2024年沪科新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科新版高二物理上册月考试卷18考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于点电荷的说法，正确的是(

)

A.只有体积很小的带电体才能看作点电荷B.体积很大的带电体不能看作点电荷C.当带电体电荷量很小时，可看作点电荷D.当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷2、关于安培力和洛伦兹力；下列说法中正确的是()

A.带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用B.放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用C.因洛伦兹力总垂直于电荷运动方向，故洛伦兹力对运动电荷一定不做功D.因安培力垂直通电导线，故安培力对通电导线一定不做功3、如图所示；为用热敏电阻R和继电器L等组成的一个简单的恒温控制电路，其中热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小．电源甲与继电器；热敏电阻等组成控制电路，电源乙与恒温箱加热器（图中未画出）相连接．则（）

A.当温度升高到某一数值；衔铁P将会被吸合下。

B.当温度降低到某一数值；衔铁P将会被吸合下。

C.工作时；应该把恒温箱内的加热器接在A；B端。

D.工作时；应该把恒温箱内的加热器接在C；D端。

4、竖直导线ab与水平面上放置的圆线圈隔有一小段距离；其中直导线固定，线圈可自由运动，当同时通以如图所示方向的电流时（圆线圈内电流从上向下看是逆时针方向电流），则从左向右看，线圈将（）

A.不动。

B.顺时针转动；同时靠近导线。

C.顺时针转动；同时离开导线。

D.逆时针转动；同时靠近导线。

5、下列说法中正确的是：（）A.根据磁感应强度B的定义式B=F/IL可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零C.线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大D.线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大6、图中电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计。开关K接通后，流过R2的电流是K接通前的（）A.B.C.D.7、1820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应．在奥斯特实验中，将直导线沿南北方向水平放置，指针靠近直导线，下列结论正确的是（）A.把小磁针放在导线的延长线上，通电后，小磁针会转动B.把小磁针平行地放在导线的下方，在导线与小磁针之间放置一块铝板，通电后，小磁针不会转动C.把小磁针平行地放在导线的下方，给导线通以恒定电流，然后逐渐增大导线与小磁针之间的距离，小磁针转动的角度（与通电前相比）会逐渐减小D.把黄铜针（用黄铜制成的指针）平行地放在导线的下方，通电后，黄铜针会转动8、收录机等小型家用电器所用的稳压电源，是将220V

的正弦交流电变为稳定的直流电的装置，其中的关键部分是整流电路.

有一种整流电路可以将正弦交流电变成如图所示的脉动直流电(

每半个周期都按正弦规律变化)

则该脉动直流电电流的有效值为(

)

A.4A

B.42A

C.22A

D.2A

9、如图所示，用水平力F

将质量为m

的物体压紧在竖直墙壁上，物体处于静止状态，物体与墙壁间的动摩擦因数为娄脤

物体受到的摩擦力大小为(

)

A.娄脤F

B.娄脤mg

C.mg

D.F

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、有一个50匝的线圈，在0.4秒内穿过它的磁通量由0.02韦伯均匀地增加到0.09韦伯．那么磁通量的改变量是____韦伯，磁通量的变化率是____韦伯/秒，线圈中的感应电动势等于____伏．11、带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫____，电荷间的相互作用就是通过____发生的．12、在做“用单摆测定重力加速度”的实验时：

(1)下列给出的材料中应选择____________作为摆球与摆线；组成单摆．

A．木球B．铁球C．柔软不易伸长的丝线D．粗棉线。

(2)在测定单摆摆长时；下列的各项操作正确的是____________

A．装好单摆；抓住摆球，用力拉紧，测出摆线悬点到摆球球心之间距离。

B．让单摆自由下垂；测出摆线长度再加上摆球直径。

C．取下摆线；测出摆线长度后再加上摆球半径。

D．测出小球直径；把单摆固定后，让小球自然下垂，用刻度尺量出摆线的长度，再加上小球的半径。

(3)实验测得重力加速度的值较当地重力加速度的值偏大；可能的原因是____________

A．摆球的质量偏大B．单摆振动的振幅偏小。

C．计算摆长时加上了摆球的直径D．将实际振动次数n次误记成(n+1)次。

(4)实验中测量得小球的直径的示数如图1所示；图中游标尺上有20个等分刻度，则小球的直径d为____________mm．用秒表记下了单摆振动50次的时间如图2所示，由图可读出时间为____________s．

13、蜘蛛虽有8

只眼睛，但视力很差，完全靠感觉来捕食和生活，它的腿能敏捷地感觉到丝网的振动，如图所示为丝网做受迫振动的振幅--频率关系图象.

由图可知，落在网上的昆虫翅膀振动的频率为______Hz

左右时，蜘蛛感到网振动最为强烈，这种现象称为______．14、曾经谣传2012年12月21日“世界末日”来临．有不少科学家在玛雅文化发祥地进行探索和研究；发现了一些散落在平整山坡上非常规则的不明圆柱体，有科学家认为是外星人带着玛雅人离开时留下的．对其力学性质进行研究，下表为其形变量x与所施加拉力F关系的实验数据。

。F/N0.524.5812.518X/mm123456（1）试猜想此不明圆柱体施加拉力F与其形变量x的关系______

（2）如果想要验证猜想是否正确，应该画出下列哪种图象最能直观准确的表示两者之间的关系______

A．F-x图象B．F-x2图象C．F2-x图象D．F2-x2图象．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)22、作图。

（1）如图1；质点沿圆周做逆时针方向的匀速圆周运动，先后通过A；B、C三点，试画出：

①质点经过A点时的速度。

②从B点到C点的位移．

（2）如图2所示，金属棒ab在匀强磁场中沿金属导轨向右运动，请在图中画出螺线管中感应电流的方向和ab棒所受磁场力的方向．23、试画出下面图1

中负电荷产生的电场；画出图2

中的A

点的电场方向以及放在B

点的负电荷所受的电场力方向。

24、根据图中通电直导线电流方向(

竖直向下)

判断磁感线的环绕方向；在图中画箭头表示．

25、波源O由平衡位置起振；经0.2s第一次回到平衡位置，介质中形成的简谐波如图甲所示，波恰好传播到P点。已知这段时间内波源O通过的路程为20cm，O；P两质点平衡位置间的距离为2m。求：

（1）波源O振动的振幅A和周期T；

（2）所形成简谐波的波长和波速；

（3）以波传播到P点作为计时零点，请在图乙上画出P点一个周期的振动图象（以向上为位移的正方向）。评卷人得分五、识图作答题(共2题，共4分)26、下图1表示绿色植物叶肉细胞部分结构中的某些生命活动过程，①～⑦代表各种物质，A、B代表两种细胞器。图2表示该植物叶片CO2吸收量随光照强度的变化曲线。据图回答下列问题：

(1)图1中B是____。光反应形成ATP的反应式为____。(2)若该绿色植物长时间处于黑暗状态时，则图中①→②→①的循环不能进行，原因是____。(3)当光照强度处于图2中的D点时，图1中⑥的去向有____。(4)图2中0～D间此幼苗光合作用有机物的净积累量为____。(用S1、S2、S3表示)(5)在晴朗天气下，给植物浇灌含18O的水，则在植物体周围的空气中含放射性物质有____。(6)若图2为植物25℃时CO2吸收量随光照强度的变化曲线。已知该植物光合作用和细胞呼吸的最适温度分别为25℃和30℃，请在图中画出30℃时(原光照强度和CO2浓度不变)相应的CO2吸收量随光照强度的变化曲线(要求在曲线上标明与图中A、B、C三点对应的a、b、c三个点的位置)。27、机场飞行跑道及场内小路旁多是大片草地，有多种动物栖息。下图是某机场生态系统食物网的主要部分。（1）此食物网中杂食性小鸟和另外______种生物之间既存在捕食关系又存在竞争关系，小型猛禽分别处于第________营养级，该食物网共包括_______条食物链。（2）工作人员根据生态系统中______信息传递的特点，释放训练过的猎鹰来驱赶小鸟。具有捕食关系的相邻物种的个体行为与种群特征为对方提供了大量有用信息，这说明信息能够___________________，以维持生态系统的稳定。（3）为了进一步驱鸟，某机场先铲除原有杂草，而后引种了虫和鸟都不爱吃的“驱鸟草”，机场内小鸟大为减少．以后“驱鸟草”逐渐被杂草“扼杀”，这种生物群落的变化过程属于_________演替。（4）假设小型猛禽所获得的能量中1/3由鼠直接提供，1/6由蛇提供，若小型猛禽增加能量为m千焦，则最多需要鼠具有的能量为________千焦。评卷人得分六、综合题(共4题，共20分)28、[

物理隆陋隆陋

选修3隆陋3]

(1)

甲、乙两分子相距较远，设甲固定不动，乙在分子力作用下逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，下列说法正确的是_________(

填正确答案标号。)

A.乙分子的速度先增大后减小B.加速度先增大后减小C.分子力先减小后增大D.分子动能先增大后减小E.分子势能先减小后增大

(2)

如图所示，玻璃管A

上端封闭，B

上端开口且足够长，两管下端用橡皮管连接起来，A

管上端被一段水银柱封闭了一段长为6cm

的气体，外界大气压为75cmHg

左右两水银面高度差为5cm

温度为t1=27隆忙

(i)

保持温度不变，上下移动B

管，使A

管中气体长度变为5cm

稳定后的压强为多少？(ii)B

管应向哪个方向移动？移动多少距离？(iii)

稳定后保持B

不动，为了让A

管中气体长度回复到6cm

则温度应变为多少？29、利用光谱分析鉴别物质的组成成分时，灵敏度是很高的．(1)

如何进行操作？_____________________．(2)

如图甲所示的abcd

为四种元素的特征谱线，图乙是某矿物的线状谱，通过光谱分析可以确定该矿物中缺少的元素为_________．A.a

元素B.b

元素C.c

元素D.d

元素30、【物理篓D篓D

选修3鈭�3

】(1)

实验观察到，静止在匀强磁场中A

点的原子核发生尾

衰变，衰变产生的新核与电子恰在纸面内匀速圆周运动，运动方向和轨迹示意如图，则：()

A.轨迹1

是电子的，磁场方向垂直纸面向里B.轨迹2

是电子的，磁场方向垂直纸面向外C.轨迹1

是新核的，磁场方向垂直纸面向里D.轨迹2

是新核的，磁场方向垂直纸面向外(2)

如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与墙壁对接，右边与一个足够高的14

光滑圆弧轨道平滑相连，木块AB

静置于光滑水平轨道上，AB

的质量分别为mA=1.5kg

和mB=0.5kg.

现让A

以6m/s

的速度v1

水平向左运动，之后与墙壁碰撞，碰撞的时间t

为0.3s

碰后的速度大小v1隆盲

变为4m/s.

当A

与B

碰撞后会立即粘在一起运动，重力加速度g

取10m/s2

求：(1)

在A

与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A

的平均作用力F

的大小；(2)AB

滑上圆弧轨道的最大高度h

．31、A.图所示，在一范围足够大的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd

的平面与磁场方向垂直，若将线圈绕ab

边转动，则线圈中______感应电流，若将线圈左右平移，则线圈中______感应电流(

选填“有”或“无”)

B.在B=2T

的匀强磁场中放一根与磁场方向垂直、长度为0.8m

的通电直导线，导线中的电流为5A

求：垄脵

导线受到的磁场力方向是与电流方向平行还是垂直？垄脷

磁场力的大小是多少？

C.下列关于电阻率的说法中，____的是：()

A.电阻率反映材料导电性能的好坏，所以与材料有关；B.电阻率只是一个比例常数，与任何其他因素无关；C.电阻率与导体的温度有关；D.电阻率在国际单位制中的单位是欧姆米。D.关于电场强度的定义式E=F/q

下列说法正确的是()

A.q

表示产生电场的电荷量B.q

越大则E

越小C.q

表示检测用试探电荷的电荷量D.E

的方向与负的试探电荷的受力方向相同E.如图所示，一根质量为m

的金属棒AC

用软线悬挂在磁感强度为B

的匀强磁场中，通入A隆煤C

方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是()

A.不改变磁场和电流方向，适当增大磁感强度B.只改变电流方向，并适当增加电流C.不改变电流和磁场方向，适当减小电流D.只改变电流方向，并适当减小电流F.测量两个电池ab

的电动势后得到如图所示中U隆陋I

曲线，那么()

A.电池a

的电动势较大，内阻较小B.电池a

的电动势较大，内阻较大C.电池b

的电动势较大，内阻较小D.电池b

的电动势较大，内阻较大G.如图所示为甲、乙两个导体的伏安特性曲线，则甲导体的电阻为_______若将甲、乙两导体串联起来接在电动势为16V

内阻为1

的电源两极，则通过电源的电流为________A

H.如图所示，匀强磁场的磁感应强度大小为B

方向垂直纸面向里.

一个质量为m

电荷量为q

的正离子，以速度v

从小孔O

射入匀强磁场，入射时速度方向既垂直于磁场方向，又与屏垂直，偏转后打在屏上S

点(S

点未在图上画出)

求：垄脵

刚进入磁场时，离子受到洛伦兹力的大小和方向；垄脷

屏上S

点到O

点的距离；垄脹

离子从O

点运动到S

点的时间．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】解：A

带电体看作点电荷的条件；当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系.

故ABC错误；

D；当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可忽略时；这两个带电体可看作点电荷，故D正确；

故选：D

．

带电体看作点电荷的条件；当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系．

本题考查了带电体看作点电荷的条件及其特点，类似质点，基础问题．【解析】D

2、C【分析】【分析】

根据安培力公式F=BILsin娄脠

与洛伦兹力公式f=qvBsin娄脠

及做功的条件分析答题；

本题难度不大是一道基础题；知道洛伦兹力与安培力公式；知道力做功的必要条件即可正确解题。

【解答】

A.当带电粒子运动方向与磁场反向在同一直线上时；带电粒子不受洛伦兹力，故A错误；

B.当电流方向与磁场方向平行时；通电导线不受安培力作用，故B错误；

C.洛伦兹力总垂直于电荷运动方向；在洛伦兹力方向上，粒子位移为零，因此洛伦兹力对运动电荷不做功，故C正确；

D.安培力与通电导线垂直；只要通电导线在安培力方向上有位移，则安培力对通电导线做功，故D错误；

故选C。

【解析】C

3、A|C【分析】

A；当温度升高到某一数值；热敏电阻R的阻值减小，电路中电流增大，继电器L对衔铁P吸引力增大，P将会被吸合下．故A正确．

B；当温度降低到某一数值；热敏电阻R的阻值增大，电路中电流减小，继电器L对衔铁P吸引力减小，P将不会被吸合下．故B错误．

C；D恒温箱内温度高到一定数值后；应与电源断开停止加热，由上分析可知，温度升高后，A、B端断开，所以工作时，应该把恒温箱内的加热器接在A、B端．故C正确，D错误．

故选AC

【解析】【答案】根据温度变化；分析R的变化，确定电路中电流的变化，若电流增大时，继电器L对衔铁P吸引力增大，P将会被吸合下．工作时，应该把恒温箱内的加热器接在A；B端．

4、D【分析】

根据安培定则可知；通电导线AB在右侧产生的磁场方向垂直纸面向里．采用电流元法，将圆环分成前后两半，根据左手定则可知，外侧半圆受到的安培力向上，内侧受到的安培力向下，圆环将逆时针转动．再用特殊位置法：圆环转过90°时，通电直导线AB对左半圆环产生吸引力，对右半圆环产生排斥力，由于吸引力大于排斥力，圆环靠近AB．则从左向右看，线圈将逆时针转动，同时靠近直导线AB．故D正确，A；B、C错误．

故选D．

【解析】【答案】根据安培定则判断通电导线AB产生的磁场方向；采用电流元法和特殊位置法分析圆环所受安培力，判断圆环的运动情况．

5、D【分析】磁感强度是磁场本身的性质，与安培力和电流都没有关系，AB错；由法拉第电磁感应定律线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大，D对；C错；【解析】【答案】D6、B【分析】【分析】K接通前流过R2的电流是K接通后电路的总电流是流过R2的电流是得到B对；ACD错。

【点评】本题学生清楚开关接通前后电路中各电阻的连接方式。7、C【分析】【解答】根据安培定则可知；针小磁针放在导线上的延长线上，小磁针所在位置没有磁场，故小磁针不会转动；故A错误；

B；同于铝板不能有效屏蔽磁场；故通电后小磁针不会转动；故B正确；

C；离导线越远的地方；磁场越弱，则逐渐增大导线与小磁针之间的距离，小磁针转动的角度（与通电前相比）会逐渐减小；故C正确；

D；铜不能被磁化；故不会被磁场所吸引；故D错误；

故选：C．

【分析】对于电流的磁效应，根据安培定则进行分析．注意磁场及磁场的应用．8、B【分析】解：由于电流的热效应与电流的方向无关；脉动直流电与正弦交变电流一个周期通过相同的电阻产生的热量相同；

则图示电流的最大值与正弦式电流的最大值相同；有效值也相同；

设该脉动直流电电流的有效值为I

根据电流的热效应得：

(82)2R鈰�T2+(82)2R鈰�T2=I2RT

解得：I=42A

则该脉动直流电电流的有效值为42

A.

故选：B

．

电流的热效应与电流的方向无关；将图中脉动直流电与正弦交变电流一个周期的热效应相比较，求解电压的最大值，再求出有效值．

对于电流的有效值常常根据电流的热效应研究，本题抓住电流的热效应与电流的方向无关的特点进行研究．【解析】B

9、C【分析】解：对物体受力分析；受推力；重力、支持力和向上的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有：

f=mg

F=N

故ABD错误；C正确；

故选：C

．

对物体受力分析；然后根据共点力平衡条件求解静摩擦力．

本题关键是明确滑块的受力情况，然后根据共点力平衡条件求解静摩擦力，注意，不是滑动摩擦力．【解析】C

二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】

磁通理量的变化量：△∅=∅2-∅1=0.09Wb-0.02Wb=0.07Wb

而磁通量的变化率为：

根据法拉第电磁感应定律得。

E=N=50×V=8.75V

故答案为：0.07；0.175，8.75．

【解析】【答案】线圈的磁通量变化时；产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势大小．可知感应电动势的大小与匝数及磁通量的变化率有关．

11、略

【分析】

带电体周围就存在着一种特殊形态的物质；这种物质叫电场．电荷不接触也能发生作用，是电场发生的．

故答案为：电场；电场。

【解析】【答案】带电体周围存在着一种特殊物质；这种物质叫电场，电荷间的相互作用就是通过电场发生的．

12、略

【分析】解：(1)为减小空气阻力与摆长变化对实验的影响；应选用密度大而体积小的球作为摆球，应选长度不易发生变化的线作为摆线，因此摆球应选B，摆线选C；

(2)单摆摆长等于摆球半径与摆线长度之和；应先测出摆球直径，然后把单摆悬挂好，再测出摆线长度，摆球半径与摆线长度之和是单摆摆长，故D正确；

(3)由单摆周期公式T=2π重力加速度：g=

A、由g=可知；重力加速度与摆球质量无关，故A错误；

B、由g=可知；重力加速度与振幅无关，故B错误；

C、算摆长时加上了摆球的直径，摆长偏大，由g=可知，重力加速度的测量值偏大，故C正确；D、将实际振动次数n次误记成(n+1)次，所测周期T偏小，由g=可知；重力加速度的测量值偏大，故D正确；故选CD．

(4)由图示游标卡尺可知；主尺示数为1.1cm=11mm，游标尺示数为11×0.05mm=0.55mm，则摆球直径d=11mm+0.55mm=11.55mm；

由图示秒表可知；分针示数为1min30s=90s，秒针示数为6.8s，则秒表示数为90s+6.8s=96.8s．

故答案为：(1)BC；(2)D；(3)CD；(4)11.55，96.8．【解析】BC;D;CD;11.55;96.813、略

【分析】解：由图可知；当在网上的昆虫翅膀振动的频率为200Hz

左右时，丝网的振幅最大，蜘蛛感到网振动最为强烈；当策动力的频率等于物体的固有频率时，物体振动的振幅最大，这种情况倍称为共振．

故答案为：200

共振。

振子自由振动的频率由系统本身决定；受迫振动的频率由驱动力频率决定；由共振曲线可知；出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，为200Hz

．

本题关键明确自由振动与受迫振动的频率和振幅的不同，记住共振的条件，基础题．【解析】200

共振14、略

【分析】解：（1）由表格数据可以直观看出F随x的增大而增大，但不是线性关系；由数学归纳法可猜想F-x的关系式为F与x的二次方成正比，或F=x2；

（2）由于猜想F-x的关系式为F与x的二次方成正比，所以画出F-x2图象最能直观准确的表示两者之间的关系．

故选：B

故答案为：（1）F与x的二次方成正比；（2）B

由表格数据可以直观看出F随x的变化情况；进而由数学归纳法得到F-x的关系式；由猜想的公式选择最能直观准确的表示两者之间的关系的图象．

该题属于信息给予的题目，要注意表格中所给的数据可知F与形变量x明显不是线性关系，不同于我们学习过的胡克定律的表达形式．【解析】F与x的二次方成正比；B三、判断题(共7题，共14分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共4题，共28分)22、略

【分析】

（1）明确曲线运动的速度方向沿切线方向；从而作出A点的速度方向；根据位移的定义可得出表示位移的有向线段；

（2）根据右手定则可明确电流方向，再根据左手定则可明确ab棒受力方向．

本题考查了曲线运动的速度、位移以及导体切割磁感线时的电流方向和安培力的判断，要求能准确掌握右手定则和左手定则的应用分析电流和受力的方向．【解析】解：（1）曲线运动速度方向沿切线方向；A点速度方向如图所示；

位移是由起点到终点的有向线段；故BC的位移为由B到C的有向线段，如图所示；

（2）ab向右运动，切割磁感线，根据右手定则可知，电流由b到a；则线圈中电流如图所示；

根据左手定则可知，ab棒中电流受到的磁场力水平向左；如图所示；

故答案如图所示：23、略

【分析】

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；负电荷受力的方向与电场线的方向相反；也是沿电场线的切线方向．

该题中要求画出B

点的负电荷受力的方向，要注意负电荷受力的方向与电场线的方向相反.

属于简单题．【解析】解：负电荷产生的电场线应该由无穷远指向负点电荷；如图1

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；所以A

点的场强的方向竖直向下，如图2

负电荷受力的方向与电场线的方向相反；所以负电荷在B

点受电场力方向竖直向上，如图2

．

答：如上图所示．24、略

【分析】

根据安培定则关于直导线的磁场判断可得出通电直导线周围的磁场方向与电流方向的关系判断方法．

本题考查安培定则的关于直线电流的磁场的判断；应能熟练应用安培定则的三种情况判断其磁场.

利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．【解析】解：由安培定则可知；通电直导线的周围磁场为以导线为圆心的一层层的同心圆；通电直导线的磁场可以由安培定则进行判断：用右手握住直导线，大拇指向下指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；如图．

答：如图25、解：（1）从O点到B点，通过了T，波源O通过的路程为20cm，从O点开始通过达到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，经=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如图甲所示，OP恰好半个波长，故波长：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波传播到P点作为计时零点；P点一个周期的振动图象如图所示：

答：（1）波源O振动的振幅A为10cm；周期T为0.4s；

（2）所形成简谐波的波长为4m；和波速为10m/s；

（3）以波传播到P点作为计时零点，P点一个周期的振动图象如图所示。【分析】

（1）从O到P；质点经过了半个周期，所振动的路程等于振幅的2倍，从而可以求出波源O振动的振幅A和周期T；

（2）知道半个周期的OP的长度；和所用时间，可以求出波长和波速；

（3）振动满足正弦函数图象；可以作出P点一个周期的振动图象。

本题考查了横波的图象。本题是基础题，考的是基本概念，难度不大。【解析】解：（1）从O点到B点，通过了T，波源O通过的路程为20cm，从O点开始通过达到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，经=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如图甲所示，OP恰好半个波长，故波长：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波传播到P点作为计时零点；P点一个周期的振动图象如图所示：

答：（1）波源O振动的振幅A为10cm；周期T为0.4s；

（2）所形成简谐波的波长为4m；和波速为10m/s；

（3）以波传播到P点作为计时零点，P点一个周期的振动图象如图所示。五、识图作答题(共2题，共4分)26、略

【分析】【分析】本题考查光合作用与呼吸作用的相关知识，意在考察考生对图形的提取信息分析能力，理解所学知识点，把握知识间的内在联系综合运用解决问题的能力。图1中：B为叶绿体，A为线粒体．①是五碳化合物、②是三碳化合物、③是[H]和ATP、④是ADP和Pi、⑤是水、⑥是氧气、⑦是丙酮酸。图2中：表示该植物叶片CO2吸收量随光照强度变化的曲线，S代表有机物量，其中呼吸作用的消耗的有机物的量为S1+S3。光合作用制造的有机物的量为S2+S3。【解答】（1）根据题意可知图1中B是叶绿体，光反应形成ATP的反应式为ADP+Pi+能量ATP。

（2）绿色植物长时间处于黑暗状态时；则图中①→②→①表示暗反应过程因缺少光反应提供的[H]和ATP而不能进行。

（3）光照强度处于图2中的D点时该植物已经达到光饱和点，此时光合作用大于呼吸作用，图1中⑥氧气的去向有扩散到线粒体和外界环境。（4）图2中S代表有机物量，0-D间此植物呼吸作用消耗的有机物量为S1+S3，光合作用有机物的净积累量为（S2+S3）-（S1+S3）=S2-S1。

（5）含18O的水是光合作用和呼吸作用的原料，在有氧呼吸过程中，水参与第二阶段的反应，生成CO2；在光合作用过程中，水在光反应阶段水解生成O2；此外，含18O的水还会经蒸腾作用散发到空气中。因此在植物周围的空气中，含18O的气态物质有水、CO2、O2。（6）在30℃时呼吸强度较25℃时要高；光合作用受抑制会降低，所以曲线中A点将下移，光补偿点B点增大会右移。如下图：

【解析】（1）叶绿体ADP+Pi+能量ATP（2）没有光反应提供的ATP与[H]，暗反应不能进行（3）扩散到线粒体和外界（4）S2-S1（5）H218O、C18O2和18O2（6）如下图：27、（1）4三、四、五12

（2）行为调节生物的种间关系

（3）次生

（4）20m【分析】【分析】

本题考查种间关系、种群、群落演替、生态系统的结构、信息传递和能量流动等知识，意在考查学生对相关知识要点的理解能量和结合实际的综合分析、应用能力。【解答】（1）此食物网中杂食性小鸟和蛇；蜗牛、小型猛禽、昆虫之间既存在捕食关系又存在竞争关系；小型肉食动物在不同食物链中所处的营养级不同，如：在“草→昆虫→小型猛禽”在中位于“第三营养级”；而在“草→昆虫→杂食性小鸟→小型猛禽”中位于“第四营养级”；而在“草→昆虫→杂食性小鸟→蛇→小型猛禽”中位于“第五营养级”，所以本题填第三、第四、第五。该食物网共包括12条食物链。

（2）本题中利用了训练的猎鹰能驱赶小鸟这种动物的特殊行为来驱赶机场小鸟；所以属于生态系统的行为信息。具有捕食关系的相邻物种的个体行为与种群特征为对方提供了大量有用信息，这说明信息能够调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定。

（3）在本题中虽然人为铲除杂草；种上“驱虫草”后其又被杂草取代，但原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体，属于次生演替。

（4）假设小型猛禽所获得的能量中1/3由鼠直接提供，1/6由蛇提供，若小型猛禽增加能量为m千焦，则最多需要鼠【解析】（1）4三、四、五12（2）行为调节生物的种间关系（3）次生（4）20m六、综合题(共4题，共20分)28、(1)ADE

(2)

解：(i)

气体做等温变化初状态：PA1=P0+娄脩ghA=(75+5)cmHg=80cmHgVA1=6S

末状态：VA2=5S

根据玻意耳定律：PA1VA1=PA2VA2

代入数据得：PA2=96cmHg

(ii)

气体的压强增大；则气体的长度减小，同时两部分的液面差增大，所以B

管应向上移动。

鈻�h=(96鈭�75)鈭�(5鈭�1)=17cm

(iii)

末状态的压强：PA3=P0+娄脩gh3=(75+23)cmHg=98cmHg

由查理定律：PA1T1=PA3T3

代入数据得：T3=367.5K=94.5隆忙

【分析】(1)

【分析】当两分子之间的距离大于r0

时，分子力为引力，当相互靠近时分子力做正功，当分子间距小于r0

时，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功.

结合分子力大小的变化分析加速度的变化.

根据分子力做功情况分析分子势能的变化。分子力做功对应着分子势能的变化；要正确分析分子之间距离与分子力；分子势能的关系。

【解答】ADE.

当两分子之间的距离大于r0

时，分子力为引力，分子力对乙分子做正功，其分子动能增大，势能减小。当分子间距小于r0

时；分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功，分子动能减小，分子势能增大，所以分子速度先增大后减小，分子动能先增大后减小，分子势能先减小后增大。故ADE正确。

BC.

分子力先增大后减小再增大；加速度先增大后减小再增大，故BC错误。

故选ADE。(2)(i)

分别列出初态和末态封闭气体的压强；体积；由根据玻意耳定律列式可求出。

(ii)

结合气体的压强的变化；即可判断出B

管运动的方向。

(iii)

先写出末状态的压强，根据几何关系求右管管口移动的距离，然后由查理定律即可求出。此题考查气体的实验定律的应用；在这一类的题目中，确定初末状态的参量是解题的关键。

【解析】(1)ADE

(2)

解：(i)

气体做等温变化初状态：PA1=P0+娄脩ghA=(75+5)cmHg=80cmHgVA1=6S

末状态：VA2=5S

根据玻意耳定律：PA1VA1=PA2VA2

代入数据得：PA2=96cmHg

(ii)

气体的压强增大；则气体的长度减小，同时两部分的液面差增大，所以B

管应向上移动。

鈻�h=(96鈭�75)鈭�(5鈭�1)=17cm

(iii)

末状态的压强：PA3=P0+娄脩gh3=(75+23)cmHg=98cmHg

由查理定律：PA1T1=PA3T3

代入数据得：T3=367.5K=94.5隆忙

29、(1)

光谱分析中首先获取样本的线状谱，然后利用各种原子的特征谱线加以对照从而确定组成成分

(2)B【分析】【分析】原子的发射光谱都是线状谱，也叫特征谱线，各种不同的原子的光谱各不相同，是因原子中电子结合不同，因此可通过原子发光来确定物质的组成。本题考查原子光谱是线状谱线，也是特征谱线，并掌握光谱分析的原理，同时注意细仔观察。【解答】(1)

光谱分析中首先获取样本的线状谱，然后利用各种原子的特征谱线加以对照从而确定组成成分。(2)

各种原子的发射光谱都是线状谱，都有一定的特征，也称特征谱线，是因原子结构不同，导致原子光谱也不相同，因而可以通过原子发光谱线来确定和鉴别物质，对此称为光谱分析。由乙图可知，此光谱是由ac

与d

元素线状谱叠加而成的，因此通过光谱分析可以了解该矿物中缺乏的是b

元素，故B正确，ACD错误。故选B。【解析】(1)

光谱分析中首先获取样本的线状谱，然后利用各种原子的特征谱线加以对照从而确定组成成分(2)B

30、（1）A

（2）

解：（1）设水平向右为正方向，当A与墙壁碰撞时，由动量定理得：Ft=mAv′1-mA•（-v1）；

得：墙壁对A的平均作用力为：

即：在A与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A的平均作用力F的大小为50N；

（2）A、B在光滑圆形轨道上滑动时，只有重力做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律得：

代入数据解得：h=0.45m；

即：A、B滑上圆弧轨道的最大高度h为0.45m。【分析】(1)

【分析】静止的原子核发生娄脗

衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后粒子与反冲核的运动方向相反，动量的方向相反，大小相等；由半径公式r=mvqB=PqBP

是动量，分析两个粒子半径轨迹半径之比。本题考查了衰变规律以及带电粒子在磁场中的运动分析，本题即使没有说明是娄脗

衰变也可根据粒子的速度的方向相反和两个粒子的运动的轨迹由左手定则可以分析判断粒子的带电的情况.

其中要注意的根据动量守恒定律分析出电子的动量与新核的动量大小相等，方向相反，类似于反冲运动。【解答】原子核发生娄脗

衰变时；根据动量守恒可知两粒子的速度方向相反，动量的方向相反，大小相等；

由半径公式r=mvqB=PqB(P

是动量)

分析得知，r

与电荷量成反比，娄脗

粒子与新核的电量大小分别为e

和ne(n

为新核的电荷数)

则娄脗

粒子与新核的半径之比为：nee=n1.

所以半径比较大的轨迹1

是衰变后电子的轨迹，轨迹2

是新核的；新核沿逆时针方向运动；在A

点受到的洛伦兹力向左，由左手定则可知，磁场的方向向里；

故A正确；BCD错误。

故选A。(2)

本题考查了动量守恒定律、功能关系；分析清楚物体的运动过程，把握每个过程所遵守的物理规律是关键.

要知道对于碰撞的过程，往往根据动量定理求作用力。A

对碰撞墙壁的过程，应用动量定理可以求出墙壁对A

的平均作用力.

根据A

的动能变化分析A

与墙壁碰撞的过程中能量有损失.AB

碰撞过程，根据系统动量守恒求出碰后两者的共同速度，之后AB

一起沿圆弧轨道上升，由机械能守恒定律可以求出上滑的最大高度。【解析】(1)A

(2)

解：(1)

设水平向右为正方向；当A

与墙壁碰撞时，由动量定理得