2024年沪科新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科新版必修3物理上册阶段测试试卷421考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列关于场的说法正确的是（）A.电场和磁场并不是真实存在的物质B.电场对放入其中的电荷一定有力的作用C.磁场对放入其中的电荷一定有力的作用D.将放入电场中的电荷移走，电场随之消失2、在地球赤道上空有一小磁针处于水平静止状态，突然发现小磁针N极向东偏转，由此可知（）A.一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针B.一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针C.可能是小磁针正上方有电子流自南向北通过D.可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过3、如图所示，平面直角坐标系xOy中，三个点电荷a、b、c分别固定于（0，r）、（0,r）、（0,0）处，a、b、c电荷量分别为+Q、+Q、-Q。现有一电荷量为-q的点电荷d，在+x轴上从靠近坐标原点处由静止释放，不考虑重力及电荷d对原电场的影响，取无穷远处电势能为零，则在点电荷d的整个运动过程中，其瞬时速度v随时间t、电势能Ep随位置x变化的关系图像可能为（）

A.①③B.②④C.②③D.①④4、如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球，开始时开关S闭合，滑动变阻器的滑动头P在a处；此时绝缘线向右偏离竖直方向（电源的内阻不能忽略），下列判断正确的是。

A.小球带负电B.当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角变小C.当滑动头从a向b滑动时，电流计中有电流，方向从下向上D.当滑动头从a向b滑动时，电源的总功率一定变小5、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光，．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）

A.电源的输出功率一定增大B.灯泡亮度逐渐变暗C.均保持不变D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，在有磁场时电阻很大，并且磁场越强阻值越大．为了探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源电动势和内阻不变，在没有磁场时，调节滑动变阻器使电灯发光，当探测装置从无磁场区进入强磁场区（设电灯不会烧坏），则（）

A.电灯变亮B.电流表示数增大C.滑动变阻器的功率增大D.磁敏电阻两端的电压增大7、带电粒子从电场中的A点运动到B点；轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则（）

A.粒子带正电B.粒子的加速度增大C.A点的电场强度大于B点的电场强度D.粒子的速度减小8、如图所示为某电动摩托车的内部简化电路图。电路中M为电动机，电动机内部线圈电阻为为摩托车内部指示灯的电阻阻值，A为摩托车内部所装的电流表，V为摩托车内部所装的电压表。电动机所用电池的电动势为内阻为开关S闭合后，电动机正常工作，摩托车正常行驶，此时电压表的读数为电流表的读数为设电压表和电流表均为理想电表；则下列结论正确的是（）。

A.指示灯消耗的功率为B.电动机内部发热功率为C.电动机的输出功率为D.电池输出的总功率为9、如图所示，实线为某一带电粒子在某点电荷电场中的运动轨迹，轨迹关于虚线PQ对称，轨迹与PQ相交于A点，轨道上M、N两点关于PQ对称；粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（）

A.点电荷一定在PQ上B.带电粒子在M、N两点受力相同C.M、N两点电势一定相同D.带电粒子在A点的动能一定最大10、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，其中R1>r，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则（）

A.电压表读数变大，电流表读数变大B.R1和R2上的电压都增大C.质点P将向下运动，电源的效率增大D.R3上消耗的功率减小，电源的输出功率增大11、下列关于教科书上的四副插图，说法正确的是（）

A.图甲为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃被收集至B上B.图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电C.图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附D.图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理12、下列关于物理思想方法的说法中正确的是（）A.“探究两个互成角度的力的合成规律”实验用到了等效替代法B.“探究加速度与力、质量的关系”实验用到了控制变量法C.卡文迪什利用扭秤测量引力常量用到了放大的思想D.电场强度速度加速度都是采用了比值定义法13、真空中某区域存在一静电场，其电场线分布如图所示，M、N、Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN；下列说法正确的是（）

A.O点电势大于M点电势B.M点场强小于N点的场强C.M、O间的电势差大于O、N间的电势差D.电子沿圆弧运动，电子的电势能增加评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、(1)下图中是螺旋测微器和游标卡尺的某次测量。其中螺旋测微器的读数为_____mm。

(2)某表头满偏电流为1mA、内阻为982Ω。为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要一个阻值约为_____Ω的电阻与表头并联（计算结果取整数）15、在如图所示的电路中，已知定值电阻为R，电源内阻为r，电表均为理想电表。将滑动变阻器滑片向下滑动，电流表A示数变化量的绝对值为△I，则电压表V1示数变化量的绝对值△U1＝_____，电压表V2示数变化量的绝对值△U2＝_____。

16、长为l的导体棒原来不带电，现将一电荷量为的点电荷放在与棒的左端距离为R的地方，如图所示达到静电平衡后，棒上的感应电荷在棒内距左端处产生的场强______，方向______．

17、图甲所示的电路中，电源电压恒为L1、L2、L3为规格相同的小灯泡，这种小灯泡的图像如图乙所示。当开关S闭合时，L2的电阻为_______通过L1与L2的电流值比为________。

18、电磁波的产生:周期性变化的____周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的____周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的____,这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了_______。19、多用电表使用前应先调整______，使指针指到零刻度．20、如图所示的电路中，电源的电动势为5V、内阻为1Ω，定值电阻的阻值为9Ω，电流表和电压表均是理想电表。则开关S闭合后，电流表的示数为___________A。

21、（1）两种电荷：自然界中只存在两种电荷，即___________电荷和___________电荷。

（2）电荷量：电荷的___________，用Q表示，有时也可用q来表示。在国际单位制中，单位是___________，简称___________，符号是___________。22、地球表面附近存在着电场，一带负电的微粒在此电场中某处受到电场力的方向竖直向上，由此可判断该处电场方向为______（填“竖直向上”或“竖直向下”）。评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)23、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

24、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

25、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)26、实验室的多用电表可以用来测量直流电流；直流电压、交变电压以及电阻。

(1)某同学用表盘如图甲所示的多用电表测量电阻。

①他调整指针定位螺丝，使指针指到零刻度后，将选择开关调到电阻挡的“×10”位置，将红、黑表笔分别插入“+”、“－”插孔，把两表笔尖相互接触，调节________（选填“S”或“T”），使多用电表的指针指向电阻挡的_________（选填“0”或“”）刻线；

②之后他将红、黑表笔的笔尖分别与待测电阻两端接触，发现指针偏转角度过大，他应将选择开关调到电阻挡的__________（选填“×1”或“×100”）位置；

③正确操作后，多用电表的指针位置如图乙所示。则该电阻的测量值为__________Ω；

(2)他进一步了解了多用电表的原理后，找来了一块毫安表（满偏电流=1mA、内阻=120Ω），两个定值电阻（R1=1Ω，R2=880Ω）；按照如图丙所示电路将毫安表改装成多用途的电表。

①开关S断开时，改装后的毫安表可以作为量程是_________V的电压表使用；

②若开关S闭合，毫安表指针达到满偏时，通过两表笔的电流为________A。27、在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时其刻度的位置如上图所示，用米尺测量出金属丝的有效长度为l；金属丝的电阻大约为4Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料常温下的电阻率。

（1）从图中可读出金属丝的直径为_______mm。

（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时；除被测电阻丝外，还有如下实验器材供选择：

A.直流电源：电动势约4.5V；内阻很小。

B.电流表A1：量程0~0.6A；内阻约为0.125Ω

C.电流表A2：量程0~3.0A；内阻约为0.025Ω

D.电压表V1：量程0~3V；内阻约为3kΩ

E.电压表V2：量程0~15V；内阻约为15kΩ

F.滑动变阻器R1：最大阻值20Ω

G.滑动变阻器R2：最大阻值500Ω

H.开关；导线若干。

为了提高实验的测量精度和仪器操作的方便，在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_____，电压表是_____，滑动变阻器是_____（填仪器的字母代号）。

（3）根据所选的器材，用铅笔在下图所示的虚线方框中画出完整的实验电路图。()

28、某研究性学习小组想精确测量一个电阻约为150Ω的电子元件Rx的阻值；实验室提供如下器材:

A.电流表（量程为50mA，内阻r1=100Ω）

B.电流表（量程为200mA，内阻r2约为20Ω）

C.电压表（量程为3V，内阻r3约为3000Ω）

D.电压表（量程为15V，内阻r4约为5000Ω）

E.定值电阻R0=80Ω

F.滑动变阻器R1（最大阻值约为20Ω）

G.滑动变阻器R2（最大阻值约为5000Ω）

H.电源E（电动势为12V）

I.开关S

J.导线若干。

（1）为保证滑动变阻器便于调节，滑动变阻器应选用______（选填“R1”或“R2”）。

（2）请帮该小组同学设计测量电子元件Rx的实验电路图并画在方框中______（请标注出所选元件的符号）。

（3）写出需要记录的物理量______。

（4）根据记录的物理量，得出测量Rx的表达式______。29、长郡中学的小丽同学从实验室找来了下列器材想测量一节干电池的电动势和内阻。

A.电流表A（量程为3.0A，内阻约为5Ω）

B.电压表V（量程为1V；内阻为2kΩ）

C.定值电阻R1=2Ω

D.定值电阻R2=1kΩ

E.电阻箱R（阻值范围0~999.9Ω）

F.开关S及导线若干。

(1)请在虚线框内画出实验电路图。()

(2)实验中多次调节电阻箱测出了多组电压表的对应读数如表2所示，并将表中的数据点描在坐标纸中，请在图中作出对应的关系图线。()。58.84.81.80.80.30.980.800.600.400.200.010.210.551.253.331.021.251.662.505.00

其中实验数据点的分布存在的问题是_____________。

(3)由图可知干电池的电动势E测=________V，内阻r测=_________Ω（结果保留三位有效数字）

(4)该实验中内阻的测量值与真实值相比，关系为r测______（填“大于”“等于”或“小于”）r真评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)30、如图所示，质量为4×10-8kg的带电微粒（重力不能忽略）以速度从水平放置的平行金属板A、B的中央飞入板间。已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当时；带电微粒恰好沿直线穿过板间。

(1)求带电微粒所带电荷的电性及电量；

(2)AB间所加电压在什么范围内带电微粒能从板间飞出？

31、如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy，x轴水平，y轴竖直，在第二象限有沿x轴负方向的匀强电场，其电场强度的大小为E，一长为L的绝缘轻绳一端固定在A（0，2L）点，另一端系一带正电的小球（视为质点），电荷量为q=（m为小球质量，g为重力加速度）；开始时绳刚好水平拉直，现将小球静止释放。

(1)求小球从第一象限通过y轴时的速度大小；

(2)若小球运动到y轴时轻绳断裂，小球能到达x轴上的B点（未画出），求B点的位置坐标；

(3)若小球能通过y轴继续运动；当速度最大时，绳中的拉力恰好达到绳子所能承受的最大拉力，求轻绳能承受的最大拉力。

32、如图所示的装置放置在真空中，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板之间加一电压U1=2500V，发射出的电子被加速后成为高速电子，从金属板上的小孔S射出．装置右侧有两个相同的平行金属极板水平正对放置，板长l=6.0cm，相距d=2.0cm，两极板间加以电压U2=200V的偏转电场．从小孔S射出的电子沿平行于板面的方向由极板左端中间位置射入偏转电场，之后从偏转电场右侧射出．已知电子的比荷为=1.8×1011C/kg；设电子刚离开金属丝时的速度为0，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力．求：

（1）电子射入偏转电场时的速度v；

（2）电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y；

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A．电场和磁场是真实存在的一种特殊物质；电场，磁场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的，故A错误。

B．电场与重力场相似；其基本特性是对放入其中的电荷有力的作用。故B正确。

C．磁场对放入其中运动的电荷才有力的作用；故C错误。

D．电场和放入电场中的电荷没有关系；电场是由场源电荷和离场源电荷的距离共同决定的。故D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

AB．若小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针；由于异名磁极相互吸引；所以小磁针的N极向东偏转，但不能肯定是磁铁的作用，也有可能是电流引起的，因此不能肯定，故AB错误；

C．若小磁针正上方有电子流自南向北水平通过；电流方向即为自北向南，所以小磁针的N极向东偏转，因此有可能，故C正确；

D．发现小磁针的N极向东偏转；说明小磁针的正上方有电子流自南向北水平通过，故D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

点电荷d的受力分析如图。

由库仑定律

由牛顿第二定律

整理可得

易得随着电荷d向右移动，θ减小，cosθ逐渐增大，电荷d做加速度减小的加速运动，当时，它的速度达到最大值，然后电荷d做减速运动直至无穷远处；其速度为一定值，故①错误，②正确；

由电荷d的受力分析可知，电荷d同时受到合引力和斥力的作用，当时，合力方向向右，故当电荷d从靠近原点处向右移动时，电场力做正功，其电势能减小；当时，合力为零，此时d的动能最大，电势能最小；当时，合力方向向左，故当电荷d继续向右移动时；电场力做负功，其电势能增加直至无穷远处电势能为0，故③错误，④正确。

故选B。4、B【分析】【详解】

A.由图，A板带正电，B带负电；电容器内电场方向水平向右．细线向右偏，电场力向右，则小球带正电．故A错误；

B.滑动头向右移动时，R变小，外电路总电阻变小，总电流变大，路端电压U=E-Ir变小；电容器电压变小，细线偏角变小，故B正确；

C.滑动头向右移动时，电容器电压变小，电容器放电，因A板带正电；则流过电流表的电流方向向下．故C错误；

D.滑动头向右移动时，R变小，外电路总电阻变小，总电流变大，电源电动势不变，所以当滑动头从a向b滑动时，电源的总功率一定变大，故D错误．5、C【分析】【详解】

A、将滑动变阻器滑片向右滑动时接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，示数增大，A的示数增大，由于电源的内阻与外电阻的大小关系未知，所以电源的输出功率不一定增大，故A错误；

B、电路中电流增大，通过灯泡的电流增大，所以灯泡变亮，故B错误；

C、根据得保持不变，保持不变，根据闭合电路欧姆定律：则保持不变，故C正确；

D；当电路稳定后；断开电键，电容器通过灯泡和变阻器放电，所以小灯泡不会立即熄灭，故D错误．

点睛：本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】【详解】

AB.当磁场增强时，磁敏电阻增大，总电阻增大，总电流减小，电流表示数减小，电源内电压减小，路端电压增大，电灯变亮；故A正确B错误；

C.总电流减小，通过电灯的电流增大，所以通过滑动变阻器R的电流减小，变阻器的功率减小；故C错误；

D.路端电压增大，两端的电压减小，所以磁敏电阻两端的电压增大，故D正确．7、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左；而电场的方向向右，所以电场力的方向与电场方向相反，则粒子带负电，故A错误；

BC．根据电场线的疏密可知，A点的电场强度大于B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大于B点的加速度；即加速度减小，故B错误，C正确；

D．粒子从A到B电场力做负功；动能减小，速度减小，故D正确。

故选CD。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．指示灯为纯电阻；故所消耗的功率为。

A正确；

B．电动机内部发热功率为。

B错误；

C．电动机的输出功率为。

C错误；

D．电池输出的总功率为。

D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【详解】

A．带电粒子在点电荷电场中只受电场力作用，其运动轨迹具有对称性，且对称轴一定是过点电荷的直线，所以点电荷一定在PQ上；A正确；

B．带电粒子在M、N两点受力方向不相同；B错误；

C．根据对称性，M、N两点到点电荷的距离相同；一定在同一等势面上，电势一定相同，C正确；

D．如果带电粒子与点电荷带同种电荷，在A点的动能一定最小；D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

C．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，R4接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，总电流增大，电源内电压增大，路端电压U减小，且R1两端电压增大，R3两端电压减小，平行金属板两端电压减小，板间电场强度减小，质点P将向下运动，根据

可知电源的效率减小；故C错误；

AB．因为R3两端电压减小，所以通过R3的电流减小，又因为总电流增大，所以通过R2的电流增大，即电流表读数增大，R2两端电压增大，R4两端电压减小；即电压表读数减小，故A错误，B正确；

D．因为R3两端电压减小，所以R3上消耗的功率减小。设电路的外电阻为R，则电源的输出功率为

根据数学知识可知当R=r时，P最大；当R＜r时，P随R的增大而增大；当R＞r时，P随R的减小而增大。由题意可知开始时一定有R＞r；所以电源的输出功率增大，故D正确。

故选BD。11、C:D【分析】【详解】

A．根据图甲可知；极板A与电源正极连接，极板A带正电，带负电的尘埃受到指向极板A的电场力作用，即带负电的尘埃被收集在极板A上，故A错误；

B．图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器；其目的是导走人手上的静电，故B错误；

C．图丙中摇动起电机；电极之间形成强电场，将气体电离，电子被吸附到烟雾颗粒上，使烟雾颗粒带负电，导致烟雾颗粒向正极移动，其工作原理为静电吸附，故C正确；

D．图丁的燃气灶中安装了电子点火器；点火应用了尖端放电原理，故D正确。

故选CD。12、A:B:C【分析】【详解】

A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验用到了等效替代法；即合力与分力的作用效果相同，故A正确；

B．“探究加速度与力；质量的关系”实验用到了控制变量法；即探究加速度与力的关系时，应保持质量不变，探究加速度与质量关系时，应保持力不变，故B正确；

C．卡文迪什利用扭秤测量引力常量用到了放大的思想；故C正确；

D．电场强度速度采用了比值定义法，而加速度为牛顿第二定律；是加速度的决定式，故D错误。

故选ABC。13、C:D【分析】【详解】

A．沿着电场线方向，电势降低，所以O点电势小于M点电势；故A错误；

B．M点电场线较N点电场线密集，所以M点的场强大于N点的场强；故B错误；

C．OM段电场线较ON段电场线密集，而距离上

根据

可知，M、O间的电势差大于O、N间的电势差；故C正确；

D．由图可知，N点的电势小于Q点的电势，则电子在N点的电势能大于在Q点的电势能，故电子沿圆弧运动时；电子的电势能增加，故D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

(1)[1]左侧装置为螺旋测微器，其中固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0mm=0.400mm，所以最终读数为

故答案为0.900。

(2)[2]由电路并联规律可得

代入数值可得【解析】0.9002015、略

【分析】【分析】

考查电路的动态分析。

【详解】

[1][2]．据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、分别测量R、路端电压的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大则:

根据闭合电路欧姆定律得：

则得：

则有：【解析】16、略

【分析】【详解】

水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距离左端L处产生的场强大小与一带电量为−q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，则有：由于该处的电场强度为零，所以方向与一带电量为−q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反；即水平向右．

【点睛】根据静电平衡可知，达到静电平衡后，感应电荷产生的附加电场与外面的电场大小相等，方向相反，所以导体内部场强处处为0，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等．然后在结合库仑定律解答即可．【解析】水平向右17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当开关闭合后，灯泡L1的电压

由于L2、L3为规格相同，所以于L2、L3两端的电压均为1.5V，根据图乙可知，通过灯的电流均为0.20A，根据欧姆定律L2的电阻

[2]灯泡L1的电压时，根据图乙可知，通过灯的电流为0.25A，L2两端的电压为1.5V，根据图乙可知，通过灯的电流为0.20A，则通过L1与L2的电流值比为5：4【解析】①.7.5②.5：418、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]电磁波的产生:周期性变化的磁场周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的电场周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的电磁振动，这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了电磁波。【解析】①.磁场②.电场③.电磁场④.电磁波19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】指针定位螺丝20、略

【分析】【详解】

根据闭合电路的欧姆定律可知

电流表的示数为0.5A。【解析】0.521、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正②.负③.多少④.库仑⑤.库⑥.C22、略

【分析】【详解】

[1]带负电的微粒所受的电场方向竖直向上，该方向与电场方向相反，所以该处电场方向为竖直向下。【解析】竖直向下四、作图题(共3题，共21分)23、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】25、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共12分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]将选择开关调到电阻挡的“×10”位置后；要进行欧姆调零，将红；黑表笔分别插入“+”、“－”插孔，把两笔尖相互接触，调节T，使电表指针指向电阻挡的“0刻线”；

[3]发现指针偏转角度过大；则被测量电阻较小，所以要调小倍率，应将选择开关调到电阻挡的“×1”档，然后再进行欧姆调零；

[4]由图乙可知，电阻的测量值为

(2)[5]开关S断开时，毫安表与R2串联，由欧姆定律可得改装后电压表的量程为

[6]若开关S闭合，毫安表指针达到满偏时，流过R1的电流为

则通过两表笔的电流为【解析】T0×11511.00127、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据螺旋测微器的读数规则可知，图中可读出金属丝的直径为

（2）[2][3][4]由于电源电动势约4.5V，故电压表应该选用量程0~3V的电压表V1，即选D；电路最大电流为

为了减小读数误差，因此电流表选用量程0~0.6A的电流表A1，即选B；两个滑动变阻器都可以保证电路安全，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器R1：最大阻值20Ω；即选F。

（3）[5]为保证电路安全；滑动变阻器采用限流接法；由于电压表的内阻远远大于金属丝的电阻，而电流表的内阻和金属丝的电阻相差不是很大，故采用电流表外接，则实验电路图如下图所示。

【解析】0.590BDF28、略

【分析】【详解】

(1)[1]最大阻值为5000Ω的滑动变阻器R2的阻值太大，与待测电阻不匹配，所以为保证滑动变阻器便于调节，滑动变阻器应选R1。

(2)[2]因为待测电阻比R1大很多，所以采用分压电路。电源电动势E=12V，待测电阻约为150Ω，流过待测电阻的最大电流约为80mA，因两电压表均有内阻，难以做到精确测量电阻值，需改装出一块新电压表，所以设计电路如图所示，R0的作用即改装电压表。

(3)[3]需要记录的物理量为电流表和的示数I1和I2。

(4)[4]测出电流表和的示数I1和I2后，根据欧姆定律有【解析】R1见解析电流表和的示数I1和I2-r129、略

【分析】【详解】

(1)[1]由于电源的电动势大于电压表V的量程（量程为1V，内阻为2kΩ），所以电压表V与定值电阻串联，改装成1.5V的电压表；由于电流表A（量程为3.0A，内阻约为5Ω）的量程太大，若用伏安法测电动势和内阻误差很大；所以用伏阻法结合图象测电动势和内阻，要测不同电压下变阻器两端的电压，所以电路如图所示

(2