（山西卷）2022年中考物理第三次模拟考试（全解全析）

2022年中考物理第三次模拟考试（山西卷）（本卷共23小题，考试时间：70分钟试卷满分：80分）注意事项：1.每题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑｡如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点｡2.本卷共三大题，共80分｡一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，共30分）1．小明同学到南美洲游学，见到一种外表酷似微型西瓜的野生水果，其独特的迷你造型和清爽的口感令人称奇。右图是迷你“西瓜”与一元硬币放在一起的对比照，根据图片信息，估测该迷你“西瓜”的长度约为（）。A．2mm B．2cm C．6mm D．6cm【答案】B。【解析】一枚一元硬币的直径在2cm左右。由图知，迷你“西瓜”与一元硬币的直径差不多，所以在2cm左右。故选：B。2．关于声现象，下列说法中正确的是（）。A.用大小不同的力敲击同一个编钟，发出的音色不同；B.敲击鼓面发声，是因为鼓面正在振动；C.道路两旁的隔音墙是在声源处减弱噪声；D.航天员在月球上可以面对面交谈是因为真空可以传声【答案】B。【解析】A.用大小不同的力敲击同一个编钟，编钟的振幅不同，发出的声音响度不同，故A错误；B.声音是由物体振动产生的。敲击鼓面发声，是因为鼓面正在振动，故B正确；C.减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。道路两旁的隔音墙是在传播过程中处减弱噪声，故C错误；D.声音的传播需要介质，真空不能传声。月球的表面接近真空，月球上可以面对面交谈需要借助无线电通信设备，故D错误。故选B。3.下列操作符合安全用电的是（）。A．勤俭节约，电线只要能导电，即使破损了也应该继续使用；B．为防止空气开关自动断开，应滴入少量胶水使其粘合；C．在高压线下雨中漫步，感受科技与自然的美妙融合；D．发现有人触电时，不应立即用手将其拉开，而是应先切断电源【答案】D。【解析】A．破损的电线容易造成漏电，发生人身触电伤亡事故，故A不符合题意；B．粘合后，空气开关无法正常工作，在过载或短路时无法起到保护作用，故B不符合题意；C．下雨天四周空气变潮，高压电通过电介质向大地放电的电容电流会增大，在高压线下漫步容易触电，故C不符合题意；D．人体是良好的导体，发现有人触电时，不应立即用手将其拉开，而是应先切断电源，故D符合题意。故选D。4．如图所示，小星乘超市的自动扶梯匀速上升的过程中，小星的（）。A.动能转化为重力势能，机械能不变；B.重力势能转化为动能，机械能增大；C.动能不变，重力势能增大，机械能增大；D.动能不变，重力势能不变，机械能不变【答案】C。【解析】小星在匀速上升过程中，扶梯对小星做功，小星的机械能将增大。小星的高度增大，速度不变，而自身的质量又不变。故他的重力势能增大，动能不变，机械能总量变大。故

ABC

错误，不符合题意；C正确，符合题意。故选C。5.如图下列关于静电现象，说法正确的是（）。A．摩擦后的气球能够吸引细水流，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；B．细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球一定带有异种电荷；C．丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电荷，在这个过程中丝绸会失去电子；D．验电器是利用了同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理制成的【答案】A。【解析】A．摩擦后的气球能够吸引细水流，是因为摩擦后气球带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，故A正确；B．小球相互吸引，还有可能是其中一个小球不带电，故B错误；C．丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电；丝绸夺得电子的本领强得到电子，多余电子带负电，故C错误；D．验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，金属箔片所带的电荷量越多，其张角越大，故D错误。故选A。6.自然界中有许多有趣的光现象，下列光现象中，属于光沿直线传播的是（）。A．空游泳池中注水后，看起来变浅了；B．平静的湖面上倒映着岸边的景物；C．开凿隧道时，工人们用激光束引导掘进机；D．雨后的天空中，出现了一道彩虹【答案】C。【解析】A、注满水的游泳池，池底看起来变浅了，是由于光从水中斜射入空气中时，发生折射，故A不符合题意；B、平静的水面能形成岸上景物清晰的像，是利用了光的反射，故B不符合题意；C、开凿隧道用激光束引导掘进机，使掘进机沿直线前进，是利用光沿直线传播，故C符合题意；D、雨后彩虹，是光的色散现象，是由光的折射形成的；故D不符合题意。故选C。7.如图所示的四种现象中，其物态变化属于升华的是（）。A．“雾凇”形成；B．玻璃上形成水珠；C．“雪人”没熔化却变小；D．湿衣服逐渐变干【答案】C。【解析】A、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故A错误；B、玻璃上的水珠，是水壶中喷出的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误；C、冬天的雪人未熔化却变小，是固态的冰雪直接升华为水蒸气；故C正确；D、湿衣服逐渐变干，是水汽化为水蒸气；故D错误。8.选项图中所示的装置中与甲图工作原理相同的是（）。A.

自发电手电筒

B.

话筒C.

手摇式发电机

D.

扬声器【答案】D。【解析】图甲中，线圈通电后，会发生转动，它的原理是磁场对通电线圈有力的作用。A.自发电手电筒利用电磁感应现象制成的，故A不符合题意；B.话筒利用的是电磁感应原理，故B不符合题意；C.手摇式发电机利用电磁感应现象制成的，故C不符合题意；D.扬声器的原理是磁场对通电线圈有力的作用，故D符合题意。故选D。9.如图所示，两个相同的烧杯中分别装满了两种不同的液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，两球最后均沉至杯底。已知甲、乙两球排开液体受到的重力相等，则下列说法正确的是（）。A.甲所受浮力更大；B.乙所受浮力更大；C.不知道液体密度，无法比较浮力大小；D.甲所在的容器中的液体密度小于乙所在的容器中的液体密度【答案】D。【解析】ABC．根据阿基米德原理可知F浮甲

=G甲排，F浮乙

=G乙排已知甲、乙排开液体的重力相等，所以F浮甲

=F浮乙，故ABC错误；D．根据阿基米德原理可知ρ液甲

gV排甲

=ρ液乙

gV排乙由图可知，甲球排开的液体的体积要大于乙球排开的液体的体积，浮力相同，则甲球所在的液体的密度要小于乙球所在的液体的密度，故D正确。故选D。10.在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列四种情况中变大的是（）。A.电压表V的示数

B.电流表A1

的示数C.电流表A2

的示数

D.电压表V的示数与电流表A2

的示数的比值【答案】D。【解析】由电路图知，小灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源电压，电流表A1

测变阻器这一支路的电流，A2

测干路的电流，当滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，而电源电压即电压表示数不变，据欧姆定律知，变阻器这一支路的电流变小，而小灯泡这一支路不受影响，所以干路电流变小，即两个电流表的示数都变小，那么电压表V的示数与电流表A2

的示数的比值变大，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。二、实验探究（本大题共5个小题，11小题4分，12小题6分，13小题6分，14小题4分，15小题4分，共24）11．小明用凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材，探究凸透镜成像的规律。（1）实验时，使___________在同一水平高度。（2）当蜡烛、凸透镜、光屏在图所示位置时，光屏上出现了等大清晰的像，此凸透镜的焦距为_______cm。（3）保持凸透镜位置不动，在（2）实验基础上，想要在光屏上得到缩小清晰的烛焰像，接下来的操作是_______。（4）保持凸透镜位置不动，把蜡烛移到45cm处，无论怎样移动光屏，光屏上始终接收不到像，小明观察像的方法是_______。【答案】蜡烛烛焰、凸透镜光心、光屏中心；10.0；将蜡烛和光屏均向左移动合适的距离；在凸透镜右侧合适位置直接观察。【解析】（1）[1]实验时，为了使像成在光屏的中央，蜡烛烛焰、凸透镜光心、光屏中心应该在同一高度上。（2）[2]根据凸透镜成像规律可知，当物体在二倍焦距时，物体和像等大，所以此时则该凸透镜的焦距为10.0cm。（3）[3]根据凸透镜成像规律可知，当像为倒立缩小实像时，物体在二倍焦距之外，所以需要将蜡烛向左移动，根据“物远像近像变小”可知，光屏也应该向左移动。（4）[4]保持凸透镜位置不动，把蜡烛移到45cm处，此时蜡烛在一倍焦距以内，成虚像，光屏上观察不到像，需要在凸透镜右侧合适位置通过透镜直接观察。12．某学习小组计划探究电流与电阻的关系，设计的电路如图甲所示。（1）请根据甲图把乙图中的电路连接完整（要求滑动触头向右移动时，电路中电流变大）。（_______）（2）在闭合开关进行实验前，滑动变阻器的滑动触头应位于______（选填“”或“”）端。（3）为得到多组实验数据，进行实验时需要更换连入电路中的定值电阻。每次更换定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，使电压表的示数______。（4）某次实验时，闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的示数始终等于电源电压，电流表示数为零，则电路中的故障是___________。（5）某次实验中，电流表示数如图丙所示，该电流表的示数为______。（6）某同学分析实验数据发现在电压一定的情况下，电流与电阻成反比，于是他作出了如图丁所示的图线，则实验中该同学加在电阻两端的电压为______。【答案】如图；A；不变；定值电阻开路；0.24；3。【详解】（1）[1]由公式可知，在电源电压一定时，电路中的电阻变小，电路中的电流变大。由题意可知，滑动触头向右移动时，电路中电流变大，即滑片向右移动连入电路中的电阻变小，滑动变阻器遵循“一上一下”的接法，下方接的是右接线柱，如图所示：（2）[2]在闭合开关进行实验前，滑动变阻器应移至阻值最大处，滑动变阻器的右部分电阻丝连入电路中，滑动变阻器的滑动触头应位于A端。（3）[3]探究电流与电阻的关系，需要采用控制变量法，控制定值电阻两端的电压不变，通过调节滑动变阻器，使电压表的示数不变，改变定值电阻的阻值来研究。（4）[4]闭合开关，调节滑动变阻器，电流表示数为零，说明电路中没有电流，电路是开路，电压表的示数始终等于电源电压，电压表测电源电压，说明与电压表并联的定值电阻开路。（5）[5]如图丙所示，电流表选用0

~0.6A的量程，0.2A之间有10个小格，1小格代表0.02A，电流表的分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A。（6）[6]在实验中，定值电阻两端的电压是一定的，可以在坐标上取任意一点计算，当I=0.30A时，，则定值电阻的阻值；定值电阻两端的电压。13．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示。选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布。(1)实验中应该用弹簧测力计拉着木块在水平接触面上做______运动，根据______知识可知，木块所受摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。(2)如果想探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，应选择______两图进行实验，比较两图可得出的结论是______。(3)某同学猜想：滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关。于是他将甲图中木块切去一半（如图丁所示），重复甲图的实验操作。他比较图甲和图丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他探究过程中存在的问题是______，改进方法是______。【答案】匀速直线；二力平衡；乙丙；压力相同时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大

没有控制压力相同；见解析。【解析】(1)[1][2]应该用弹簧测力计拉着木块在接触面上做匀速直线运动，木块受到的拉力和摩擦力是平衡力，根据二力平衡知识可知，木块所受摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。(2)[3][4]要探究滑动摩擦力大小跟接触面粗糙程度的关系，需要控制压力大小相同，接触面粗糙程度不同，图乙丙符合题意；可以看出丙中接触面比较粗糙，弹簧测力计的示数较大，摩擦力较大，可以得到压力相同时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。(3)[5][6]要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，所以得出错误结论。可以将切下的木块叠放在被拉木块上面，重复甲的操作过程，比较它和甲的实验结果，得出结论。14．小勇在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有杠杆、支架、细线、质量相同的钩码若干。（1）实验装置如图甲所示静止在桌上，此时杠杆______（选填“是”或“不是”）平衡状态，为了调节杠杆在水平位置平衡，他应将两侧的平衡螺母向______边调；（2）小勇在水平平衡的杠杆两边挂上钩码后如图乙所示，他应该在下列方法中选择______使杠杆重新在水平位置平衡；A．向左调节平衡螺母B．将左侧钩码向左移动C．增加右侧钩码个数（3）进行正确操作后测出力和力臂记录在如下表格中。实验次数动力F1

/N动力臂L1

/cm阻力F2

/N阻力臂L1

/cm134432455435665小勇根据表中记录的多次实验数据分析得出如下结论：动力+动力臂=阻力+阻力臂。小华说他得出的结论是错误的，小华判断的依据是______。【答案】是；左；B；不同的物理量不能相加。【解析】（1）[1]实验装置如图甲所示静止在桌上，杠杆受到的力是平衡力，此时杠杆是平衡状态，处于静止或匀速直线运动状态的物体都是平衡状态。[2]此时杠杆右侧偏重，为了调节杠杆在水平位置平衡，他应将两侧的平衡螺母向左边调。（2）[3]A．小勇在水平平衡的杠杆两边挂上钩码后如图乙所示，杠杆调平，挂上物体后不能再调平衡螺母，故A不符合题意；B．因为此时杠杆向右侧偏，所以应将左侧钩码向左移动适当的距离，直到杠杆平衡，故B符合题意；C．增加右侧钩码个数，杠杆会更向右偏，直到失去平衡，故C不符合题意。故选B；（3）[4]小勇根据表中记录的多次实验数据分析得出如下结论；动力+动力臂=阻力+阻力臂，这个结论是错误的，因为力和力臂相加，无法确定相加后的单位，即不同的物理量不能相加。15．某物理小组在“研究液体内部的压强”实验时，想知道液体对容器底部的压强增加量Δp液

及容器对水平面的压强增加量Δp容

与哪些因素有关，他们选取了体积相同、密度不同的若干小球放入水中（水深大于小球直径，且水不溢出），如图所示，测出水对容器底部的压强增加量Δp液

及容器对水平面的压强增加量Δp容

，得到的实验数据如下表中实验序号1~5所示。液体分类水（ρ冰

=1.0×103

kg/m3

）未知液体（ρ液

）实验序号12345678910ρ球（×103kg/m3）0.60.81.01.21.40.60.81.01.21.4Δp水（帕）294392490490490294392490539539Δp容（帕）294392490588686294392490588686（1）本实验设计所用到的实验方法是下列中的______。A．控制变量法

B．转换法

C．等效替代法

D．理想模型法（2）分析比较表中实验序号1~5中的数据及相关条件可知：当ρ球______ρ水

（选填“>”、“<”、“=”、“≥”、“≤”）时，Δp液

=Δp容

。（3）分析比较表中实验序号1~5中的数据及相关条件可知：Δp液

与ρ球

______（选填“成正比”、“成反比”或“无关”）。（4）他们仅改变液体种类，利用上述实验器材重复了实验，得到数据如上表中实验序号6~10所示。据此可知该液体的密度ρ液

=______kg/m3

。【答案】A；≤；无关；1.1×103

kg/m3。【解析】（1）[1]研究液体内部的压强的实验中，想知道液体对容器底部的压强增加量Δp液

及容器对水平面的压强增加量Δp容

与哪些因素有关，他们选取了体积相同、密度不同的若干小球放入水中（水深大于小球直径，且水不溢出），如图所示，测出水对容器底部的压强增加量Δp液

及容器对水平面的压强增加量Δp容

，可知此实验采用的是控制变量法，故BCD不符合题意，A符合题意。故选A。（2）[2]比较表中实验序号1~3中的数据可知，当Δp液

=Δp容

时，ρ球

≤ρ水

。（3）[3]分析比较表中实验序号1、2、3中的数据可知，ρ球

≤ρ液

时，球的密度增加量为Δp球

=0.2×103

kg/m3

，Δp水

的变化量为98Pa，Δp液

随ρ球

的增大而增大，由数据3、4、5可知，当ρ球

＞ρ液

时，Δp液

随ρ球

的增大而保持不变，故Δp液

与ρ球

无关。（4）[4]由数据1~5可知，ρ球

＞ρ液

时，Δp液

与ρ球

无关，即球的密度大于液体的密度时，Δp液

随ρ球

的增大而保持不变，ρ球

≤ρ液

时，Δp液

与ρ球

成正比，若液体的密度为ρ液

=1.2×103

kg/m3

，时，Δp液

应该是；说明液体的密度小于1.2×103

kg/m3

，所以液体的密度为。三、综合应用题（本大题共8个小题，16、17、18小题各2分，19小题5分，20小题4分，21小题2分，22小题5分，23小题4分，共26分）16．进入刚装修完的房屋，我们常常会闻到一种刺鼻的气味，这气味主要来自装修材料中的甲醛，这种对人体有害的化学物质．这说明甲醛分子在做_______运动，这种运动会随气温的升高而_____（选填：“加剧”或“减缓”）。【答案】永不停息的无规则；加剧。【解析】(1)(2)因为一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，故进入刚装修的房间，就会闻到甲醒的气味，这种运动会随气温的升高而加剧，所以要选用环保材料装饰房间。17．在斜面上将一个重600N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力F=400N，拉动的距离s=4.5m，提升高度h=1.8m，所用时间t=30s。则拉力F做功的功率为________W，此过程中物体受到的摩擦力为________N。【答案】60；160。【解析】根据题意知道，拉力所做的总功是：W总

=Fs=400N×4.5m=1800J，拉力F做功的功率是：；此过程克服重力做的是有用功，且W有

=Gh=600N×1.8m=1080J，故克服摩擦力做的额外功是：W额

=W总

-W有

=1800J-1080J=720J，由W额

=fs知道，物体所受斜面的摩擦力是：。18.如图所示，每一个无“叶电风扇”的底座有一台电动机吸入空气。空气经过加压后被送入环形的出风口，从宽度只有1.3mm的缝隙中向外喷出。这部分喷出的空气因为流速大，压强__________（选填

“大”或“小”），使周围空气__________（选填“靠近”或“远离”）这部分喷射空气，带动周围空气流动，使风量可以增加到原来的1.5倍。【答案】小；靠近。【解析】[1][2]根据流体压强和流速的关系可知，空气从宽度只有1.3毫米的缝隙中向外喷出，这部分喷射空气因流速大，压强小，在压强差的作用下，周围空气向这部分喷射空气靠近，带动周围空气流动。19.生活处处有物理，留心观察皆学问。小朱观察到汽车应用了大量物理知识。（1）汽车的导航系统是通过汽车和卫星之间传递信息来确定汽车所处的位置，在这个过程中是通过来传递信息的，它的传播速度是。（2）汽车尾部的导流板做成上平下凸的形状（如图)，行驶时气流对导流板上面的压强

（填“大于”或“等于”或“小于”)对导流板下面的压强。（3）汽车上还有哪些地方应用了物理知识，请举一例并解释（不能举本题中已出现的知识）：例如：A．应用：轮胎上有花纹。原理：增大表面粗糙程度，增加摩擦。B．应用：。原理：。（4）某汽车在平直公路上以108km/h的速度匀速行驶，输出功率是90kW，则车受到的阻力是

N，前轮（驱动轮）受到地面给它的摩擦力的方向向

(填“前”或“后”)。【答案】（1）电磁波；3×108m/s；（2）大于；（3）安全带；防止惯性带来的危害（或“观后镜”光的反射）[合理即可得分]；（4）3×103；前。【解析】（1）汽车导航系统是利用电磁波来传递信息的，电磁波在真空中的传播速度是宇宙间物质运动的最快速度，大约为3×108m/s；（2）因为气体流速越大压强越小，而导流板下面的空气流速大于上面的空气流速，所以上面的压强大于下面的压强，使汽车速度快了也能保持良好的平稳性；（3）此题为开放题，只要符合要求即可，例如安全带防止惯性带来的危害，观后镜利用光的反射等；（4）根据P=Fv可知，F=P/v=90×103W/（108/3.6m/s）=3×103N，汽车行驶时，驱动轮需要给地面向后的力，同时地面给驱动轮向前的摩擦力。20.阅读短文，回答问题。电容式触摸屏现在，智能手机、平板电脑等数码移动设备，都使用触摸屏，触摸屏是通过传感器来感知物体在屏上的运动，目前触摸屏大多采用电容式触摸屏。电容通常就是由两片相距很近的导电极板组成。电容式触摸屏是一块多层复合玻璃，在夹层中涂有具有导电性且透明的薄膜材料。当手指触碰到触摸屏时，手指和导电薄膜就会形成一个电容，将人体上的电荷传递到触摸屏上。通过触摸屏周边分布的电极检测电荷分布的变化，就可以计算触摸点的位置，进而感知手指在屏上的运动轨迹。如果较厚的绝缘材料把手指与导电薄膜之间隔离，无法形成有效电容，就不能正常操作触摸屏了。（1）电容式触摸屏夹层中的薄膜材料是________（选填“导体”或“绝缘体”）。通过触摸屏周边分布的电极检测________的变化，可感知手指的运动轨迹。（2）冬天，戴上厚厚的绝缘材料做成的保暖手套，不能正常操作电容式触摸屏的原因是________。要制作一副保暖触摸屏手套，你的方法是________。【答案】（1）导体；电荷分布；（2）无法形成有效电容；在保暖手套中植入金属导线。【解析】（1）由“当手指触碰到触摸屏时，手指和导电薄膜就会形成一个电容，将人体上的电荷传递到触摸屏上。”知，薄膜材料能够导电，属于导体；由“通过触摸屏周边分布的电极检测电荷分布的变化，就可以计算触摸点的位置，进而感知手指在屏上的运动轨迹。”知，通过触摸屏周边分布的电极检测电荷分布的变化，可感知手指的运动轨迹；（2）由于保暖手套是绝缘的，手指虽然接触触摸屏，但绝缘手套把手指与导电薄膜之间隔离，无法形成有效电容，就不能正常操作触摸屏了。要制作一副保暖触摸屏手套，可以在手套材料中植入金属导线，手套就变成导体了。21.如图所示入射光线与水平面成30°角，要使反射光线竖直照射到矿井中，在图中画出平面镜的位置并标出反射角度数。【解析】由于反射光线竖直射入井内，过入射点O（入射光线与水平直线的交点）竖直向下作出反射光线OB；然后作∠AOB的角平分线即为法线（ON）；因平面镜与法线垂直，则据此可画出平面镜的位置。由图知：反射光线和入射光线的夹角∠AOB＝30°+90°＝120°；则反射角∠BON＝∠AOB＝×120°＝60°，如图所示：22.在综合实践活动中，科技小组设计了一个能反映水平风力大小的装置，如图甲所示，电源电压恒为16V，R0为定值电阻，L为额定电压是2.5V的小灯泡，其I﹣U关系的部分数据如图乙所示，AB为长14cm、阻值60Ω粗细均匀的电阻丝（电阻丝的阻值与长度成正比），OP为质量、电阻均不计的金属细杆，下端连接一个重2N的圆球P．闭合开关S，无风时，OP下垂并与A端接触，此时电流表示数为0.2A；有风时，OP绕悬挂点O转动，风对球的作用力F方向始终水平向右，已知OA为10cm，OP始终与AB接触良好且无摩擦；求：（1）电流表示数为0.2A时，灯泡的电阻为_______Ω；（2）无风时R0消耗的电功率_______