，t0时刻物块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端．由此可以确定（）A.物块所受摩擦力大小B.物块返回底端时的速度C.物块与斜面之间的动摩擦系数μ．D.3t0时间内物块克服摩擦力所做的功8、质量为m

和M

的两个物块AB

中间夹着一根由轻绳束缚着的、被压缩的轻质弹簧，弹簧与AB

不相连，它们一起在光滑的水平面上以共同的速度向右运动，总动量为P

弹簧的弹性势能为EP

某时刻轻绳断开，弹簧恢复到原长时，A

刚好静止，B

向右运动，与质量为M

的静止物块C

相碰并粘在一起，则(

)

A.弹簧弹力对A

的冲量大小为mM+mP

B.弹簧弹力对B

做功的大小为EP

C.全过程中机械能减小量大小等于EP

D.C

的最终速度为P2M

9、都是m

的物体在水平面上沿直线运动；图中，ABCD

是它的运动图象，由图象可知(

)

A.图A

表明物体做匀速运动B.图B

表明物体做匀速运动C.图C

表明物体做减速直线运动D.图D

表明物体做加速直线运动10、一个试探电荷，仅在电场力作用下在x

轴上从x=鈭�隆脼

向x=+隆脼

运动，其速度v

随位置x

变化的图象如图所示，由图象可知(

)

A.图线上各点切线的斜率表示物体运动的加速度B.x=x1

和x=鈭�x1

两处，电场强度相同C.在x

轴上，x=0

处电势或者最高，或者最低D.从x=鈭�隆脼

运动到x=+隆脼

过程中，电荷的电势能先增大后减小11、如图所示，质量为M

的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹角为娄脠

一个质量为m

的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度v0

开始运动。当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v

距地面高度为h

则下列关系式中正确的是

A.mv0=(m+M)v

B.mv0cos娄脠=(m+M)v

C.mgh+12(m+M)v2=12mv02

D.mgh=12m(v0sin娄脠)2

12、下列关于做斜抛运动的物体速度改变量的说法中正确的是(g=9.8m/s2)(

)

A.抛出后一秒内物体速度的改变量要比落地前一秒内的小B.在到达最高点前的一段时间内，物体速度的变化要比其他时间慢一些C.即使在最高点附近，每秒钟物体速度的改变量也等于9.8m/s

D.即使在最高点附近，物体速度的变化率也等于9.8m/s2

评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、在弹性限度内，一根弹簧受到50N的压力，其长度压缩了0.2m，则其劲度系数为____．14、在“探究小车速度随时间变化的关系”实验中，所用交流电的频率为50Hz．某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个点作为计数点，分别标明0，1，2，3，4．量得x1=30.0mm，x2=36.0mm，x3=42.0mm，x4=48.0mm，则打点计时器打计数点2时小车的速度为____m/s；小车的加速度为____m/s2；关于本实验下列说法正确的是____．（计算结果保留两位有效数字）

A．据题中数据还可以求出打点计时器打其它几个计数点时小车的速度。

B．释放小车时；小车应靠近打点计时器。

C．实验中换用低压直流电源时打点计时器仍能正常工作。

D．操作中应先释放小车；待小车运动稳定后，再接通电源，使打点计时器工作．

15、【题文】如图所示；底座A上固定有一长竖直杆，杆上套有环B，环B与杆之间的接触面是粗糙的。现给环B以某一初速度从底座开始上升，到达顶端之后又落回，则环B沿杆上升的过程中受到的滑动摩擦力方向竖直_______，在落回的过程中受到的滑动摩擦力方向竖直_______。（“向上”或“向下”）

16、电磁打点计时器是一种使用____电源的____仪器；它的工作电压是____V．当电源的频率是50Hz时，它每隔____s打一次点，电火花计时器的工作电压是____V，打点周期是____s．接通电源与让纸带（随物体）开始运动，这两个操作的时间关系应当是____．17、【题文】如图质量为M的楔形块放在水平面上，它的顶角为90°，两底角为和a、b两物块的质量均为m，所有接触面都是光滑的，现发现a、b沿斜面自由下滑时，楔形木块静止不动，则此过程M对水平桌面的压力等于____评卷人得分四、实验探究题(共3题，共24分)18、（1）研究平抛物体的运动，安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是______

A．保证小球飞出时；速度既不太大，也不太小。

B．保证小球飞出时；初速度水平。

C．保证小球在空中运动的时间每次都相等。

D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线。

（2）下列哪些因素会使“研究平抛运动”实验的误差增大______

A．小球与斜槽之间有摩擦。

B．安装斜槽时其末端不水平。

C．建立坐标系时；以斜槽末端端口位置为坐标原点。

D．根据曲线计算平抛运动的初速度时；在曲线上取作计算的点离原点O较远。

（3）在研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=2.5cm．若小球在平抛运动途中的几个位置如图中a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=______（用L、g表示），其值是______．（取g=10m/s2）19、某同学用带铁夹的铁架台、定滑轮、电火花计时器、纸带、质量m1=0.2kg

的重物甲质量m2=0.1kg

的重物乙等器材组装成如图1

所示的实验装置，以此研究重物甲和乙组成的系统释放后机械能是否守恒.

实验中得到一条比较理想的纸带(

图2)

可以认为打第一个点O

时系统恰好开始运动.

然后选取ABC

三个相邻的计数点，相邻两计数点间还有四个点未画出.

分别测量出ABC

到O

点的距离分别为hA=14.40cmhB=25.60cmhC=40.00cm(

已知打点计时器打点周期T=0.02sg=9.8m/s2).(

结果保留三位有效数字)

(1)

打点计时器打下计数点B

时；重物的速度vB=

______m/s

(2)

自释放重物至打点计时器打B

点的过程中；系统重力势能减少______J

系统动能增加______J.

(3)

实验的结论是：______．20、（1）在做“研究平抛运动”实验时；除了木板；小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要的是______

A．游标卡尺B．秒表C坐标纸D天平E．弹簧测力计F重垂线。

（2）实验中；下列说法正确的是______

A．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下。

B．斜槽轨道必须光滑。

C．要使描出的轨迹更好地反映真实运动；记录的点应适当多一些。

D．斜槽轨道末端可以不水平。

（3）在研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=______（用L、g表示），其值是______m/s。（g取9.80m/s2）评卷人得分五、画图题(共2题，共14分)21、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。22、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分六、综合题(共1题，共7分)23、【题文】（22分）如图，一质量m="1"kg的木块静止的光滑水平地面上。开始时，木块右端与墙相距L="0.08"m；质量为m="1"kg的小物块以初速度v0="2"m/s滑上木板左端。木板长度可保证物块在运动过程中不与墙接触。物块与木板之间的动摩擦因数为=0.1，木板与墙的碰撞是完全弹性的。取g="10"m/s2；求。

（1）从物块滑上木板到两者达到共同速度时；木板与墙碰撞的次数及所用的时间；

（2）达到共同速度时木板右端与墙之间的距离。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|D【分析】【解析】

试题分析：由题意可知支持力大于重力；人处于超重状态，所以有向上的加速度，有向上加速度的运动可分为两种情况：向上加速运动和向下减速运动。

故选BD

考点：超重和失重。

点评：容易题。物体处于超重状态时，不一定是向上加速运动也可能是向下减速运动；同理，物体处于失重状态时，不一定向下加速运动．也可能是向上减速运动．【解析】【答案】BD2、A【分析】

月球上没有空气，羽毛和石块只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据h=可知：t=又因为两物体从同一高度同时下落；故运动的时间相等，所以两个物体一定同时落地．

故选A．

【解析】【答案】月球上没有空气；物体只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据自由落体运动的规律可知，下落时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同．

3、B|C【分析】【解析】

试题分析：由公式得周期越大，半径越大，所以天宫一号轨道半径小于风云一号轨道半径，C正确，D错误；由公式得半径越大，线速度越小，所以天宫一号卫星的线速度较大，A错误；根据公式得半径越大，向心加速度越小，所以天宫一号的向心加速度较大，B正确；

故选BC

考点：考查了万有引力定律的应用。

点评：天体运动这块的公式较多，在使用的时候一定要选择合适的公式求解【解析】【答案】BC4、C【分析】解：物体受重力和支持力；设重力做功为WG

支持力做功为WN

运用动能定理研究在升降机加速上升的过程得；

WG+WN=鈻�Ek

WN=鈻�Ek鈭�WG

由于物体加速上升；所以重力做负功，设物体克服重力所做的功为WG隆盲WG隆盲=鈭�WG

所以WN=鈻�Ek鈭�WG=WN=鈻�Ek+WG隆盲

根据重力做功与重力势能变化的关系得：

wG=鈭�鈻�Ep

所以WN=鈻�Ek鈭�WG=WN=鈻�Ek+鈻�Ep

故选：C

对物体进行受力分析；运用动能定理研究在升降机加速上升的过程，表示出地板对物体的支持力所做的功．

知道重力做功量度重力势能的变化．

解这类问题的关键要熟悉功能关系；也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．

动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量．【解析】C

5、A【分析】解：物体所受滑动摩擦力大小为：f=娄脤N=0.2隆脕100N=20N

当F=10N<20N<f戮虏max

时；物体保持静止不动。

物体所受到静摩擦力为：f隆盲=F=10N

方向水平向左；故A正确；BCD错误；

故选：A

当推力小于最大静摩擦力时；物体未动，所受摩擦力为静摩擦力，根据平衡条件计算；当推力大于最大静摩擦力时，物体被推动，所受摩擦力为滑动摩擦力．

研究摩擦力时，首先要根据物体的状态确定是滑动摩擦还是静摩擦，静摩擦根据平衡条件求解，滑动摩擦可以根据平衡条件，也可以根据摩擦力公式求解．【解析】A

6、C【分析】解：A；x-t图象只能表示直线运动的规律；可知，甲物体做的是变速直线运动，乙先匀速直线运动后静止在匀速直线运动，故A错误。

B、由图象知2s～t3时间段内乙的位置没变；即静止，故B错误。

C、在位移-时间图象中，位移等于x的变化量，知t1～t4时间段内甲、乙两质点的位移相同，又时间相等，平均速度等于位移除以时间，故t1～t4时间段内甲；乙两质点的平均速度相同；故C正确；

D、根据图象的斜率表示速度，由图象可知，t3～t4时间段内甲的斜率比乙的大，即t3～t4时间段内甲比乙运动得快；故D错误；

故选：C。

在位移-时间图象中；位移等于x的变化量，平均速度等于位移除以时间。图象的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动。x-t图象只能表示直线运动的规律。

解决本题的关键要掌握位移时间图线表示的物理意义，知道图象的斜率等于速度，位移等于纵坐标的变化量。【解析】C二、多选题(共6题，共12分)7、BC【分析】解：A；由图可知物体运动的加速度；但是由于物体的质量没有告诉，故无法求出摩擦力大小；故A错误；

B；由于斜面长度一定；故向下和向下运动的位移大小相等，根据面积表示位移表示出减速过程位移，从而求出返回时的速度；故B正确；

C；根据图象可求得加速度；再根据牛顿第二定律即可求出动摩擦因数；故C正确；

D；由于摩擦力无法求出；故克服摩擦力的功无法求解；故D错误；

故选：BC．

明确图象的性质；根据图象可以求出加速度以及位移；再根据牛顿第二定律可分析受力情况；根据位移关系可求得末速度．

本题考查牛顿第二定律的应用，要注意分析图象给出的信息，重点掌握图象的斜率以及图象与时间轴围成面积的意义进行分析，同时并能结合牛顿第二定律进行分析求解．【解析】【答案】BC8、ABD【分析】【分析】根据动量定理，求出当弹簧恢复到原长时弹力对A

的冲量以及对B

做的功，由功能关系能量转化求出全过程中损失的机械能，由动量守恒定理求得BC

最终的速度。本题考查了动量定理和动量守恒定律，以及在弹簧类模型中能量的转化，根据动量守恒定律和能量守恒，结合功能关系列式计算。【解答】A.开始时A

物体的动量为：PA=mM+mp

在细绳断开弹簧恢复原长的过程中弹力对A

做功，使物块A

静止，则由动量定理得I=?P=鈭�mM+mp

所以弹力对A

的冲量大小为：mm+Mp

故A正确；B.在弹簧恢复原长的过程中，弹簧对A

做负功，对B

做正功，弹簧恢复到原长时，A

刚好静止，此过程只有弹簧弹力做功，AB

和弹簧系统机械能守恒，则弹簧的弹力对B

做的功等于弹簧的弹性势能Ep

故B正确；CD.

由于系统动量守恒，则由p=2Mv

得，最终BC

的速度为：v=p2M

再由功能关系得损失的机械能为：?E=Ek鈭�Eko=12隆陇2M隆陇(p2M)2鈭�p22(M+m)=p24M鈭�p22(M+m)

故C错误，D正确。故选ABD。【解析】ABD

9、ACD【分析】解：A

从图象看作x鈭�t

图象是直线；斜率表示速度，故是匀速直线运动，故A正确；

B；C

在速度鈭�

时间图象中；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图B

表明物体做匀加速直线运动，图C

表明物体做匀减速直线运动，故B错误，C正确．

D；图D

是加速度鈭�

时间图象；表示加速度随时间的变化情况，由图象可知物体加速度随时间均匀增大，故D正确．

故选：ACD

．

匀速直线运动中；速度不变；匀变速直线运动中，v鈭�t

图象是直线，斜率表示加速度．

本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．【解析】ACD

10、CD【分析】解：A

此图是速度鈭�

位置图象，而根据加速度的定义式：a=鈻�v鈻�t

可知在速度鈭�

时间的图象中，斜率才表示加速度.

故A错误．

B；由题；检验电荷仅在电场力作用下沿x

轴从x=鈭�隆脼

向x=+隆脼

运动，速度先减小后增大，所受的电场力先沿鈭�x

轴方向，后沿+x

轴方向，电场线方向先沿鈭�x

轴方向，后沿+x

轴方向，则知x=x1

和x=鈭�x1

两处，电场强度的方向相反，电场强度不同，故B错误．

C；由上知；检验电荷受到的电场力的方向先沿鈭�x

轴方向，后沿+x

轴方向，所以电场力先做负功，后做正功电荷的电势能先增大，后减小；若检验电荷带正电则表示电势先升高后降低，则x=0

处电势最大，若检验电荷带负电则表示电势先降低后升高，则x=0

处电势最小.

故C正确．

D；由C

的分析可知；从x=鈭�隆脼

运动到x=+隆脼

过程中，电荷的电势能先增大后减小，故D正确．

故选：CD

．

根据速度的变化；判断电荷所受的电场力方向，确定电场线的方向.

根据速度图象的斜率决定电场强度大小，分析加速度，由牛顿第二定律分析电场强度.

根据电场力做功的正负，分析电势能如何变化．

该题中的A

选项是一个容易出现错误的地方，要只有该题的图象是速度鈭�

位移图象，速度鈭�

图象的斜率不等于加速度，也不表示加速度，根据动能定理的表达式：F鈻�x=12mv22鈭�12mv12

可知，该斜率还不能表示电场力拢隆拢隆拢隆

若纵坐标表示的是速度的平方，则斜率可以表示电场力．【解析】CD

11、BC【分析】【分析】小物块上升到最高点时，速度与楔形物体的速度相同，小物块与楔形物体作用时水平方向动量守恒，根据动量守恒和机械能守恒列式即可求解。本题考查动量守恒与机械能守恒的规律，难度不大。【解答】小物块上升到最高点时，速度与楔形物体的速度相同，小物块与楔形物体作用时水平方向动量守恒，全过程的机械能守恒，取向右为正方向，由水平方向动量守恒有：mv0cosmv_{0}cos娄脠=(m+M)v

故A错误，B正确；系统的机械能守恒，有12mv02=mgh+12(m+M)v2

故C正确，D错误。故选BC。【解析】BC

12、CD【分析】解：由于斜抛运动在运动过程中只受重力作用；其加速度为g=9.8m/s2

所以在任何相等的时间内速度的改变量都相等，故A；B错误；

每一秒钟，任何位置的速度改变量为鈻�v=g鈻�t=9.8m/s

其速度变化率为鈻�v鈻�t=g=9.8m/s2

故C；D正确；

故选：CD

斜抛运动的加速度a=g

任何相等时间内速度改变量为鈻�v=g鈻�t

相等；每秒内速度改变量为9.8m/s2

速度的变化率恒定。

本题考查的是斜抛运动的知识，根据斜抛运动的条件(

物体具有斜上方向的初速度，运动过程中只受重力)

加速度为重力加速度，不难解题．【解析】CD

三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】

当弹力F=50N时；形变量x=0.2m

代入胡可定律是：F=kx得：

50=k×0.2

解得：k=250N/m

故答案为：250N/m

【解析】【答案】胡可定律是：F=kx；其中F是弹力，k是劲度系数，x是形变量，找到各个数据代入即可．

14、略

【分析】

小车通过点2时的速度为：

v=m/s=0.39m/s

由题目中数据可得：△S=aT2为常数，其中△S=6mm，T=0.1s，所以解得a=0.60m/s2．

A；可以用平均速度代替瞬时速度求出1、3的速度；可以根据匀加速直线运动速度时间公式求出0、4的速度，故A正确；

B；在释放小车前；小车应尽量靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小，故B正确；

C；打点计时器只能接交流电源才能正常工作；故C错误；

D；实验中为了在纸带上打出更多的点；为了打点的稳定，具体操作中要求先启动打点计时器然后释放小车，故D错误．

故选AB

故答案为：0.390.60AB

【解析】【答案】由题目所提供的数据可知，小车做匀变速直线运动，根据时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出小车通过点2时的速度大小，由△x=aT2可以求出小车的加速度大小．

15、略

【分析】【解析】滑动摩擦力与接触面相切与相对运动方向相反；所以环相对杆向上运动，所受滑动摩擦力与相对运动方向相反，所以向下；落回的过程中相对杆向下，所受滑动摩擦力向上。【解析】【答案】向下向上16、略

【分析】

根据电磁打点计时器的构造和具体使用我们知道；电磁打点计时器是一种记录物体运动位移和时间的仪器，它使用的电源为4～6V的低压交流电源，当电源的频率是50Hz时，打点周期为0.02s；电火花计时器的工作电压是220V，打点周期是0.02s；在具体使用时，为了提高纸带的利用率，同时也是为了使打点更稳定，操作中要求先接通电源开始打点，然后释放纸带．

故答案为：交流；记录物体运动位移和时间的，4～6V，0.02，交流220V，0.02，先接通电源开始打点，然后释放纸带．

【解析】【答案】了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压；工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进行有关的操作．

17、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】四、实验探究题(共3题，共24分)18、略

【分析】解：（1）斜槽的末端水平；这样做的目的是保证小球飞出时，初速度水平．故选：B．

（2）A；小球与斜槽之间有摩擦；不会增大实验的误差，因为只要让小球从斜槽的同一位置由静止滚下，保证初速度相等即可，故A错误．

B；安装斜槽时不水平；则初速度不水平，会增大实验的误差，故B正确．

C；建立坐标系时；应以小球在斜槽末端时球心在竖直板的投影为坐标原点，而以斜槽末端端口位置为坐标原点会增大实验的误差，故C正确．

D；根据曲线计算平抛运动的初速度时；在曲线上取作计算的点离原点O较远，能减小实验的误差，故D错误．

故选：BC．

（3）在竖直方向上，根据△y=L=gT2得，T=初速度代入数据得：m/s=1.0m/s．

故答案为：（1）B；（2）BC；（3）21.0m/s．

（1）为了使小球初速度水平；斜槽的末端必须水平．

（2）根据实验的原理确定哪些因素可以增大实验的误差．

（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔；结合水平位移和时间求出初速度．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．【解析】B；BC；1.0m/s19、略

【分析】解：(1)B

点的瞬时速度等于AC

段的平均速度，则vB=hC鈭�hA2T=0.400鈭�0.1440.2m/s=1.28m/s

．

(2)

自释放重物至打点计时器打B

点的过程中，动能的增加量鈻�Ek=12(m1+m2)vB2=12隆脕0.3隆脕1.282J=0.246J

系统重力势能的减小量鈻�Ep=(m1鈭�m2)ghB=0.1隆脕9.8隆脕0.256J=0.251J

．

(3)

实验的结论是：在误差允许的范围内；系统的机械能守恒．

故答案为：(1)1.28(2)0.2510.246(3)

在误差允许的范围内，系统的机械能守恒．

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B

点的速度；从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量．【解析】1.280.2510.246

在误差允许的范围内，系统的机械能守恒20、CFAC20.70【分析】解：（1）实验中时间可以通过竖直位移求出；不需要秒表测量时间，不需要弹簧秤测质量，小球的直径不需要测量，可知不需要游标卡尺，需要坐标纸和重锤线，故选：CF。

（2）A；为了保证小球每次平