2024年沪教版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版选修3物理下册阶段测试试卷806考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在匀强磁场中；一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则()

A.t＝0.005s时线圈平面与磁场方向平行B.t＝0.010s时线圈的磁通量变化率最大C.线圈产生的交变电动势频率为100HzD.线圈产生的交变电动势有效值为311V2、研究表明；两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，如图中虚线所示，分子间作用力的合力随分子间距变化的关系如图中实线所示。关于分子间的作用力和分子势能，下列说法正确的是（）

A.分子间距增大，斥力减小，引力增大B.由图可知，当分子间的距离为时分子间作用力合力为0，所以此时分子的势能为0C.当分子间的距离时，减小分子间距离，分子间作用力做负功，分子势能增加D.当分子间的距离时，增大分子间距离，分子间作用力做正功，分子势能减少3、如图所示；关于干电池上标有的“1.5V”的说法，正确的是()

A.每经过1s，电池对外做功1.5JB.每通过1C的电荷量，有1.5J的电能转化为化学能C.若电池与理想电压表直接相连，电压表的示数为1.5VD.电池为1Ω的小灯泡供电，流过电池的电流是1.5A4、如图所示，在xOy坐标系内，三根相互平行的通电直导线P、Q、R分别位于正三角形的三个顶点，都通有方向垂直xOy坐标平面向里、大小相等的电流，则导线R受到的安培力的方向是。

A.沿y正方向B.沿y负方向C.沿x正方向D.沿x负方向5、一次物理课上老师拿了一只微安表；用手左右晃动表壳，让同学们观察表针相对表盘摆动的情况．然后用导线把微安表的两个接线柱连在一起，再次以同样的方式晃动表壳，让同学们再次观察表针相对表盘摆动的情况，对比两次实验．下列判断和解释正确的是。

A.不连接接线柱时，晃动电表，由于表内没有电流，指针摆动幅度较小B.连接接线柱后，晃动电表，微安表内会形成闭合回路，造成指针打偏、降低灵敏度、失灵等C.连接接线柱后，晃动电表，由于电磁阻尼表针晃动幅度会变小，并能较快停下D.两次实验指针相对于表盘摆动的情况是一样的6、如图所示；光从A点射入圆形玻璃，而从B点射出，若出射光线相对于入射光线的偏向角为30°，AB弧所对的圆心角为120°，下列说法正确的是。

A.玻璃的折射率是B.玻璃的折射率是C.光线在A点的入射角为105°D.玻璃的折射率是7、关于原子学物理知识，下列说法正确的是A.升高放射性物质的温度，其半衰期变短B.发生光电效应现象时，增大照射光的频率，同一金属的逸出功变大C.经过7次α衰变和5次β衰变后变成D.根据玻尔理论，氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、电磁炮是利用电磁力对弹体加速的新型武器．某小组用图示装置模拟研究电磁炮的原理．间距为0.1m的水平长导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为0.5T，左端所接电池电动势1.5V、内阻0.5Ω．长0.1m、电阻0.1Ω的金属杆ab静置在导轨上．闭合开关S后，杆ab向右运动，在运动过程中受到的阻力恒为0.05N，且始终与导轨垂直且接触良好．导轨电阻不计，则杆ab

A.先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动B.能达到的最大速度为18m/sC.两端的电压始终为0.25VD.先做加速度减少的运动，后做匀速直线运动9、一定质量的理想气体在某一过程中，从外界吸收热量2.5×104J，气体对外界做功1.0×104J，则下列关于理想气体的说法正确的是（）A.气体温度一定升高B.气体的内能一定减少C.气体的压强一定不变D.分子间平均距离一定增大10、下列说法中正确的是____。A.液晶的光学性质具有各向异性的特点B.只要知道某种晶体的密度，摩尔质量和阿伏伽德罗常数，就可以算出该晶体分子的体积C.不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功E.白天感觉干燥，是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大E.白天感觉干燥，是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大11、如图所示，电路的左侧是一个电容为C的电容器，电路的右侧是一个环形导体，环形导体所围的面积为S．在环形导体中有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小随时间变化的规律如图乙所示．则在时间内电容器（）

A.上极板带负电B.上极板带正电C.所带电荷量为D.所带电荷量为12、如图所示，倾角为θ=37°的足够长的平行金属导轨固定在水平面上，两导体棒ab、cd垂直于导轨放置，空间存在的垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．现给导体棒ab一沿导轨平面向下的初速度v0使其沿导轨向下运动，已知两导体棒质量均为m，电阻相等，两导体棒与导轨之间的动摩擦因数均为μ=0.75，导轨电阻忽略不计。从ab开始运动到两棒相对静止的整个运动过程中两导体棒始终与导轨保持良好的接触；下列说法正确的是（）

A.导体棒cd中产生的焦耳热为

B.导体棒cd中产生的焦耳热为B.当导体棒cd的速度为时，导体棒ab的速度为C.当导体棒ab的速度为时，导体棒cd的速度为13、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，b板接地(规定大地电势为零)在距离两板等远的P点有一个带电液滴处于静止状态．若将b板向下平移一小段距离；则稳定后，下列说法中正确的是。

A.液滴将加速向下运动B.P点电势升高，液滴在P点时的电势能减小C.P点的电场强度变大D.在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、现代人通过放孔明灯祈福。普通的孔明灯用薄竹片架成圆桶形，外面以薄纸密实包围，开口朝下。释放时，通过开口处的火焰对灯内气体缓慢加热，直到灯能浮起来，如图所示，在缓慢加热过程中，灯内气体分子的平均动能____________（填“变大”“变小”或“不变”），灯内气体的密度__________（填“变大”“变小”或“不变”）。

15、a射线、β射线、γ射线、阴极射线四种射线中由原子核内射出、属于电磁波的射线是__________，不是原子核内射出的射线是_________。16、一种海浪发电机的气室如图所示。工作时；活塞随海浪上升或下降，改变气室中空气的压强，从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭。气室先后经历吸入；压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电。气室中的空气可视为理想气体。

(1)下列对理想气体的理解，正确的有_____

A．理想气体实际上并不存在；只是一种理想模型。

B．只要气体压强不是很高就可视为理想气体。

C．一定质量的某种理想气体的内能与温度；体积都有关。

D．在任何温度；任何压强下；理想气体都遵循气体实验定律。

(2)压缩过程中，两个阀门均关闭。若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4×104J，则该气体的分子平均动能_____（选填“增大”“减小”或“不变”），活塞对该气体所做的功_____（选填“大于”“小于”或“等于”）3.4×104J。

(3)上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27℃，体积为0.224m3，压强为1个标准大气压。已知1mol气体在1个标准大气压、0℃时的体积为22.4L，阿伏加德罗常数NA=6.02×1023mol-1，则此时气室中气体的分子数为_____。（计算结果保留一位有效数字）17、如图所示，一束激光频率为传播方向正对卫星飞行方向，已知真空中光速为c，卫星速度为u，则卫星上观测到激光的传播速度是______，卫星接收到激光的频率______（选填“大于”“等于”或“小于”）。

18、某同学用伏安法测量阻值Rx约为5Ω的电阻，用图________测得的Rx的误差较小，测量值________真实值（小于、大于、等于），造成误差的原因是_____________________________________________

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)22、在用图所示单摆“测重力加速度”的实验中；某同学的操作步骤如下：

a．取一根细线，下端系住直径为d的金属小球；上端固定在铁架台上；

b．用米尺测量细线长度为l，l与小球半径之和记为摆长；

c．缓慢拉动小球，使细线偏离竖直方向约为5位置由静止释放小球；

d．用秒表记录小球完成n次全振动所用的总时间t，计算单摆周期T＝t/n；

e．用公式计算当地重力加速度；

f.改变细线长度，重复b、c、d、e步骤；进行多次测量．

（1）在上述步骤中，错误的是_________（写出该步骤的字母）；改正后正确的应该是:__________________________________．

（2）该同学为了减少误差，利用上述未改正错误测量中的多组实验数据做出了图像，该图像对应图中的________图．

（3）在“用单摆测定重力加速度”的正确实验中，下列做法有利于减小实验误差的是_________．

A.适当加长摆线。

B.质量相同；体积不同的摆球，应选用体积较大的。

C.单摆偏离平衡位置的角度不能太大。

D.当单摆经过平衡位置时开始计时；经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期。

（4）北京时间2005年5月22日上午10点05分，中国女子登山队首次登上珠穆朗玛峰顶峰，五星红旗再一次在珠峰峰顶飘扬．若登山队员利用单摆来确定珠峰的高度，测得该单摆在海平面处的周期是Ｔ0，在峰顶的周期是T；则珠峰顶峰的海拔高度。

h＝_______．(地球可看作质量均匀分布的半径为R的球体)23、小花在做“测定玻璃的折射率”的实验中，先在白纸上放好玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在另一侧透过玻璃砖观察，插上大头针P3、P4，如图所示，aa'和bb'分别是玻璃砖与空气的两个界面，用“+”表示大头针的位置．图中AO表示经过大头针P1和P2的光线，该光线与界面aa'交于O点，MN表示法线．

（1）请将光路图画完整________，并在图中标出光线进入玻璃砖发生折射现象的入射角1和折射角2；

（2）该玻璃砖的折射率可表示为n=________．（用1和2表示）

（3）确定P3位置的方法是________．

（4）对实验中的现象，下面说法正确的是________

A.大头针应垂直于纸面插上。

B.此实验可以不用量角器。

C.如果玻璃砖aa'和bb'不平行；则无法用此方法测量折射率。

D.如果入射角太大，则折射光线会在玻璃砖内表面发生全反射，而使实验无法进行评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)24、如图所示为一“匚”字型金属框架截面图，上下为两水平且足够长平行金属板，通过左侧长度为L＝1m的金属板连接．空间中有垂直纸面向里场强大小B＝0.2T的匀强磁场，金属框架在外力的作用下以速度v0＝1m/s水平向左做匀速直线运动．框架内O处有一质量为m＝0.1kg、带正电q＝1C的小球．若以某一速度水平向右飞出时，则沿图中虚线′做直线运动；若小球在O点静止释放，则小球的运动轨迹沿如图曲线（实线）所示，已知此曲线在最低点P的曲率半径（曲线上过P点及紧邻P点两侧的两点作一圆，在极限情况下，这个圆的半径叫做该点的曲率半径）为P点到O点竖直高度h的2倍，重力加速度g取10m/s2．求：

（1）小球沿图中虚线做直线运动速度v大小。

（2）小球在O点静止释放后轨迹最低点P到O点竖直高度h25、如图甲所示，两根与水平面成θ=30°角的足够长光滑金属导轨平行放置，导轨间距为L，导轨的电阻忽略不计．整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面斜向上．现将质量均为m、电阻均为R的金属棒a、b垂直于导轨放置，一不可伸长的绝缘细线的P端系在金属杆b的中点，另一端N通过滑轮与质量为M的物体相连，细绳与导轨平面平行．导轨与金属棒接触良好，不计一切摩擦，运动过程中物体始终末与地面接触，重力加速度g取10m/s2．

(1)若金属棒a固定，M=m，由静止释放b，求释放瞬间金属棒b的加速度大小．

(2)若金属棒a固定，L=1m，B=1T，m=0.2kg，R=1Ω，改变物体的质量M，使金属棒b沿斜面向上运动，请写出金属棒b获得的最大速度v与物体质量M的关系式；并在乙图中画出v-M图像。

(3)若撤去物体，改在绳的N端施加一大小为F=mg，方向竖直向下的恒力，将金属棒a、b同时由静止释放．从静止释放到a刚开始匀速运动的过程中，a产生的焦耳热为Q，求这个过程流过金属棒a的电量．26、如图所示是圆心为O内外半径分别为R1、R2的同心圆；内圆区域内存在均匀辐射的电场，圆心与内圆圆周边界间的电势差恒为U，内外圆之间存在方向垂直纸面向外的匀强磁场．一质量为m；电荷量为+q的粒子从圆心O处由静止释放，不计重力．

(1)求粒子到达内圆边界时的速度大小；

(2)若粒子首次到达外圆圆周时没有射出外圆，求磁感应强度的最小值．27、如图所示，的区域内存在垂直于xoy平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，已知M（﹣8l，0）、N（8l，0），∠PMN＝∠PNM＝30°，PM、PN边界无阻碍，坐标系的第三象限存在一个沿x轴负方向的匀强电场E，第四象限存在一个跟x轴正方向的匀强电场E，电场强度均为在MN的正下方垂直于y轴处放置一个荧光屏，与y轴交于O点，已知Q（0，﹣3l），一系列电子以相同的速度从MN的直线区域内任意位置沿y轴正方向射入磁场，已知由坐标原点O发射的电子，从点（﹣2l；0）处进入电场，忽略电子间的相互影响，不计重力，求：

（1）电子的荷质比

（2）电子打在荧光屏上的长度；

（3）讨论电子能否垂直打在荧光屏上；若能，请分析这些电子进入磁场时的横坐标，若不能，请分析原因。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

由图可知t=0.005s时刻感应电动势最大，此时线圈所在平面与磁场平行，穿过线框回路的磁通量的变化率最大，A正确；t=0.01s时刻感应电动势等于零，穿过线框回路的磁通量最大，磁通量的变化率为零，B错误；周期为故频率为故C错误．电动势有效值为：故D错误；综上分析A正确．2、C【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间距增大时；引力和斥力均减小，故A错误；

B．由图可知，当分子间的距离为时分子间作用力合力为0；但此时分子势能为负值，是最小值但不为0，故B错误；

C．当分子间的距离时；分子力表现为斥力，减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，故C正确；

D．当分子间的距离时；分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，故D错误。

故选C。3、C【分析】电池上标有的“1.5V”指的是移动1C的正电荷所做的功是1.5J，与时间无关，故A错误；每经过1C的电量时，有1.5J的化学能转化为电能；故B错误；当电池直接与电源相连时，电压表的示数为电源的电动势1.5V，故C正确；由于电源内部有电阻，由闭合电路欧姆定律可知，流过电池的电流小于1.5A；故D错误。所以C正确，ABD错误。4、B【分析】【分析】

R所在处的磁场是由P与Q中的电流产生的；由安培定则判断出R处磁场的方向，然后由左手定则判断出R中电流所示安培力的方向．

【详解】

由安培定则可知；通电指导线P；Q在R处产生的磁场方向水平向右，即沿x轴正方向则R处的磁场方向沿x轴正方向；由左手定则可知，通电直导线R所受安培力垂直于R指向y轴负方向．选项ACD错误，B正确．故选B．

【点睛】

要注意解题步骤，先由安培定则判断出R处的磁场方向，然后由左手定则判断出安培力的方向．5、C【分析】【详解】

A；不连接接线柱时；晃动电表，指针随着晃动不断摆动，晃动幅度大，摆动的幅度就大，故A错误；

BCD、连接接线柱后，形成闭合回路，闭合线圈在磁场中运动会产生感应电流，从而出现安培阻力，表针晃动幅度很小，且会很快停下，这是物理中的电磁阻尼现象，故BD错误，C正确．6、A【分析】【详解】

作出光路图如图所示．则知圆心角由等腰三角形知识可得：由几何关系知：所以则有：所以玻璃的折射率为：

A．与计算结果符合；

B．与计算结果不符；

C．与计算结果不符；

D．与计算结果不符．7、D【分析】【详解】

A．半衰期与温度无关；即升高放射性物质的温度，其半衰期不会发生变化，故A错误；

B．金属的逸出功由金属材料决定；与入射光的频率无关，故B错误；

C．设需要经过x次衰变和y次衰变，根据质量数和电荷数守恒则有：所以解得：故C错误；

D．根据玻尔理论；氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子，故D正确．

【点睛】

本题考查的知识点较多，半衰期与温度无关，掌握跃迁的种类与能量关系，原子核衰变过程中质量数和电荷数守恒的应用，要注意加强练习．二、多选题(共6题，共12分)8、B:D【分析】【详解】

AD.通电瞬间安培力大于阻力，导体棒向右加速运动，随着速度增大，产生的感应电动势E′=BLv越大；感应电动势产生的电流方向与通电电流方向相反，所以电流强度逐渐减小，安培力逐渐减小，加速度逐渐减小，当安培力和阻力相等时速度最大，此时加速度为零，故A错误，D正确；

B.达到的最大速度时导体棒受力平衡，则有：BIL=f，解得I=1A，设此时导体棒切割磁感应线产生的感应电动势E′，则I=

解得：E′=0.9V，根据E=BLvm解得：vm=18m/s；故B正确；

C.由于杆做变加速运动，安培力变化、电流强度变化，则ab两端的电压发生变化；故C错误；

故选BD．9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．气体从外界吸收热量。

气体对外界做功。

由热力学第一定律得。

则气体内能增加1.5×104J；气体的内能增加；则温度一定升高，故A正确，B错误；

CD．气体对外界做功；体积变大，则分子间平均距离一定变大，温度升高，由。

可知；压强不一定不变，故D正确，C错误。

故选AD。10、A:B:E【分析】【详解】

A．液晶像液体一样可以流动；又具有某些晶体结构特征的一类物质．所以液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，故A正确；

B．由密度和摩尔质量可得出摩尔体积；再由摩尔体积和阿伏伽德罗常数可求出分子体积，故B正确；

C．根据热力学第二定律可知；不可能从单一热源吸收热量，使之完全用来做功,而不产生其他变化，故C错误；

D．0的水结成0的冰时要放热量；分子势能减小，故D错误；

E．白天感觉干燥；是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大，故E正确。

故选ABE。11、B:C【分析】【详解】

AB．由楞次定律可知，在环形导体中产生的感应电动势的方向为逆时针方向，所以电容器的上极板带正电，A错误B正确；

CD、根据法拉第电磁感应定律，电动势

电容器两端的电压等于电源的电动势，所以电容器所带的带电量

C正确D错误．12、B:D【分析】【详解】

AB．由题意可知：mgsin37°=μmgcos37°，则对两棒的系统沿轨道方向的动量守恒，当最终稳定时：解得v=0.5v0，则回路产生的焦耳热为则导体棒c中产生的焦耳热为选项A错误，B正确；

C．当导体棒cd的速度为时，则由动量守恒：解得选项C错误；

D．当导体棒ab的速度为时，则由动量守恒：解得选项D正确；13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电．电容器与电源相连，板间电压不变．将b板向下平移时，两板间的距离变大，由E=U/d分析可知：板间电场强度减小，粒子受到的电场力减小，故液滴将向下加速运动；故A正确，C错误；下极板接地，电势为零，b板下移时，P与上极板的距离不变，根据U=Ed可知，P点与上极板的电势差减小，则P点的电势升高，因带电液滴带负电，故电势能将减小，故B正确；因两板间的电势差不变，由W=Uq知，前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确；故选ABD．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

[1]随着加热；灯内气体温度升高，分子的平均动能变大；

[2]对于灯内气体，根据盖-吕萨克定律，压强不变，温度升高，气体体积增大。因为孔明灯的体积几乎不变，所以部分气体外溢，灯内气体的质量减小，密度变小。【解析】变大变小15、略

【分析】【详解】

[1][2]射线是高速运动的氦原子核，β射线是高速运动的电子流，γ射线是原子核能级跃迁时释放的射线，阴极射线是原子受激发时射出的电子，故由原子核内射出、属于电磁波的射线是γ射线，不是原子核内射出的射线是阴极射线。【解析】γ射线阴极射线16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]AD．理想气体是指在任何温度；任何压强下都遵守气体实验定律的气体；是为了研究方便而引入的不计本身大小、分子间除碰撞外不计相互作用力，无分子势能、分子间碰撞为弹性碰撞的理想模型，故AD正确；

B．实际气体温度不太低；压强不太大时可视为理想气体；故B错误；

C．由于理想气体不计分子势能；因此其内阻只与温度有关，故C错误。

故选AD。

（2）[2][3]由于压缩过程中气体与外界无热量交换，气体内能增加，因此温度升高，气体的分子平均动能增大，根据热力学第一定律可知W=ΔU=3.4×104J

（3）[4]设气体在标准状况下的体积为V0，上述过程为等压过程，有=

气体物质的量为n=

分子数为N=nNA

联立以上各式并代入数据解得N==5×1024【解析】①.AD②.增大③.等于④.5×102417、略

【分析】【详解】

[1]根据光速不变原理，卫星上观测到激光的传播速度为c；

[2]因为激光和卫星是相向运动，依据多普勒效应可知，卫星接收到激光的频率大于【解析】C大于18、略

【分析】【分析】

由题意可知考查电流表内接；外接对测量电路的影响；根据电路结构特点分析可得．

【详解】

[1]为了减小实验误差，电流表内接、外接的选择原则：大电阻采用内接法，小电阻采用外接法，Rx约为5Ω；属于小电阻，故采用电流表外接法，选择乙电路图．

[2]因测的电流值大于真实值，由可知计算得到的电阻值小于真实值．

[3]电流表测得电流值大于通过Rx电流值；原因是电压表的分流作用．

【点睛】

电流表内接法，测得是电流表和待测电阻串联以后的电阻，测量值大于真实值，当待测电阻较大时选择内接法．电流表外接法，测得是电压表和待测电阻并联以后的电阻，测量值小于真实值，当待测电阻较小时选择外接法．【解析】乙小于电压表的分流作用四、作图题(共3题，共18分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共16分)22、略

【分析】【详解】

（1）摆长为l与小球半径之和，即根据单摆的周期公式：e错误；

（2）用公式计算当地重力加速度．

（3）由上式得，l与T2成线性关系，l等于零时，T2不等于零；故选C．

（4）A；适当加长摆线；周期增大，周期的测量更准确一些，A正确；

B；质量相同；体积不同的摆球，应选用体积较小的，可以减小阻力的影响，B错误；

C、细线偏离竖直方向应在约为5以内；C正确；

D、应用秒表记录小球完成n次全振动所用的总时间；计算单摆周期，D错误．

故选AC．

（5）根据

又根据万有引力等于重力：

联立解得：

点睛：摆长应为摆线与小球半径之和，【解析】e;C;AC;23、略

【分析】【详解】

（1）[1]由于P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像，故通过P1、P2的光线折射后通过P3、P4；作出光路图，如图所示：

（2）[2]根据折射定律，玻璃砖的折射率为：

（3）[3]在另一侧透过玻璃砖观察，插上大头针P3，使P3挡住P1、P2的像。

（4）[4]大头针应垂直地插在纸面上；这样便于观察，故A正确；

没有量角器，可以用下列方法求出折射率：完成了光路图以后，以O点为圆心、适当长度为半径画圆，分别交线段OA于A点，交O、O′连线延长线于C点．过A点作法线NN′的垂线AB交NN′于B点，过C点作法线NN′的垂线CD交NN′于D点；如图所示。

则由几何知识得到：

又AO=OC，则得折射率

故B正确；

在测定玻璃的折射率的实验中，所用玻璃的两表面aa和bb′不平行，只要操作正确，则画出的光路图正确，则能正确得出入射角与折射角，由可知折射率n的测量值只与入射角和折射角有关，而与两个表面的形状无关，所以测得的折射率不变，所以玻璃砖aa'和bb'不平行；也可以用此方法测量折射率，故C错误；

D.因为光先从空气射入玻璃中，玻璃两界面平行，如果入射角太大，则折射光线会在玻璃砖内表面也不会发生全反射，故D错误．【解析】sin1／sin2挡住P1和P2的像AB六、解答题(共4题，共36分)24、略

【分析】【详解】

解：(1)框架向左运动，产生感应电动势：

板间场强：

小球做匀速直线运动，受力平衡：

可解得：

(2)最大速率点在轨迹的最低点。

根据动能定理可得：

最低点根据牛顿第二定律和圆周运动规律有：

联立可解得：【解析】（1）（2）25、略

【分析】【详解】

（1）设释放金属棒b瞬间的加速度为a：

对物体M：

对金属棒b：

解得：

（2）当金属棒b