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文档简介
重点突破锁定高考热点探究规律方法考点1影响弱电解质电离平衡的因素1.内因弱电解质本身的性质,如常温K(CH3COOH)>K(H2CO3)。2.外因电离平衡属于化学平衡,受外界条件如温度、浓度等因素的影响,其规律遵循勒夏特列原理。以CH3COOHCH3COO-+H+ΔH>0为例:题组训练1.常温下,pH=12的氨水中存在以下电离平衡:NH3·H2ONHeq\o\al(+,4)+OH-。往其中加入少量0.01mol·L-1NaOH溶液,保持不变的是()A.c(OH-) B.c(NHeq\o\al(+,4))C.c(NH3·H2O) D.c(NHeq\o\al(+,4))·c(OH-)解析pH=12的氨水中c(OH-)=0.01mol/L,加入少量0.01mol·L-1NaOH溶液,溶液中c(OH-)不变,c(NH3·H2O)、c(NHeq\o\al(+,4))同等程度减小,则eq\f(cNH\o\al(+,4)·cOH-,cNH3·H2O)保持不变,c(NH3·H2O)减小、c(NHeq\o\al(+,4))·c(OH-)减小。答案A2.已知氢氟酸在水溶液中存在如下电离平衡:HFH++F-。只转变一个条件确定可以使eq\f(cHF,cH+)减小的是()A.通入少量氯化氢气体B.加入少量氟化钾固体C.加入少量氢氧化钠固体D.通入少量氟化氢气体解析通入少量HCl气体,溶液中c(H+)增大,电离平衡逆向移动,c(HF)增大,但c(HF)增大的程度没有c(H+)大,eq\f(cHF,cH+)减小,A项正确;加入少量KF固体,溶液中c(F-)增大,平衡逆向移动,c(H+)减小,c(HF)增大,eq\f(cHF,cH+)增大,B项错;加入少量NaOH固体,溶液中c(H+)减小,电离平衡正向移动,c(HF)减小,但c(HF)减小的程度没有c(H+)大,eq\f(cHF,cH+)增大,C项错;通入少量HF气体,c(HF)先增大,平衡正向移动,又导致c(HF)减小,c(H+)增大,但最终结果是c(HF)增大的程度比c(H+)增大的程度大,eq\f(cHF,cH+)增大,D项错。答案A3.(2022·扬州调研)在H2SO3溶液中,在实行措施使pH增大的同时,c(SOeq\o\al(2-,3))的变化状况是()A.增大B.减小C.不变D.可能增大也可能减小解析亚硫酸溶液中存在平衡:H2SO3H++HSOeq\o\al(-,3),HSOeq\o\al(-,3)H++SOeq\o\al(2-,3),若向溶液中加入适量的氢氧化钠,此时溶液的pH增大,c(SOeq\o\al(2-,3))增大;若加水稀释,则pH增大,c(SOeq\o\al(2-,3))减小。答案D4.0.1mol/L的氨水10mL,加蒸馏水稀释到1L后,下列变化中正确的是()①NH3·H2O电离程度增大②c(NH3·H2O)增大③NHeq\o\al(+,4)数目增多④c(OH-)增大⑤溶液导电力气增加⑥eq\f(cNH\o\al(+,4),cNH3·H2O)增大A.①②③ B.①③⑤C.①③⑥ D.②④⑥解析氨水加水稀释,电离程度增大,则c(NH3·H2O)减小,NHeq\o\al(+,4)数目增多,①对、②错、③对;溶液中c(OH-)减小,④错;溶液稀释时c(NHeq\o\al(+,4))、c(OH-)均减小,溶液导电力气减弱,⑤错;依据Kb=eq\f(cNH\o\al(+,4)·cOH-,cNH3·H2O),则eq\f(cNH\o\al(+,4),cNH3·H2O)=eq\f(Kb,cOH-),由于温度不变,Kb不变,而c(OH-)减小,则eq\f(cNH\o\al(+,4),cNH3·H2O)增大,⑥正确。综上,应选C项。答案C5.(2021·上海)H2S水溶液中存在电离平衡H2SH++HS-和HS-H++S2-。若向H2S溶液中()A.加水,平衡向右移动,溶液中氢离子浓度增大B.通入过量SO2气体,平衡向左移动,溶液pH增大C.滴加新制氯水,平衡向左移动,溶液pH减小D.加入少量硫酸铜固体(忽视体积变化),溶液中全部离子浓度都减小解析加水稀释酸性溶液c(H+)确定降低,A选项错误;通入过量SO2最终溶液变为饱和H2SO3溶液,酸性增加,B选项错误;由H2S+Cl2=2HCl+S↓可知弱酸生成强酸HCl,酸性增加,C选项正确;加入CuSO4生成CuS沉淀,使平衡右移,c(H+)增大,D选项错误。答案C考点2强弱电解质的推断1.依据物质的类别进行推断在没有特殊说明的状况下,我们就认为盐是强电解质,强酸(HCl、H2SO4、HNO3)、强碱[NaOH、KOH、Ba(OH)2、Ca(OH)2]、活泼金属氧化物(Na2O、Na2O2、K2O、MgO)为强电解质;而常见的弱酸、弱碱为弱电解质,如H2CO3、H2SO3、HClO、H2SiO3、NH3·H2O等。2.依据强、弱电解质的定义或弱电解质电离平衡的移动进行推断(见下表)浓度均为0.01mol·L-1的强酸HA与弱酸HBpH均为2的强酸HA与弱酸HBpH或物质的量浓度2=pHHA<pHHB浓度:0.01mol·L-1=c(HA)<c(HB)开头与金属反应的速率HA>HBHA=HB体积相同时与过量的碱反应时消耗碱的量HA=HBHA<HB体积相同时与过量活泼金属反应产生H2的量HA=HBHA<HBc(A-)与c(B-)的大小关系c(A-)>c(B-)c(A-)=c(B-)分别加入固体NaA、NaB后pH变化HA:不变HB:变大HA:不变HB:变大加水稀释10倍后3=pHHA<pHHB3=pHHA>pHHB>2溶液的导电性HA>HBHA=HB水的电离程度HA<HBHA=HB3.依据盐类水解进行推断常见方案如下:(1)配制某浓度的醋酸溶液,向其中滴入几滴甲基橙试液,然后再加入少量醋酸钠晶体,振荡。现象:溶液由红色渐渐变为橙色。(2)配制某浓度的醋酸钠溶液,向其中加入几滴酚酞试液。现象:溶液变为浅红色。(3)用玻璃棒蘸取确定浓度的醋酸钠溶液滴在pH试纸上,测其pH。现象:pH>7。题组训练6.下列试验能证明NH3·H2O是弱电解质的是()A.用氨水做导电性试验,灯泡昏暗B.将氨水滴入AlCl3溶液中,产生白色沉淀C.常温下,用pH试纸测得0.1mol/L氨水的pH<13D.氨水能使红色石蕊试纸变蓝解析当强电解质浓度很小时,导电性试验的灯泡也是昏暗的,A项错;将适量强碱(如NaOH)溶液滴入AlCl3溶液中,也会产生白色沉淀,B项错;NH3·H2O不能完全电离,故0.1mol/L氨水的pH小于13,C项正确;D项证明氨水显碱性,但不能证明其是弱电解质,D项错。答案C7.体积相同的盐酸和醋酸两种溶液,n(Cl-)=n(CH3COO-)=0.10mol,下列叙述错误的是()A.与NaOH完全中和时,醋酸所消耗的NaOH多B.分别与足量CaCO3反应时,放出的CO2一样多C.两种溶液的pH相等D.分别用水稀释相同倍数时,n(Cl-)<n(CH3COO-)解析体积相同的盐酸和醋酸两种溶液,n(Cl-)=n(CH3COO-)=0.01mol,依据二者的电离方程式可知,二者电离出的c(H+)相同,故pH相等,C项正确;由于醋酸不能完全电离,因此n(CH3COOH)>n(HCl),故与NaOH完全中和,醋酸消耗的NaOH多,分别与足量CaCO3反应时,醋酸放出的CO2多,A项正确、B项错误;分别用水稀释相同倍数时,醋酸的电离程度增大,n(CH3COO-)增大,而n(Cl-)不变,D项正确。答案B8.某温度下,相同pH的盐酸和醋酸溶液分别加水稀释,pH随溶液体积变化的曲线如图所示。下列推断正确的是()A.b点溶液的导电性比c点溶液的导电性强B.Ⅱ为盐酸稀释时pH的变化曲线C.a点Kw的数值比c点Kw的数值大D.b点酸的浓度大于a点酸的浓度解析醋酸稀释过程中电离程度增大,因此稀释相同倍数后,醋酸溶液的pH比盐酸的pH小,故Ⅰ为盐酸稀释对应的曲线,Ⅱ为醋酸稀释对应的曲线,B项错;b点溶液中离子浓度比c点溶液中离子浓度大,导电性强,A项对;Kw只与温度有关,故a点、c点的Kw相等,C项错;稀释相同倍数时醋酸的浓度大于盐酸的浓度,D项错。答案A9.等体积、浓度均为0.2mol/L的三种溶液:①HA溶液、②HB溶液、③NaHCO3溶液,已知将①②分别与③混合,试验测得所产生的CO2气体体积(V)随时间(t)变化的示意图如图所示。下列说法不正确的是()A.物质的酸性:HB>HA>H2CO3B.反应结束后所得两溶液中,c(A-)>c(B-)C.上述三种溶液中由水电离的c(OH-)相对大小:NaHCO3>HA>HBD.HA溶液和NaHCO3溶液反应所得的溶液中:c(A-)+c(HA)=0.1mol·L-1解析由题图可知,HB溶液与NaHCO3溶液反应的速率快,说明HB的酸性强于HA的酸性,A项对;反应结束后,恰好生成HA、HB的钠盐,依据“越弱越水解”知B项错;盐水解能促进水的电离,酸抑制水的电离,C项对;等体积混合,体积加倍,浓度减半,由物料守恒知D项对。答案B10.(2021·上海)部分弱酸的电离平衡常数如下表:弱酸HCOOHHCNH2CO3电离平衡常数(25℃)K1=1.77×10-4K1=4.9×10-10Ki1=4.3×10-7Ki2=5.6×10-11下列选项错误的是()A.2CN-+H2O+CO2→2HCN+COeq\o\al(2-,3)B.2HCOOH+COeq\o\al(2-,3)→2HCOO-+H2O+CO2↑C.中和等体积、等pH的HCOOH和HCN消耗NaOH的量前者小于后者D.等体积、等浓度的HCOONa和NaCN溶液中所含离子总数前者小于后者解析由于HCN的K1大于H2CO3的K2,所以HCN与COeq\o\al(2-,3)反应生成HCOeq\o\al(-,3),A项错误;HCOOH的酸性大于HCN的酸性,所以C选项中HCOOH的浓度远远小于HCN的浓度,正确;在两种溶液中均存在c(H+)HCOONa+c(Na+)=c(OH-)HCOONa+c(HCOO-)和c(H+)NaCN+c(Na+)=c(OH-)NaCN+c(CN-),故各溶液中的离子总数等于阳离子总数的两倍,又由于等浓度的CN-的水解程度比HCOO-强,所以有c(H+)HCOONa>c(H+)NaCN,而c(Na+)两溶液中相等,故D选项错误。答案AD11.在确定温度下有:a.盐酸b.硫酸c.醋酸三种酸(1)当三种酸物质的量浓度相同时,c(H+)由大到小挨次是_________________________。(2)同体积、同物质的量浓度的三种酸,中和NaOH的力气由大到小的挨次是______________。(3)若三者c(H+)相同时,物质的量浓度由大到小的挨次是____。(4)当三者c(H+)相同且体积相同时,分别放入足量的锌,相同状况下产生气体的体积由大到小的挨次是__________________。(5)当c(H+)相同,体积相同时,同时加入外形、密度、质量完全相同的锌,若产生相同体积的H2(相同状况),则开头时反应速率的大小关系为_____________,反应所需时间的长短关系是_______。(6)将c(H+)相同的三种酸均加水稀释到原来的100倍后,c(H+)由大到小的挨次是______________。答案(1)b>a>c(2)b>a=c(3)c>a>b(4)c>a=b(5)a=b=ca=b>c(6)c>a=b名师究错易错追根溯源挑战高考满分【典例】现有等pH或等物质的量浓度的盐酸和醋酸溶液,分别加入足量镁,产生H2的体积(同温同压下测定)的变化图示如下:其中正确的是()A.①③ B.②④C.①②③④ D.都不对【错因分析】错选A项,将V(H2)看成了反应速率;错选B项,是对“等pH与等物质的量浓度”两个概念区分不清,对溶液中c(H+)不清楚。【解析】①③的错误是显而易见的,由于随着反应进行,V(H2)只可能增大而不行能减小。②图初看起来是对的,但要留意等pH的醋酸和盐酸溶液,醋酸的物质的量浓度要比盐酸的大得多,与足量的镁反应时,不仅产生氢气的体积更大,反应更快,而且反应的时间更长,不行能比盐酸更早结束反应。④图看起来好像也对,但要留意到一个细节,在物质的量浓度相同的状况下,醋酸中c(H+)在反应完成之前都比盐酸中的小,因此醋酸中的反应速率应当比盐酸中的反应速率小,即取相同的时间点,盐酸所对应的V(H2)应比醋酸的大,因此④图也是错的。【答案】D纠错训练在体积均为1L、pH均等于2的盐酸和醋酸溶液中,分别投入0.23gNa,则图中比较符合反应事实的曲线是()解析A、B都是关于溶液pH的变化问题,1LpH=2的盐酸刚好与0
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