（江苏南京卷）2022年中考物理第一次模拟考试（全解全析）

2022年中考物理第一次模拟考试（江苏南京卷）物理·全解全析123456789101112CCBABADDCBBD一、选择题（本题有12小题，每小题2分，共24分。每题四个选项中，只有一个选项符合题意）1.【答案】C。【解析】AB.甲看到地面的高楼和丙机都在匀速上升，说明甲在匀速下降；乙看到甲机也在匀速上升，说明乙飞机也在匀速下降，但是速度比甲快；故AB不符合题意；CD.甲看到地面的高楼和丙机都在匀速上升，说明丙机匀速上升或在空中某一高度静止；丙看到乙机在匀速下降，说明丙机匀速上升或者在空中某一高度静止或者也匀速下降但速度比乙慢。综上可见，相对于地面来说，丙飞机的情况不能确定，故C符合题意，D不符合题意。故选C。2.【答案】C。【解析】A.任何声音都是由物体振动产生的，故A错误；B.整齐的口号声只能说明每个士兵都在同一时间发出声音，不能说明士兵发出声音的音色相同，故B错误；C.口号声响亮是指口号声响度大，故C正确；D.在相同情况下，任何声音在空气中的传播速度是相同的，故D错误。故选C。3.【答案】B。【解析】A.回到教室不停扇风，提高液体上方空气流动加快蒸发，故A错误；B.矿泉水瓶中的冰块熔化吸收热量，故B正确；C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C错误；D.镜片模糊不清，是因为水蒸气遇冷液化成小液滴，故D错误。故选B。4.【答案】A。【解析】A.由图像可知，在前20m内，小玉运动的时间比小新的少，所以根据可知，前20m内小玉跑得较快，故A正确；B.由图像可知，小新在相同时间里通过路程是越来越大，所以，小新的速度一直加速，故B错误；C.小玉的路程和时间关系图像是一条直线，表明路程和时间成正比，所以小玉做的是匀速直线运动；而小新的路程和时间关系图像是一条曲线，表明路程和时间不成正比，所以小新做的是变速直线运动，故C错误；D.由图像可知，两人全程通过的路程是相等的，所用的时间都是10s，根据可知，全程中两人的平均速度相同，故D错误。故选A。5.【答案】B。【解析】A、薰衣草落叶归根，是物体的机械运动，与分子运动无关，故A错误；B、能闻到公园里花香阵阵，是扩散现象，说明组成物质的分子在不停地做无规则运动，故B正确；C、缤纷秋叶是固态物体，属于机械运动，与分子运动无关，故C错误；D、“雾凇”是凝华形成的，是物态变化，不是分子运动的结果，故D错误。故选：B。6.【答案】A。【解析】A、物体温度升高，内能一定增加，故A正确；B、改变内能有两种方式：做功和热传递，根据热力学第一定律可知，物体吸收了热量，其内能不一定增加，还与做功情况有关，故B错误；C、热量是一状态量，描述它的术语是”吸收“和”放出“，不能用含有，故C错误；D、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，而不是传递温度，故D错误；故选：A。7.【答案】D。【解析】A．如图所示，右手四指为电流方向，大拇指所指的那一端就是螺线管的N极，即利用安培定则判断通电螺线管的极性；B．如图所示，为导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为发电机的基本原理；C．如图所示，为通电导体在磁场中受到力的作用，为电动机的基本原理；D．动圈式话筒的基本原理是电磁感应现象，不是电流的磁效应。8.【答案】D。【答案】D。【解析】A、用手击打排球时，手对排球的力和排球对手的力是一对相互作用力，大小相等，故A错误；B、排球在上升过程中，如果它受到的力全部消失，它将以原来的速度和方向做匀速直线运动。故B错误；C、排球在下落过程中，速度变快，质量不变，惯性不变，故C错误；D、排球触网受到力的作用，运动方向发生了改变即力改变了排球的运动状态，故D正确。故选：D。9.【答案】C。【解析】由图可知，闭合开关S1、S2后，灯L1、L2均发光，此时L1、L2并联；故C正确，D错误；一段时间后，只有一盏灯熄灭，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，电流表示数为0，说明电流表的支路发生了断路现象，即电路的故障可能是灯L1断路，故AB错误。故选：C。10.【答案】B。【解析】A．跳水运动员踩踏跳板，给踏板施加了一个力，由于物体间力的作用是相互的，踏板也会给人的身体一个向上的力，身体向上跳起，故A不符合题意；B．铅球运动员投出铅球后，身体由于惯性仍然会向前运动，故身体会向前倾倒，利用的是惯性，故B符合题意；C．滑冰运动员用力推墙，运动员给墙施加了一个力，由于物体间力的作用是相互的，墙会给身体施加一个力，身体离墙而去，故C不符合题意；D．游泳运动员向后划水，给水施加了一个向后力，由于物体间力的作用是相互的，水也会给人的身体一个向前的力，身体前进，故D不符合题意。故选B。11.【答案】B。【解析】AB、由于丙悬浮，故；乙漂浮，故ρ乙＞ρ物；甲下沉，故ρ甲＜ρ物；由于物体的密度相同，所以乙液体的密度最大，其次是丙，再次是甲，即ρ甲＜ρ丙＜ρ乙；由于容器的液面高度相同，根据可知：p甲＜p丙＜p乙；故A错误；B正确；C、由于甲下沉，所以甲的浮力小于重力，乙中悬浮、丙中漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故，故C错误；D、由图可知，乙浸入液体的深度最少，而此时液面相平，所以若将物体取出后，乙中液体的体积最大，故D错误；故选：B。12.【答案】D。【解析】A.Rx和定值电阻串联，电压表U1测量定值电阻两端的电压，根据求出通过定值电阻的电流，根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0电压表U2测量Rx两端的电压Ux，根据求出电阻，A项不符合题意；B.开关S和S1都闭合时，电压表测量电源电压；开关S闭合S1断开时，电压表直接测量Rx两端的电压。根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压，根据求出通过定值电阻的电流。根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0根据求出电阻，B项不符合题意；C.Rx和定值电阻并联，电流表A1测量定值电阻的电流，根据U=IR求出定值电阻两端的电压，根据并联电路各支路电压相等，Rx两端电压等于定值电阻两端的电压Ux=U0电流表A2测量Rx的电流Ix，根据求出电阻，C项不符合题意；D.Rx和定值电阻串联，电流表测量串联电路的电流，不能直接或间接测量Rx两端的电压，不能求出Rx电阻，D项符合题意。故选D。二、填空题（本题共5小题，每空1分，共15分）13.【答案】定；不需要；4.8。【解析】（1）旗杆顶部滑轮的轴不动，是一个定滑轮，它能改变动力的方向，但不能省力；（2）使用定滑轮时，s＝h，因为η＝＝＝，所以，要求出该装置的机械效率，只需知道国旗的重力和人的拉力即可，不需要知道旗杆的高度。（3）总功：W总＝Fs＝4N×12m＝48J，有用功：W有用＝Gh＝mgh＝0.36kg×10N/kg×12m＝43.2J，则额外功：W额＝W总﹣W有用＝48J﹣43.2J＝4.8J。故答案为：定；不需要；4.8。14.【答案】a；a图中页面高度差较大；3：1。【解析】（1）在深度一定时，液体的密度越大，受到的液体压强就越大。a、b两图中，压强计的探头浸入液体中的深度是相同的，a图中，压强计的液面高度差比较大，表示探头受到的液体压强比较大，液体的密度就比较大，装的就是盐水。（2）同种材料制成的两个实心圆柱体其密度相同都为ρ，pρgh。pA＝ρghA，pB＝ρghB，所以；故答案为：a；a图中页面高度差较大；3：1。15.【答案】压缩；做功；运动。【解析】（1）图中四冲程汽油机的两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，压缩冲程是通过做功的方式改变了汽缸内气体的内能；（2）以活塞为参照物，火花塞相对于活塞的位置发生变化，故火花塞是运动的。故答案为：压缩；做功；运动。16.【答案】（1）不受到；此时铜棒静止，且光滑铜棒不受摩擦力的作用；（2）置于磁场中的铜棒通电后，受到的磁力作用，磁力方向与电流方向有关。【解析】（1）光滑铜棒放置于金属导轨a、b上时不受摩擦力的作用，当开关处于断开状态时，铜棒处于静止状态，说明此时铜棒不会受到磁力作用，若受磁力的作用铜棒不可能静止；（2）由图中实验a可知，当铜棒中没有电流通过时，铜棒不运动；由实验b或c可知，当铜棒中有电流通过时，铜棒运动；比较ab或ac可知，置于磁场中的铜棒，当铜棒有电流通过时，铜棒受到磁力作用；比较bc可知，磁场方向相同，铜棒中电流方向不同，受到磁力方向不同；综上所述，可得出结论：置于磁场中的铜棒通电后，受到的磁力作用，磁力方向与电流方向有关。故答案为：（1）不受到；此时铜棒静止，且光滑铜棒不受摩擦力的作用；（2）置于磁场中的铜棒通电后，受到的磁力作用，磁力方向与电流方向有关。17.【答案】12；16；2。【解析】[1]由甲图知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测的是电阻R两端的电压，电流表测的是整个电路的电流。由图乙知，当P位a端时，电路中只有电阻R接入电路，故此时电压的电流最大，等于1.5A，电压表测的是电源电压，故电源电压为12V。[2]当P位于b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图乙知，电路中的电流为0.5A，电阻R两端的电压为4V，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压为8V，根据欧姆定律知，滑动变阻器的最大阻值[3]根据知，电阻R消耗的电功率。三、作图题（本题共1小题，共8分）18．【解析】（1）过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′P与镜面交于O点，即为入射点（反射点），连接SO就得到入射光线，OP为反射光线。如下图所示：（2）小球在水中处于静止状态，受两个力：重力与浮力，是一对平衡力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，两力大小相等，都为5N。如图所示：（3）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接接在灯泡的螺旋套上。如下图所示：四、实验探究题（共6小题，共33分）19．【答案】照相机；（1）上；（2）逐渐变大；（3）右；（4）变小。【解析】由图知，像距小于物距，此时成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；（1）凸透镜成实像时，燃烧的蜡烛逐渐变短，烛焰下移像将上移，为了使像成在光屏的中心，应将蜡烛向上移或将光屏上移；（2）在光屏上能看到的像是实像，将蜡烛从二倍焦距外的地方逐渐向凸透镜靠近的过程中，在光屏上看到的像逐渐变大；（3）凹透镜对光线有发散作用，近凸透镜右侧放置一个凹透镜，经过凸透镜折射的光线变得发散，像会远离凸透镜，为了能在光屏上再次成一个清晰的像，应将光屏向右移动；（4）烛放在凸透镜一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，保持蜡烛到透镜距离不变，更换一个更大焦距的凸透镜放在原位置，则凸透镜所成像变小。故答案为：照相机；（1）上；（2）逐渐变大；（3）右；（4）变小。20．【答案】（1）匀速直线；等于；（2）大；（3）甲、丙；（4）不变；（5）不可靠；没有控制压力相同。【解析】（1）实验中，用弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；（2）图甲和图乙，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，可得出：在接触面粗糙程度相等时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）要得出“在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大”这个结论，必须控制压力相同，改变接触面的粗糙程度，由图可知，甲、丙实验符合要求；（4）当木板的运动速度变大时，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小也不变；（5）将图甲中的木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。这一过程中，接触面积改变的同时，压力也发生了改变，不符合控制变量法的要求，故得出的结论不可靠。故答案为：（1）匀速直线；等于；（2）大；（3）甲、丙；（4）不变；（5）不可靠；没有控制压力相同。21．【答案】（1）热胀冷缩；（2）96；不等于；（3）不变；（4）质量。【解析】（1）实验室中常用的温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。（2）由图乙a知，当水的温度达到96℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，沸点是96℃。沸点低于标准大气压下的沸点，所以实验室中的大气压小于1标准大气压，即不等于1标准大气压。（3）水在沸腾过程中，温度保持不变；（4）观察图乙中的图象可知，a升温快、b升温慢，在装置相同的情况下，产生这种差异的原因只能说明两次实验中水的质量不同，a组水的质量小于b组水的质量。故答案为：（1）热胀冷缩；（2）96；不等于；（3）不变；（4）质量。22．【答案】（1）左；测量力臂；（2）6；不合理；实验次数太少，结论不具有普遍性；（3）杠杆自身重力对实验结论有影响。【解析】（1）实验前，调节杠杆平衡时，杠杆右端下沉，说明杠杆右端偏重，应把杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡；杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂，且可以排除杠杆自重对杠杆平衡的影响。（2）杠杆平衡后，若在A点挂4个钩码，则左边的重力为4G，又因为力臂OA＝3L，右边力臂OB＝2L，所以，由杠杆的平衡条件（F1l1＝F2l2）可得：4G×3L＝F1×2L。解得F1＝6G，即应在B点应挂6个钩码，才能使杠杆恢复平衡；仅根据一次实验测出的实验数据得出的结论具有片面性和偶然性，并不可靠；为得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据，然后分析实验数据，从而得出结论。（3）图乙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆平衡产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。故答案为：（1）左；测量力臂；（2）6；不合理；实验次数太少，结论不具有普遍性；（3）杠杆自身重力对实验结论有影响。23．【答案】①72g；④；ρ水。【解析】①由图甲知，物体的质量为m＝50g+20g+2g＝72g；②原来烧杯和水的总质量为m1，如图1所示；③取出石块后，不考虑带出的少量水，此时烧杯和水的总质量仍然为m1，如图3所示；取出小石块，向烧杯中加水到标记处，用天平测出此时烧杯和水的总质量为m2，如图4所示；比较图3和图4可知，后来加入水的质量为：m′水＝m1+m石块﹣m2，④后来加入水的体积即为小石块的体积：V石＝V加水＝，因小石块的质量m＝72g，则该小石块密度的表达式为：ρ石＝＝＝ρ水。故答案为：①72g；④；ρ水。24．【答案】（1）如图所示；（2）A；（3）R断路；（4）电压表示数；变大；控制电压表示数不变。【解析】（1）根据滑片P向左滑时接入电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）小新连接电路时，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处的A端；（3）闭合开关后小新发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，电路可能断路，电压表指针有示数且不变，则电压表与电源连通测电源电压，则原因可能是R断路；（4）探究“电流与电阻关系”，实验中他需要保持电压表示数不变，若他只是将电阻5Ω换成10Ω而没有调整电路的其他部分时，由分压原理，他将观察到电压表的示数变大；为了完成实验他需要移动滑动变阻器的滑片P，那么他移动滑动变阻器滑片P的目的是控制电压表示数不变。故答案为：（1）如图所示；（2）A；（3）R断路；（4）电压表示数；变大；控制电压表示数不变。五、综合题（4个小题，共20分）25．【答案】(1)271；(2)0.5；（3）增大；（4）电磁波。【解析】(1)列车由北京南到济南西的时间t=09︰30-8︰00=1h30min=1.5h列车由北京南到济南西的路程为s=406km列车由北京南到济南西的平均速度(2)列车的速度v1=216km/h=60m/s列车全部在隧道中的路程s1=s隧道-s车=2000m-200m=1800m动车全部都在隧道中的时间：；（3）高铁从出站到做匀速运动，速度逐渐增大，其动能也逐渐增大；（4）WIFI信号属于电磁波，不是声波。故答案为：(1)271；(2)0.5；（3）增大；（4）电磁波。26．【答案】（1）10；（2）10Ω、5Ω和25Ω；（3）27.5。【解析】（1）由电路图可知，闭合全部开关，R2被短路，滑动变阻器R和定值电阻R1并联，电流表A1测通过R1的电流I1=1A，电压表测电源电压，由欧姆定律得，电源电压：U=I1R1=1A×10Ω＝10V。（2）将A3接入电路，开关全部闭合，由题意知，有两种连接方法：①当A3串联在干路中时，由于I1=1A，则A3选用0～3A的量程，由题意可知，干路中的电流：I=×3A=2A，通过滑动变阻器的电流：I滑1=I-I1=2A-1A=1A，此时滑动变阻器的阻值：R滑1==10Ω；②当A3与R串联时，A3可选用0～3A和0～0.6A的量程：若A3选用0～3A，则有I滑2=2A，此时滑动变阻器的阻值：R滑2==5Ω；若A3选用0～0.6A，则有I滑3=0.4A，此时滑动变阻器的阻值：R滑3==25Ω，所以，变阻器接入电路的阻值可能为10Ω、5Ω、25Ω。（3）只闭合S时，R和R2串联，电压表测R两端的电压，电流表A2测电路中的电流，由题意知，电路中的最大电流：I最大=2.5A，当电压表示数最大时，即UV=15V，新电源电压最大，此时R2两端的电压：U2=I最大R2=2.5A×5Ω＝12.5V，则新电源电压的最大值：U最大=UV+U2=15V+12.5V=27.5V。故答案为：（1）10；（2）10Ω、5Ω和25Ω；（3）27.5。27.【答案】（1）6cm；（2）0.6×103kg/m3；（3）20N。【解析】(1)当加入的水m水＝3kg时，p水＝0.6×103Pa，由p＝ρgh可得，水的深度h＝＝＝0.06m＝6cm；(2)由于物体M刚好漂浮且露出水面的高度为4cm，则物体M的高