2025年浙教版高一物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高一物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、【题文】有条船在湖水中航行时所受阻力与其速度的大小成正比，现在船由静止开始沿直线航行。若保持牵引力恒定，经过时间t1后速度为v，加速度为a1，牵引力功率为P1，通过航程为s1，最终以2v速度匀速运动；若保持牵引力的功率恒定，经过时间t2后速度为v，加速度为a2，牵引力功率为P2，通过航程为s2，最终也以2v速度匀速运动。则下列关系式正确的是()A.P2=3PlB.t1=3t2C.s2=3s1D.a2=3a12、【题文】下列关于位移和路程的说法中正确的是()A.路程是标量，只有大小；位移是矢量，有大小也有方向B.物体沿直线运动，通过的路程一定等于位移大小C.物体两次通过的路程不等，位移不可能相等D.物体通过一段路程，则它通过的位移不可能为零3、一只小船渡河，船相对于静水的初速度大小均相同，方向垂直于河岸，且船在渡河过程中船头方向始终垂直于河岸，水流速度各处相同且恒定不变。现小船相对于静水沿v0方向分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如图所示，由此可以判断（）A.沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀减速直线运动B.沿三条不同路径渡河的时间相同C.沿AB轨迹渡河所用的时间最短D.沿AC轨迹船到达对岸的速度最大4、【题文】我国在今、明两年将发射10颗左右的导航卫星，预计在2015年建成由30多颗卫星组成的“北斗二号”卫星导航定位系统，此系统由中轨道、高轨道和同步轨道卫星等组成。现在正在服役的“北斗一号”卫星定位系统的三颗卫星都定位在距地面36000km的地球同步轨道上。而美国的全球卫星定位系统(简称GPS)由24颗卫星组成，这些卫星距地面的高度均为20000km。则下列说法中正确的是A.“北斗一号”系统中的三颗卫星的质量可以相等B.GPS的卫星比“北斗一号”的卫星周期短C.“北斗二号”中的每颗卫星一定比“北斗一号”中的每颗卫星的加速度大D.“北斗二号”高轨道卫星的线速度大于中轨道卫星的线速度5、做匀变速直线运动的物体的速度v

随位移x

的变化规律为v2鈭�4=2xv

与x

的单位分别为m/s

和m

据此可知()A.初速度v0=4m/s

B.加速度a=1m/s2

C.加速度a=2m/s2

D.初速度v0=1m/s

6、接通电源与释放纸带让纸带(

随物体)

开始运动，这两项操作的时间顺序是(

)

A.先接通电源，后释放纸带B.先释放纸带，后接通电源C.释放纸带的同时接通电源D.先接通电源或先释放纸带都可以7、下面涉及运动概念的几个说法，你认为哪一个是正确的(

)

A.“第3s

内”是一个时刻B.“位移”大小总是等于路程大小，方向由初位置指向末位置C.汽车以20km/h

的速度通过华强北街，这个速度是“平均速度”D.“加速度”是描述速度变化大小的物理量，它是矢量8、表征物体作简谐运动快慢程度的物理量是（）A.回复力B.振幅C.频率D.位移评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、在场强大小为E的匀强电场中，一质量为m、带电量为＋q的物体以某一初速度沿电场的反方向做匀减速直线运动，其加速度大小为0.8Eq／m，物体运动距离S时速度减小为零。则物体的电势能了，机械能了。10、已知海王星和地球的质量比M：m=16：1，它们的半径比R：r=4：1，则：（1）海王星和地球的第一宇宙速度之比____，（2）海王星和地球绕太阳运动的周期之比____。11、如图，在倾角娄脠=37鈭�

的斜面底端的正上方某一高处以v0=6m/s

的初速度水平抛出一质量为0.1kg

的物体，空气阻力不计，该物体落在斜面上时的速度方向恰好与斜面垂直，取g=10m/s2

则小球在空中飞行时间为______s

小球与斜面相碰瞬间重力的功率为______W.

12、【题文】（4分）与普通自行车相比，电动自行车骑行更省力．下表为某一品牌电动自行车的部分技术参数．在额定输出功率不变的情况下，质量为60kg的人骑着此电动自行车沿平直公路行驶，所受阻力恒为车和人总重的0．04倍．当此电动车达到最大速度时，牵引力为________N，当车速为2m/s时，其加速度为________m/s2．（g＝10m/s2）

。规格。

后轮驱动直流永磁铁电机。

车型。

14电动自行车。

额定输出功率。

200W

整车质量。

40kg

额定电压。

48V

最大载重。

120kg

额定电流。

4．5A

13、如图所示的皮带传动装置中，轮A和B同轴，A、B、C分别是三个轮边缘的质点且RA=RC=2RB，则三质点的线速度之比VA：VB：VC=______；角速度之比ωA：ωB：ωC=______．评卷人得分三、解答题(共8题，共16分)14、在做研究平抛运动的实验时；让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹．

（1）为了能较准确地描绘运动轨迹；下面列出一些操作要求，将你认为正确选项的前面字母填在横线上：______

A；通过调节使斜槽的末端保持水平。

B；每次释放小球的位置必须不同。

C；每次必须由静止释放小球。

D；小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触。

（2）在该实验中，某同学记录了A、B、C三点，取A点为坐标原点，建立了如图所示的坐标系．平抛轨迹上的这三点坐标值图中已标出．那么A、B两点的时间间隔是______，小球平抛的初速度为______．（g=10m/s2）

15、如图所示；物体A重20N，物体B重10N，A与B；A与地的动摩擦因数相同，物体B用细绳系住，当水平力F=16N时，才能将物体A匀速拉出，求接触面间的动摩擦因数．

16、微观世界与宏观世界往往存在奇妙的相似性.对于氢原子模型，因为原子核的质量远大于电子质量，可以忽略原子核的运动，形成类似天文学中的恒星-行星系统，记为模型Ⅰ.另一种模型认为氢原子的核外电子并非绕核旋转，而是类似天文学中的双星系统，核外电子和原子核依靠库仑力作用使它们同时绕彼此连线上某一点做匀速圆周运动，记为模型Ⅱ.已知核外电子的质量为m，氢原子核的质量为M，二者相距为r，静电力常量为k，电子和氢原子核的电荷量大小均为e.

（1）模型Ⅰ、Ⅱ中系统的总动能分别用EkⅠ、EkⅡ表示，请通过定量计算来比较EkⅠ、EkⅡ的大小关系；

（2）求模型Ⅰ、Ⅱ中核外电子做匀速圆周运动的周期TⅠ和TⅡ；

（3）通常情况下氢原子的研究采用模型Ⅰ的方案，请分析这样简化处理的合理性．17、空间探测器从某一星球表面竖直升空，已知发动机的推动力为恒力，使该探测器向上做匀加速直线运动，探测器升空后发动机因故障突然关闭，忽略一切阻力，如图所示是探测器从升空到落回星球表面的v-t图线，则由图象可知该探测器在星球表面上空能到达的最大高度为______m，该星球表面的重力加速度大小为______m/s2．

18、汽车以v=10m/s的速度在水平路面上匀速运动；刹车后经2秒速度变为6m/s，求：刹车后8秒内汽车前进的距离和汽车停下来前最后2s内运动的位移．

19、气球以10m/s的速度匀速上升，在离地面75m高处从气球上掉落一个物体，结果气球便以加速度α=0.1m/s2向上做匀加速直线运动，不计物体在下落过程中受到的空气阻力，问物体落到地面时气球离地的高度为多少？g=10m/s2．

20、静止在水平地面上的木块，质量为m=2kg，受与水平方向成37度角斜向下的推力F作用一段时间后撤去该恒力，物体运动的速度时间图象如图所示，g=10m/s2求：

（1）F的大小。

（2）木块与地面间的动摩擦因数µ

21、质量为m=4t的机车，发动机的最大输出功率P=80kW，运动阻力恒为Ff=2×l03N．

（1）若机车由静止开始以a=0.5m/s2的加速度沿水平轨道做匀加速直线运动的过程中；求机车能达到的最大速度和达到该最大速度所需的时间．

（2）若机车保持最大功率不变沿水平轨道行驶；求机车能达到的最大速度以及速度为10m/s时机车的加速度．

评卷人得分四、识图作答题(共3题，共18分)22、图甲是某生态系统中的食物网，图乙是能量流经某一营养级的示意图,其中a～g表示能量值的多少。请据图回答下列问题：（10分）(1)写出图甲中包括三个营养级的的食物链____。属于次级消费者的生物有____；处于第四营养级的生物有____；种群间既有捕食关系又有竞争关系的生物有____。(2)图乙中,若A表示图甲中第二营养级的生物所摄入的全部能量,则B表示____,C表示____。若图甲中第一营养级所固定的太阳能总量为y,第一到第二营养级间的能量传递效率是____(用图中所给字母的表达式表示)。(3)图乙中有两处能量散失途径，其中D处散失的能量是通过____实现的。生态系统能量流动的渠道是____。(4)若只考虑图甲中植物、昆虫、鸟类食物关系中的能量流动,绿色植物能量中比例为m的部分直接提供给鸟类（不足以满足鸟类生存所需能量）,则要使鸟类能量增加AkJ,至少需要消耗绿色植物的能量为____kJ(用所给字母的表达式表示)。23、下图表示某种植物的非绿色器官在不同氧浓度下O2吸收量和CO2释放量的变化。请据图回答下列问题：(1)外界氧浓度在0~10％以下时，该器官的呼吸作用方式是_______________________。(2)该器官的CO2释放与O2的吸收两条曲线在P点相交后则重合为一条线，此时该器官的呼吸作用方式是__________________，进行此种呼吸方式所用的底物是_____________。(3)当外界氧浓度为4～5％时，该器官CO2释放量的相对值为0.6，而O2吸收量的相对值为0.4。此时，无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于有氧呼吸的_______倍，有氧呼吸的总反应式：____。24、某家属中有的成员患甲种遗传病（显性基因为A，隐性基因为a），有的成员患乙种遗传病（显性基因为B，隐性基因为b），且独立遗传，其遗传系谱图如下，经查明Ⅱ6不携带致病基因。请问：（1）甲病的遗传方式为________________，乙病的遗传方式为________________。（2）请写出下列个体的基因型Ⅲ7_____________，Ⅲ8____________，Ⅲ9____________。（3）若Ⅲ8和Ⅲ9婚配，子女患遗传病的概率为_______________。评卷人得分五、画图题(共2题，共14分)25、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分六、综合题(共2题，共4分)27、【题文】质量为8×107kg的列车；从某处开始进站并关闭动力，只在恒定阻力作用下减速滑行。已知它开始滑行时的初速度为20m/s,当它滑行了300米时，速度减小到10m/s，接着又滑行了一段距离后停止，那么：

(1)关闭动力时列车的初动能为多大?

(2)列车受到的恒定阻力为多大?

(3)列车进站滑行的总距离和总时间各为多大？28、【题文】如图所示；同一竖直平面内固定着两水平绝缘细杆，AB＝CD＝L，两杆间竖直距离为h，BD两端与光滑绝缘的半圆形细杆相连，半圆形细杆与AB；CD在同一平面内，且AB、CD恰好为半圆弧在B、D两点处的切线，O为AD、CB连线的交点，在O点固定一电量为Q的正点电荷，质量为m的带负电小球P，电量为q，穿在细杆上．从A以一定初速度出发，沿杆滑动最后可以到达C点，已知小球与两水平杆间的动摩擦因数均为μ，小球所受库仑力始终小于重力．求：从A点出发时初速度的最小值．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】

试题分析：位移是指由初位置指向末位置的有向线段；而路程是指物体运动轨迹线的长度，因此物体可以沿不同的路径从一点运动至另一点，即位移相同，而路程不同，故选项C错误；如果物体运动一圈绕回原出发点，则位移为零，而路程不为零，故选项D错误；路程是标量，只有大小，没有方向，位移是矢量，既有大小又有方向，故选项A正确；只有物体沿直线作单向运动时，通过的路程才等于位移大小，其它情况下，通过的路程总大于位移大小，故选项B错误。

考点：本题主要考查了对位移和路程概念的理解问题，属于中档偏低题。【解析】【答案】A3、A|D【分析】试题分析：由题意知，沿AD轨迹运动时，小船在平行于岸方向做匀速运动，受力为零，根据力与轨迹的关系知小船受在垂直于岸向下的力，故船相对于静水做匀减速直线运动，所以A正确；同理可得沿AD轨迹运动时，受垂直于岸向上的力，沿v0方向分别做匀加速运动，到达对岸的速度最大，所以用时最短，故C错误；D正确；沿三条不同路径渡河的时间相同，小船垂直于岸方向的速度不同，故渡河时间不同，所以B错误。考点：本题考查运动的合成【解析】【答案】AD4、A|B【分析】【解析】本题考查的是万有引力定律的问题。根据“北斗一号”系统中的三颗卫星的质量可以相等，A正确；GPS的卫星比“北斗一号”的卫星高度低，则周期要短，B正确；“北斗二号”中的中轨道和高轨道卫星一定比“北斗一号”中的每颗卫星的加速度大，C错误；“北斗二号”高轨道卫星的线速度不一定大于中轨道卫星的线速度，D错误；【解析】【答案】AB5、B【分析】【分析】

根据匀变速直线运动的速度位移公式v2鈭�v02=2ax

得出初速度的大小和加速度的大小。

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式；并能灵活运用。

【解答】

根据匀变速直线运动的速度位移公式v2鈭�v02=2ax结合v2鈭�4=2x

知物体的初速度v0=2m/s

加速度为a=1m/s2

故B正确，ABD错误。

故选B。

【解析】B

6、A【分析】解：开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带(

随物体)

开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先接通电源打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故A正确，BCD错误．

故选：A

．

本题考查了打点计时器的具体应用；熟悉打点计时器的使用细节即可正确解答本题．

对于一些实验操作细节，要通过亲自动手实验，才能体会具体操作细节的含义．【解析】A

7、C【分析】解：A.

第3S

内指的是1s

的一段时间；不是时刻，故A错误；

B.位移是从起点到终点的有向线段；路程是物体运动路线的长度.

只有单向直线运动时“位移”大小总是等于路程.

故B错误；

C.“平均速度”对应一段位移或时间；“瞬时速度”对应位置和时刻.

淮海路是一段位移，所以这个速度指的是“平均速度”，故C正确．

D.“加速度”是描述速度变化快慢的物理量；它是矢量，故D错误；

故选C．

(1)

时刻是某一瞬间；时间间隔是两个时刻的间隔.

在时间轴上，时间对应线段，时刻对应一个点；

(2)

位移是从起点到终点的有向线段；路程是物体运动路线的长度.

只有单向直线运动时“位移”大小总是等于路程．

(3)

“平均速度”对应一段位移或时间；“瞬时速度”对应位置和时刻．

(4)

“加速度”是描述速度变化快慢的物理量；它是矢量；

本题考查的是对描述物体运动的基本物理量概念的理解和把握区别的能力.

要注意生活中的时间与物理上的时间意义的不同．【解析】C

8、C【分析】解：A；回复力F=-kx；是时刻变化的，与位移有关，故A错误；

B；振幅反映了振动的强弱；故B错误；

C；频率是单位时间内完成全振动的次数；反映了振动的快慢，故C正确；

D；位移是偏离平衡位置的距离；是时刻变化的，最大位移等于振幅，反映振动的强度，故D错误；

故选：C。

简谐运动的频率（或周期）跟振幅没有关系；而是由本身的性质（在单摆中由初始设定的绳长）决定，所以又叫固有频率，反映了振动的快慢。

本题考查了描述简谐运动的几个物理量，要明确各个量的含义，基础题。【解析】C二、填空题(共5题，共10分)9、略

【分析】试题分析：因为粒子带正电，受到的电场力方向和电场方向相同，所以粒子在运动过程中电场力做负功，电势能增大，电场力做功为所以电势能增大合外力做负功，动能减小，由动能定理得：故机械能减小了考点：考查了动能定理，功能关系【解析】【答案】增大，减小了10、略

【分析】第一宇宙速度是贴近星球表面时的线速度大小由此可得第一宇宙速度之比为2:1，由周期公式此时的M为太阳质量，可得周期之比为8:1【解析】【答案】2:1,8:111、略

【分析】解：小球恰好垂直撞到斜面上，根据几何关系有：tan37鈭�=v0vy

则竖直分速度为：vy=v0tan37鈭�=634=8m/s

小球在空中飞行的时间为：t=vyg=810s=0.8s

．

小球与斜面相碰时重力的功率为：P=mgvy=1隆脕8W=8W

．

故答案为：0.88

．

抓住物体的速度与斜面垂直；结合平行四边形定则求出竖直分速度，根据速度时间公式求出小球在空中飞行的时间.

根据瞬时功率的公式求出小球与斜面相碰时重力的功率．

本题考查了平抛运动的基本运用，知道平抛运动在竖直方向和水平方向上的运动规律，通过水平分速度和竖直分速度的关系得出运动的时间是解决本题的关键．【解析】0.88

12、略

【分析】【解析】当此电动车达到最大速度时牵引力与阻力相等当车速为2m/s时由m/s2m/s2。【解析】【答案】400.613、略

【分析】解：由于B轮和C轮是皮带传动；皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同；

故vC=vB；

即：vB：vC=1：1

由于A轮和B轮共轴；故两轮角速度相同；

即ωA=ωB；

即：ωA：ωB=1：1

由角速度和线速度的关系式v=ωR可得。

vA：vB=RA：RB=2：1

所以vA：vB：vC=2：1：1

又因为RA=RC=2RB

由v=ωr可得：

ωA：ωB：ωC=2：2：1

故答案为：2：1：1；2：2：1

求线速度之比需要知道三者线速度关系：B；C两轮是皮带传动；皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，A、C两轮是轴传动，轴传动的特点是角速度相同．

解决传动类问题要分清是摩擦传动（包括皮带传动，链传动，齿轮传动，线速度大小相同）还是轴传动（角速度相同）．【解析】2：1：1；2：2：1三、解答题(共8题，共16分)14、略

【分析】

（1）只有斜槽的末端保持水平；小球才具有水平初速度，其运动才是平抛运动；每次由静止释放小球，是为了使小球有相同的初速度；如果小球在运动过程中与木板上的白纸相接触就会改变它的运动轨迹，使其不是平抛运动，故A；C、D选项正确，B选项中，每次释放小球的位置必须相同，以保证小球有相同的水平初速度；

故选为ACD

（2）A；B、C是平抛运动轨迹上的三个点；由水平位移可知：三个点时间间隔相等．

竖直方向：自由落体运动，因时间相等，由△h=gt2可得：t==

=1×10-1s

水平方向：匀速运动，则v==m/s=1m/s

所以初速度v=1m/s

故答案为：0.1s；1m/s．

【解析】【答案】在实验中让小球在固定斜槽滚下后；做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹．然后在运动轨迹上标出特殊点，对此进行处理，从而能求出小球抛出初速度及其它速度．所以在实验时必须确保抛出速度方向是水平的，同时固定的斜槽要在竖直面．

15、略

【分析】

以A物体为研究对象，其受力情况如图所示：

则物体B对其压力。

FN2=GB

地面对A的支持力。

FN1=GA+GB

所以A受B的滑动摩擦力。

Ff2=μFN2=μGB

A受地面的摩擦力。

Ff1=μFN1=μ（GA+GB）

又由题意得：F=Ff1+Ff2=μ（GA+2GB）

将F=32N，GA=40N，GB=20N代入解得μ=0.4．

答：接触面间的动摩擦因数为0.4．

【解析】【答案】以A物体为研究对象；分析受力情况，作出力图．根据平衡条件和摩擦力公式求解动摩擦因数．

16、略

【分析】【详解】

（1）模型Ⅰ中，设电子绕核运动的速度为v，对于电子绕核的运动，根据库仑定律和牛顿第二定律有

解得

模型Ⅱ中，设电子和原子核的速度分别为电子的运动半径为r1，原子核的运动半径为r2。根据库仑定律和牛顿第二定律，对电子有

解得

对于原子核有

解得

系统的总动能

即在这两种模型中；系统的总动能相等。

（2）模型Ⅰ中，根据库仑定律和牛顿第二定律有

解得

模型Ⅱ中，电子和原子核的周期相同，均为根据库仑定律和牛顿第二定律，对电子有

解得

对原子核有

解得

因

将以上两式代入，可解得

（3）所以有

因为可得

所以采用模型Ⅰ更简单方便。【解析】（1）总动能相等；（2）（3）采用模型Ⅰ更简单方便17、略

【分析】

探测器先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，知24s末上升的高度最大，最大高度．

探测器匀减速直线运动的加速度等于重力加速度，g=a=．

故答案为：480；2.5

【解析】【答案】从速度时间图线可以看出；探测器先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，最后反向做匀加速直线运动，根据图线围成的面积求出上升的最大高度．根据匀减速直线运动的加速度求出星球表面的重力加速度．

18、略

【分析】

（1）根据加速度的定义式得：a=m/s2=-2m/s2

汽车停车所需时间：t=s=5s

故5秒时汽车已经停止．

所以8s内的位移为：x==25m

（2）汽车匀减速末速度为零；可以也它的运动反过来作为初速为零的匀加速处理；

所以最后两秒内的位移为：x=2×22m=4m

答：（1）刹车后8秒内的位移为25m；

（3）汽车在运动最后2秒内发生的位移为4m．

【解析】【答案】（1）根据加速度的定义式求出刹车的加速度．

（2）先求出刹车到停止所需的时间；因为汽车停止后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．

（3）汽车匀减速末速度为零；可以也它的运动反过来作为初速为零的匀加速处理，最后两秒内的位移为匀加速运动开始2s内的位移，根据位移时间公式即可求解．

19、略

【分析】

设物体离开气球后运动到地面的时间为t；则。

-h=Vt-gt2

解得t=5s

气球做匀加速运动上升的高度为h

h=Vt+at2

解得h=51.25m

物体落到地面时气球的高度为H；则。

H=h+h=75m+51.25m=126.25m

答：物体落到地面时气球离地的高度为126.25m．

【解析】【答案】物体掉落后由于惯性，具有向上的初速度，做竖直上抛运动．取竖直向上为正方向，把竖直上抛运动看成加速度为-g的匀减速直线运动，物体落到地面时位移为x=-h；由位移公式求出物体离开气球后运动到地面的时间，并求出气球做匀加速运动上升的高度，再求出物体落到地面时气球离地的高度．

20、略

【分析】

（1）由图象知：匀加速的末速度v=30m/s

对于匀加速过程加速度a1==15m/s2

由牛顿第二定律得Fcos37°-µ（mg+Fsin37°）=ma1①

对于匀减速过程加速度。

a2=-=-2m/s2

由牛顿第二定律得-µmg=ma2②

联合①②解得F=50Nµ=0.2

答：（1）F的大小为50N；

（2）木块与地面间的动摩擦因数µ=0.2．

【解析】【答案】根据图象求出0～2s和2～17s的加速度；根据牛顿第二定律分别对两段过程研究，求出F的大小及木块与地面间的动摩擦因数µ．

21、略

【分析】

（1）由牛顿第二定则可知F-Ff=ma；

汽车的牵引力F=Ff+ma=2×l03+4×103×0.5N=4×103N；

则匀加速的最大速度v1===20m/s；

所用的时间t==s=40s；

（2）当汽车达最大速度时；F′=f；

则vm===40m/s；

当速度为V2=10m/s时，机车的牵引力F″===8×103N；

加速度a′===1.5m/s．

答：（1）能达到的最大速度为20m/s；所用时间为40s；（2）最大速度为40m/s，加速度为1.5m/s．

【解析】【答案】（1）汽车匀加速运动时；速度增加则功率增加，当功率达到额定功率时速度达最大；由速度公式可求得所需要的时间；

（2）当机车达最大速度时；汽车做匀速直线运动，功率达最大，由功率公式可求得最大速度；由功率公式利用牛顿第二定律可求得机车的加速度．

四、识图作答题(共3题，共18分)22、(1)绿色植物→田鼠→猫头鹰猫头鹰、青蛙、蛇蛇、猫头鹰蛇和猫头鹰、鸟类和昆虫(2)同化固定的能量用于生长、发育和繁殖的能量b/y×100%(3)呼吸作用食物链和食物网(4)25A/(1+4m)【分析】【分析】本题结合图示考查生态系统的营养结构和能量流动，意在考查考生分析题图获取有效信息的能力；能理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力。【解答】（1）图甲中含有三个营养级的食物链是：绿色植物→田鼠→猫头鹰，处于第四营养级的生物有蛇、猫头鹰，种群间既有捕食关系又有竞争关系的生物有蛇和猫头鹰、鸟类和昆虫。（2）第二营养级的生物摄入的总能量，被同化的能量才是进入该营养级的总能量，没有被同化的主要以粪便的形式排出体外，A表示摄入量，则B表示同化量，数据用b表示，D表示呼吸散失的能量，C表示用于生长、发育和繁殖的能量，储存在生物体内。生产者同化的能量是y，第一到第二营养级间的能量传递效率是：b/y×100%。（3）图乙中有两处能量散失途径，其中D处散失的能量是通过呼吸作用散失，E是通过分解者散失的能量。生态系统能量流动的主要特点单向流动，逐级递减。（4）要使鸟类能量增加AkJ，设至少需要绿色植物能量为B，则：B×m×20%+B×(1-m)×20%×20%=A，则B=25A/(1+4m)。【解析】(1)绿色植物→田鼠→猫头鹰猫头鹰、青蛙、蛇蛇、猫头鹰蛇和猫头鹰、鸟类和昆虫(2)同化固定的能量用于生长、发育和繁殖的能量b/y×100%(3)呼吸作用食物链和食物网(4)25A/(1+4m)23、（1）无氧呼吸和有氧呼吸（2）有氧呼吸葡萄糖（3）1.5【分析】。【分析】本题的知识点是细胞呼吸、有氧呼吸、无氧呼吸之间的数量关系，无氧呼吸与氧气浓度的关系，有氧呼吸与无氧呼吸的反应式及应用，本题重点考查学生分析曲线获取信息的能力及图文转换能力。分析题图获取信息是解题的突破口，对细胞呼吸方式的综合理解应用是解题的关键。【解答】

（1）据图分析：外界氧浓度在0~10％以下时，CO2释放量大于O2吸收量，故同时进行有氧呼吸和无氧呼吸。（2）P点后，CO2释放量等于O2吸收量，说明这时只进行有氧呼吸，有氧呼吸的底物为葡萄糖。（3）当外界氧浓度为4～5％时，同时进行有氧呼吸和无氧呼吸。O2吸收量的相对值为0.4，根据反应式，有氧呼吸消耗葡萄糖为CO2释放量为0.4，则无氧呼吸CO2释放量为则无氧呼吸消耗葡萄糖为故无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于需氧呼吸的倍。有氧呼吸的总反应式：【解析】（1）无氧呼吸和有氧呼吸（2）有氧呼吸葡萄糖（3）1.524、（1）伴X隐性遗传常染色体隐性遗传

（2）BBXaY或BbXaYbb