2025年统编版2024高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024高二物理下册阶段测试试卷207考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、三根平行的长直导线。分别垂直地通过一个等腰三角形的三个顶点，三导线牛电流方向相同，AB

两导线中的电流大小相同。如图所示，已知导线A

在斜边中点O

处所产生的磁场的磁感应强度大小为B

导线C

在斜边中点0

处所产生的磁场的磁感强度大小为2B

则O

处的磁感应强度的大小和方向为(

)

A.大小为B

方向沿OA

方向B.大小为22B

方向竖直向下C.大小为2B

方向沿OB

方向D.大小为2B

方向沿OA

方向2、图（1）中，两平行光滑金属导轨放置在水平面上，间距为L，左端接电阻R，导轨电阻不计．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中．将质量为m、电阻为r的金属棒ab置于导轨上．当ab受到垂直于金属棒的水平外力F的作用由静止开始运动时，F与金属棒速度v的关系如图（2）．已知ab与导轨始终垂直接触良好，设ab中的感应电流为i，ab受到的安培力大小为FA，R两端的电压为UR，R的电功率为P，则图中大致正确的是（）A.B.C.D.3、首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是（）

A.安培。

B.法拉第。

C.奥斯特。

D.特斯拉。

4、在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表（内阻极大）的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示。则下列说法正确的是A.图线甲是电压表V1示数随电流变化的图线B.电源内电阻的阻值为6ΩC.电源的最大输出功率为1.5WD.滑动变阻器R2的最大功率为0.9W5、如图所示；观察电流表的指针，可以看到（）

A.指针随着线圈转动而摆动；且线圈旋转一周指针左右摆动一次。

B.当线圈平面转到跟磁力线垂直的平面位置时；电流表的指针的偏转最大。

C.当线圈平面转到跟磁力线平行的位置时；电流表的指针的偏转最大。

D.在匀强磁场中匀速转动的线圈里产生感应电动势和感应电流是按正弦规律变化的。

6、一辆汽车关闭发动机后在水平地面上滑行了一段距离后停下来，对于这一过程（）A.阻力对汽车做正功，汽车动能增加B.阻力对汽车做正功，汽车动能减小C.阻力对汽车做负功，汽车动能增加D.阻力对汽车做负功，汽车动能减小7、将一根粗细均匀．阻值为R的电阻丝均匀拉长到原来的5倍后，其电阻变为250Ω，则R的阻值为（）A.10ΩB.50ΩC.1250ΩD.6250Ω评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、真空中，有两个带同种电荷的点电荷A、B．A带电荷+9×10-10C，B带电荷是A的4倍．A、B相距12cm，现引入点电荷C，使A、B、C三个点电荷都处于静止状态，则C的位置为距A____cm，C的电荷为____C．9、如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸里，磁感应强度为B.一带负电的粒子(质量为m、电荷量为q)以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为θ.求：(1)该粒子射出磁场的位置；(2)该粒子在磁场中运动的时间.(粒子所受重力不计)10、一弹簧振子，周期是0．5s，振幅为2cm，当振子通过平衡位置向右运动，时开始计时，那么2秒内振子完成_________次全振动，通过路程_________cm，在2．4s未，振子于位于平衡位置_________侧，向_________方向运动。11、某同学在测定一厚度均匀的圆形玻璃的折射率时；先在白纸上作一与圆形玻璃同半径的圆；

圆心为O；将圆形玻璃平放在白纸上，使其边界与所画的圆重合，在玻璃一侧竖直插两枚大。

头针P1和P2，在另一侧再先后插两枚大头针P3和P4，使从另一侧隔着玻璃观察时，大头针P4、P3和P2、P1的像恰在一直线上，移去圆形玻璃和大头针后，如图所示．用θ1和θ2分别表示光。

线从空气射入玻璃时的入射角和折射角．

（1）画出沿P1、P2连线方向的入射光线的光路图．（包括入射光线；玻璃内传播的光线、出射光线、入射角和折射角）

（2）玻璃的折射率为．12、利用火箭发射载人神舟飞船，当火箭从静止开始加速起飞时，火箭推力______（填“大于”或“小于”）火箭和飞船的重力，此时宇航员处于______（填“超重”、“失重”或“完全失重”）状态．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共12分)20、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。21、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】解：由题意可知；三平行的通电导线在O

点产生的磁感应强度大小相等，电流A

与Bz

在O

处的合磁感应强度为零，则O

点的磁感应强度等于导线C

在斜边中点0

处所产生的磁场的磁感强度，大小为2B

依据右手螺旋定则可知；在O

处电流C

产生的磁感应强度的方向沿OA

方向，故ABC错误，D正确；

故选：D

本题考查了磁场的叠加；根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在O

点形成磁场方向，磁感应强度B

是矢量，根据矢量的合成法则，及右手螺旋定则，即可求解。

磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提。【解析】D

2、A【分析】解：金属棒受到的安培力：FA=BIL=对金属棒，由牛顿第二定律可得：F-FA=ma，金属棒的加速度：a=-由图（2）所示可知，力F随速度v均匀减小，金属棒做加速度减小的加速运动，当拉力与安培力相等时金属棒做匀速直线运动；

A、感应电动势：E=BLv，电路电流：i==∝v；由于金属棒先做加速度减小的减少运动后做匀速直线运动，则i先增大然后保持不变，i随在相等时间内的增加量逐渐减小，由图示图象可知符合题意，故A正确；

B、金属棒受到的安培力：FA=BIL=由于金属棒先做加速度减小的减少运动后做匀速直线运动，则安培力随时间先增大后保持不变，故B错误；

C、R两端电压：UR=iR=由于金属棒先做加速度减小的减少运动后做匀速直线运动，则R两端电压先增大后保持不变，且电压在相等时间内的增加量逐渐减少，故C错误；

D、R的电功率：P=i2R=由于金属棒先做加速度减小的减少运动后做匀速直线运动，电阻R的电功率先增大后保持不变，且电功率在相等时间内的增加量逐渐减少，故D错误；

故选：A。

应用牛顿第二定律求出金属棒的加速度；判断金属棒的运动性质；应用E=BLv求出感应电动势，应用欧姆定律求出电流，应用安培力公式求出安培力，应用欧姆定律求出电阻两端电压，应用功率公式求出电阻电功率，然后分析图示图象答题．

解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动情况，结合安培力公式、法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律分析导体棒的运动情况，分析加速度如何变化．【解析】A3、C【分析】

首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是丹麦的物理学家奥斯特．安培提出了分子电流假说；研究了通电导线的磁场．法拉第研究了电磁感应现象，特斯拉是电力工程师．故C正确．

故选C

【解析】【答案】首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是奥斯特．

4、D【分析】试题分析：由图可知两电阻串联，测两端的电压，测两端的电压；当滑片从最右端滑向最左端的过程中，滑动变阻器接入电阻减小，示数逐渐减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中电流增大，定值电阻两端电压增大，故甲为示数随电路中电流变化的图像，乙为示数随电路中电流变化的图像；故A错误；乙图像斜率为阻值，可知将电阻看成电源的内阻，示数看作路端电压，由闭合电路欧姆定律分别代入甲图像两个端点数据，得故B错误；当时，电源的输出功率最大，此时故C错误。将电阻看成电源的内阻，当此时的功率最大，故D正确。考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【解析】【答案】D5、A|C|D【分析】

A；当线圈转动时磁通量变化；产生感应电流，导致指针摆动；每当线圈通过中性面位置时，电流方向改变，则线圈旋转一周指针左右摆动一次，故A正确；

B；当线圈平面转到跟磁感线垂直的平面位置时；即中性面位置，则电流表的指针读数为零，故B错误；

C；当线圈平面转到跟磁感线平行的位置时；线框切割速度最大，则感应电动势最大，电流表的指针偏转最大，故C正确；

D；在匀强磁场中匀速转动的线圈里产生感应电动势和感应电流是按正弦规律变化的；故D正确；

故选：ACD

【解析】【答案】发电机的工作原理是通电线圈受力在磁场中转动；从而产生电流；换向器的作用是：当线圈刚转过平衡位置时，自动改变线圈中的电流方向，使线圈能够持续转动下去；

线圈中的感应电流最小的位置为中性面；每经过中性面时电流方向改变．

6、D【分析】解：关闭发动机后；由于地面对汽车的阻力作用，做减速运动，汽车动能减小，阻力对汽车做负功，故ABC错误，D正确．

故选D．

本题考查的功的正负判断；可以根据力与位移方向的夹角，如果是锐角则做正功，直角则不做功，钝角或是180°角则做负功，也可根据动能定理来判断．

本题的关键是熟练掌握判断力对物体做功正负的方法，及功与能的关系．【解析】【答案】D7、A【分析】解：根据得，长度变为原来的5倍，截面积变为原来的所以电阻变为原来25倍，所以R=10Ω．故A正确，B；C、D错误．

故选A．

电阻的体积不变，长度变为原来的5倍，则截面积变为原来的根据求出电阻的大小．

解决本题的关键掌握电阻定律的公式．以及知道电阻的体积不变，长度变为原来的5倍，横截面积变为原来的．【解析】【答案】A二、填空题(共5题，共10分)8、略

【分析】

由于AB都是正电荷；C必定要带负电，并且在AB电荷之间，由于A的电荷量较小，所以C离A电荷较近；

设C与A的距离为x，则C与B的距离为（12-x），要使C平衡，则要A对C的库仑力FAC与B对C的库仑力FBC大小相等；

所以有k=k

同时电荷AB也要处于受力平衡状态，对于A有k=k

联立解得qC=4×10-10C

x=4cm

故答案为：4；-4×10-10C．

【解析】【答案】A、B、C三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，根据库仑定律的公式F=k列方程求解即可．

9、略

【分析】【解析】试题分析：（1）带负电粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，设O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v，射出方向与x轴的夹角仍为θ，由洛伦兹力公式和牛顿定律可得：qv0B=m（2分）式中R为圆轨道半径，解得：R=①（2分）圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得：=Rsinθ②联解①②两式，得：L=（3分）所以粒子离开磁场的位置坐标为(-，0)（1分）（2）因为T==（2分）所以粒子在磁场中运动的时间，t＝(4分)考点：考查了粒子在磁场中的运动，【解析】【答案】(1)(-，0)(2)10、略

【分析】【解析】【答案】4，32，右，左11、略

【分析】

（1）连接P1、P2表示入射光线．由题大头针P4、P3和P2、P1的像恰在一直线上，则P4、P3在出射光线方向上，连接P3、P4表示出射光线．作出P1、P2的连线与圆形玻璃的交点O1，作为入射点，P3、P4的连线与圆形玻璃的交点O2，作为出射点，连接O1O，O2O表示法线；标出入射角；折射角，作出光路图如图所示．

（2）如图入射角为θ1，折射角为θ2；根据折射定律得。

折射率n=

答：（1）光路图如图所示．

（2）．

【解析】【答案】（1）P1、P2的连线表示入射光线．由题大头针P4、P3和P2、P1的像恰在一直线上，则P4、P3在出射光线方向上，P3、P4表示出射光线．标出P1、P2的连线与圆形玻璃的交点O1，P3、P4的连线与圆形玻璃的交点O2，连接O1O2，O2O表示法线；标出入射角；折射角，作出光路图．

（2）根据折射定律n=求解折射率．

12、略

【分析】解：在火箭竖直向上加速运动的过程中；加速度的方向向上，根据牛顿第二定律得：F-mg=ma；所以火箭推力大于火箭和飞船的重力．人也有向上的加速度，由向上的合力，处于超重状态，人受到的支持力要大于人的重力，根据牛顿第三定律可知，宇航员对其座椅的压力大于宇航员的重力．

故答案为：大于；超重。

当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时；就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；

当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时；就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；

如果没有压力了；那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．

本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了．【解析】大于；超重三、判断题(共7题，共14分)13、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、A【分析】【解答】解：根据电场