【全程复习方略】2020-2021学年高中化学选修5配套作业：单元质量评估(三)

温馨提示：此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。单元质量评估(三)第三章(60分钟100分)一、选择题(本题包括10小题,每小题6分,共60分)1.(2021·陇南高二检测)下列物质是同分异构体的是()①对二甲苯和乙苯 ②乙醇和乙二醇③1-氯丙烷和2-氯丙烷 ④丙烯和环丙烷⑤乙烯和聚乙烯A.①②③④⑤B.①③④C.②③④ D.①②④2.(2021·株洲高二检测)我国科学家发觉金丝桃素对高致病性禽流感病毒杀灭效果良好,某种金丝桃素的结构简式如图所示:下列是有关金丝桃素的说法:①属于烃的衍生物,燃烧只产生CO2和H2O②可以发生取代、加成、酯化、消去等反应③分子式为C17H23NO2,苯环上的一氯取代物有3种④1mol该物质最多能和6molH2发生加成反应,其中正确的是()A.①和④B.②和③C.①和③D.②和④3.下列各组物质中,每种物质各取1mol,在足量的氧气中燃烧,两者耗氧量不相同的是()A.乙烯和乙醇 B.乙炔和乙醛C.乙烷和乙酸甲酯 D.乙醇和乙酸4.(2021·济南高二检测)化学式为C4H6O5的有机物A有如下性质:①1molA+2molNaOH正盐;②A和RCOOH或ROH在确定条件下均生成有香味的物质(R为烃基);③1molA1.5mol气体;④A的分子内脱水产物(不是环状化合物)可使溴水褪色。依据以上信息,对A的结构的推断不正确的是()A.确定没有碳碳双键 B.有两个羧基C.确定有醇羟基 D.有RCOOR'结构5.除去下列物质中所含少量杂质(括号内为杂质),所选用的试剂和分别方法能达到试验目的的是()选项混合物试剂分别方法A苯(苯酚)溴水过滤B乙烷(乙烯)氢气加热C乙酸乙酯(乙酸)NaOH溶液蒸馏D乙醇(水)新制生石灰蒸馏6.中学化学中下列各物质间不能实现(“→”表示一步完成)转化的是()

选项ABCDaCH3CH2OHCH2＝CH2Cl2CbCH3CHOCH3CH2BrHClOCOcCH3COOHCH3CH2OHHClCO27.(2021·汕头高二检测)下列试验设计不正确的是()A.用无水硫酸铜检验乙醇中是否含水B.用溴水检验汽油中是否含有不饱和脂肪烃C.用蒸馏的方法可以分别醋酸与乙醇的混合物D.检验某卤代烃中是否含溴:加入NaOH溶液,加热,冷却,再加入硝酸银溶液8.(2021·无锡高二检测)下列三种有机物是某些药物中的有效成分:布洛芬阿司匹林以下说法正确的是()A.三种有机物都能与浓溴水发生反应B.三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代,其一氯代物都只有2种C.将等物质的量的三种物质加入氢氧化钠溶液中,阿司匹林消耗氢氧化钠最多D.使用FeCl3溶液和稀硫酸不能鉴别出这三种有机物9.(双选)香叶醇、橙花醇和乙酸橙花酯在工业上用作香料,它们可由月桂烯来合成。下列有关说法中正确的是()A.反应①②③均为取代反应B.月桂烯分子中全部碳原子确定全部处在同一平面上C.香叶醇和橙花醇具有相同的分子式D.乙酸橙花酯可以发生取代、加成、氧化和加聚反应10.(力气挑战题)有机物C4H8O3在确定条件下的性质有:在浓硫酸存在下,可脱水生成能使溴水褪色的只有一种结构形式的有机物;在浓硫酸存在下,能分别与乙醇或乙酸反应;在浓硫酸存在下,还能生成分子式为C4H6O2的五元环状有机物。则有机物C4H8O3的有关叙述正确的是()A.C4H8O3的结构简式为HOCH2CH2CH2COOHB.C4H8O3的结构简式为CH3CH(OH)CH2COOHC.C4H8O3为α-羟基丁酸D.C4H8O3为羟基乙酸乙酯二、非选择题(本题包括3小题,共40分)11.(12分)(2021·长春高二检测)电石中的碳化钙和水能完全反应:CaC2+2H2O====C2H2↑+Ca(OH)2使反应产生的气体排水,测量排出水的体积,可计算出标准状况乙炔的体积,从而可测定电石中碳化钙的含量。(1)若用下列仪器和导管组装试验装置:假如所制气体流向从左向右时,上述仪器和导管从左到右直接连接的挨次(填各仪器、导管的序号)是:()接()接()接()接()接()。(2)仪器连接好后,进行试验时,有下列操作(每项操作只进行一次):①称取确定量电石,置于仪器3中,塞紧橡皮塞。②检查装置的气密性。③在仪器6和5中注入适量水。④待仪器3恢复到室温时,量取仪器4中水的体积(导管2中的水忽视不计)。⑤渐渐开启仪器6的活塞,使水逐滴滴下,至不发生气体时,关闭活塞。正确的操作挨次(用操作编号填写)是。(3)若试验时称取电石1.60g,测量排出水的体积后,折算成标准状况乙炔的体积为448mL,此电石中碳化钙的质量分数是%。12.(14分)奶油中含有一种只含C、H、O的化合物A。A可用作香料,其相对分子质量为88,分子中C、H、O个数比为2∶4∶1。(1)A的分子式为。(2)写出与A分子式相同的全部酯的结构简式:

。已知:①ROH+HBr(氢溴酸)RBr+H2O②RCHO+R'CHOA中含有碳氧双键,与A相关的反应如下:(3)写出A→E、E→F的反应类型:A→E;E→F。(4)写出A、C、F的结构简式:A、C、F。(5)写出B→D反应的化学方程式:

。(6)在空气中长时间搅拌奶油,A可转化为相对分子质量为86的化合物G,G的一氯代物只有一种,写出G的结构简式:,A→G的反应类型为。13.(14分)(2021·江苏高考节选)化合物A(分子式为C6H6O)是一种有机化工原料,在空气中易被氧化。A的有关转化反应如下(部分反应条件略去):已知:①R—BrR—MgBr②(R表示烃基,R'和R″表示烃基或氢)(1)写出A的结构简式:。(2)G是常用指示剂酚酞。写出G中含氧官能团的名称:和。(3)某化合物是E的同分异构体,且分子中只有两种不同化学环境的氢。写出该化合物的结构简式:

(任写一种)。(4)F和D互为同分异构体。写出反应E→F的化学方程式:

。

答案解析1.【解析】选B。对二甲苯和乙苯是同分异构体;乙醇是一元醇,乙二醇是二元醇,二者不是同分异构体;1-氯丙烷和2-氯丙烷是同分异构体;丙烯和环丙烷是同分异构体;乙烯是聚乙烯的单体,二者不是同分异构体。2.【解析】选B。由金丝桃素的结构简式可知,分子式为QUOTE,苯环上的一氯代物有邻、间、对3种,③正确;因分子中含有氮元素,燃烧产生的不仅是CO2和H2O,①错误;因分子中含有苯环,羰基,醇羟基,故能发生取代,加成,酯化,消去反应,②正确;分子结构中只有苯环和羰基能和H2发生加成反应,1mol该物质最多可与4molH2加成,④错误。3.【解析】选D。依据化学式,将各选项变形后再比较:A项C2H4、C2H4(H2O);B项C2H2、C2H2(H2O);C项C2H6、C2H6(CO2);D项C2H4(H2O)、C2(H2O)2。4.【解析】选D。由②知A分子中有羟基、羧基,由①③中量值关系结合A分子中氧原子数目知A分子中有1个—OH、2个—COOH;由于4个碳原子最多可结合10个氢原子,因结构中有2个碳氧双键,组成上应比最大含氢量少4个氢原子,故结构中不行能再有碳碳双键。5.【解析】选D。苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚能溶于有机溶剂苯,过滤不易除去,A错误;乙烯与氢气的加成反应条件简洁,且有机反应不易完全进行到底,应当通过溴水除去,B错误;选项C中乙酸乙酯在氢氧化钠溶液中易水解,C错误;只有D正确。6.【解析】选A。A中的CH3COOH不能一步转化为CH3CH2OH;B中CH2＝CH2CH3CH2BrCH3CH2OHCH2＝CH2;C中Cl2HClOHClCl2;D中CCOCO2C。7.【解析】选D。“加入NaOH溶液,加热”为卤代烃发生水解反应条件,当有溴离子时,若没有酸化直接加入硝酸银,则生成的沉淀可能为氢氧化银等。8.【解析】选C。对羟基桂皮酸中有酚羟基,且有碳碳双键,能与浓溴水反应,布洛芬、阿司匹林不能与浓溴水反应,A错误;前两者苯环上的一氯代物分别都有两种,而后者无对称结构,故其一氯代物有4种,B错误;各1mol的对羟基桂皮酸、布洛芬、阿司匹林分别消耗的NaOH的物质的量为2mol、1mol、3mol,C正确;先用FeCl3溶液鉴别出对羟基桂皮酸,然后在余下的物质中分别加入稀硫酸加热,阿司匹林可水解生成酚,再用FeCl3溶液进行鉴别,D错误。9.【解析】选C、D。A项,①为加成反应;B项,由于碳碳单键能够旋转,月桂烯分子中全部碳原子可以不全部在同一平面上,也可以处在同一平面上;C项,两种物质互为同分异构体;D项,该物质分子中含有“”“”,可以发生水解(取代)反应、加成反应、氧化反应和加聚反应。10.【解析】选A。该有机物在确定条件下,能分别与乙醇或乙酸反应,说明其含有羟基和羧基,与羟基相连碳原子的相邻碳原子有氢原子;依据该物质能生成分子式为C4H6O2的五元环状有机物,推断该化合物无支链且羟基在4号碳原子上,故应选A。【互动探究】(1)假如该化合物在浓硫酸存在下,可脱水生成能使溴水褪色的有机物有2种结构,则其结构简式为?试写出这2种物质的结构简式。提示:此时该化合物的结构简式为CH3CH(OH)CH2COOH,脱水后的2种物质结构简式为CH2＝CHCH2COOH、CH3CH＝CHCOOH。(2)假如该化合物2mol脱水生成六元环状酯,则其结构简式为?提示:满足此条件的化合物结构简式为CH3CH2CH(OH)COOH。11.【解析】(1)本试验仪器的连接挨次应依据发生装置3和6、排水装置5和接收装置4连接,连接时要考虑排水瓶(即5)中的两个导管应短进长出,故答案为:6接3接1接5接2接4;(2)本试验操作依据检验气密性→装药品→发生反应→量取体积的步骤操作,加入药品时应先加固体再加液体,故答案为:②①③⑤④;(3)依据方程式计算:CaC2+2H2O====C2H2↑+Ca(OH)264g 22.4Lm 448×10-3Lm=QUOTE=1.28g所以电石中碳化钙的质量分数是QUOTE×100%=80%答案:(1)631524(2)②①③⑤④(3)8012.【解析】由题意知,设A为(C2H4O)x,则44x=88x=2,A为C4H8O2,A属于酯的同分异构体为HCOOCH2CH2CH3、、CH3COOCH2CH3、CH3CH2COOCH3。由题给信息,且A中含有碳氧双键,知A中含羟基,故A为,B为,C为CH3CHO,D为E为,F为，故A→E为取代反应,E→F为消去反应。(5)化学方程式为(6)A→G,相对分子质量削减2,故失去2个H,即G为,发生氧化反应。答案:(1)C4H8O2(2)CH3CH2COOCH3、CH3COOCH2CH3、HCOOCH(CH3)2、HCOOCH2CH2CH3(3)取代反应消去反应(4)CH3CHO(5)2++2H2O(6)氧化反应13.【解析】(1)依据A的分子组成,可知A中含有苯环