2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷931考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示的电路，电表均为理想电表，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时；下列说法正确的是（）

A.电流表读数变小，电压表读数变大B.小灯泡L变暗C.电源的总功率变小D.电容器C上电荷量减小2、由5个1Ω电阻连成的如图所小的电路；导线的电阻不计，则A；B间的等效电阻为（）

A.5ΩB.2ΩC.1ΩD.0.5Ω3、如图所示，两个带电量分别为2q和-q的点电荷放在x轴上，相距为2L．下列图像中，能正确反映两个电荷连线上场强大小E与x关系的是（）

A.B.C.D.4、在电场中A、B两点间的电势差为UAB=75V，B、C两点间的电势差为UBC=—200V，则A、B、C三点的电势高低关系为（）A.φA>φB>φCB.φA<φC<φBC.φB<φA<φCD.φC>φB>φA5、如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为a、b连线的中点。若一个运动的正电荷只在静电力作用下先后经过a、c、b三点，其中a、b两点的电势分别为则下列说法正确的是（）

A.a点的电场强度一定等于b点的电场强度B.c点电势C.正电荷在a点的动能小于在b点的动能D.正电荷在a点的电势能小于在b点的电势能6、如图所示，两个电阻的阻值均为两端的电压保持不变，现用一个内阻为的电压表去测量某个电阻两端的电压；读数为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、电压表、开关和有一定内阻的电源连接成如图所示电路，已知光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小．若闭合开关，逐渐增大光照强度，下列有关电路中的变化，说法正确的是（）

A.电压表与电流表的示数之比将逐渐减小B.电压表、电流表，两表变化量大小的比值将逐渐减小C.电源的输出功率逐渐减小D.电源的效率逐渐减小8、如图所示，实线的两点电荷形成的电场线，若不计重力的带电粒子从C点运动到D点；轨迹如图虚线所示，则下列说法中正确的是（）

A.由C到D过程中电场力对带电粒子做正功B.由C到D过程中带电粒子动能减小C.粒子带正电D.A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量9、如图所示，虚线可能是电场线，也可能是等差等势线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，是这条轨迹上的两点．下列判断正确的是（）

A.不论虚线是电场线还是等差等势线，粒子在点时加速度一定比在点时加速度大B.不论虚线是电场线还是等差等势线，点的电势一定比点的电势高C.若虚线是电场线，粒子通过点时动能比在点时大D.若虚线是等差等势线，粒子通过点时电势能比在点时小10、如图所示，半径为R的光滑绝缘四分之一圆弧形轨道固定在竖直平面内，O为其圆心，水平。在圆弧轨道的最低点B处固定一带正电的小球，电荷量为q。另有质量为m的带电小球N从A点处无初速释放，运动到C点时达到最大速度v。已知静电力常量为k，两小球的大小可忽略。则（）

A.N小球可能带负电B.N小球的带电量为C.N小球从A点到C点的过程中，电场力做功为D.N小球从A点到C点的过程中，减少的机械能为11、如图，在匀强电场中有一虚线圆，和是圆的两条直径，其中与电场方向的夹角为与电场方向平行，a、b两点的电势差则（）

A.电场强度的大小B.b点的电势比d点的低C.将电子从c点移到d点，电场力做正功D.电子在a点的电势能大于在c点的电势能12、两位同学在实验室中利用如图（a）所示的电路进行实验，电压表及电流表均可视为理想电表，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一位同学记录电流表A和电压表V1的测量数据，另一位同学记录电流表A和电压表V2的测量数据。两位同学根据记录的数据描绘出如图（b）所示的两条U—I图线。则图像中两图线的交点表示的物理意义是（）

A.滑动变阻器的滑动触头P滑到了最右端B.电源的输出功率最大C.定值电阻R0消耗的功率为0.5WD.电源的效率为60%评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、如图所示，A灯的额定功率为15W，A灯与B灯额定电压相同，在外加电压改变时设两盏灯的电阻保持不变，当K1与K2都断开时，电压表读数U=12V；当K1闭合，K2断开时，电压表读数U1=11V；当K1、K2都闭合时，电压表读数U2=9V时；则B灯的额定功率为________W

14、将一电荷量为的试探电荷放在电场中的P点处，所受的电场力为则P点的电场强度为________如果将试探电荷拿走，P点的电场强度为_______15、如图所示，当都闭合时，电压表示数为1V；当闭合，断开时，电压表示数为0.8V，则电源的电动势_______V.内阻_______Ω.

16、为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示，已知线圈由端开始绕至端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转。

（1）将磁铁N极向下，从线圈L中向上抽出时，发现指针向左偏转，俯视线圈，其绕向为___________（填：“顺时针”或“逆时针”）。

（2）当条形磁铁从图示中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转，俯视线圈，其绕向为___________（填：“顺时针”或“逆时针”）。17、如图甲所示为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a=1m，b=0.2m，c=0.1m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其U-I图线如图乙所示，当U=10V时，求电解液的电阻率ρ是_______Ω·m

评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)18、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

19、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

20、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)21、如图所示是一多用电表的简化电路图。其电流计满偏电流Ig=0.5mA、内阻Rg=200Ω。多用表有两个电流挡；量程分别为0~10mA和0~1mA，有两个电压挡分别为0~15V和0~3V，有两个欧姆挡倍率分别为×10和×100，转换开关S旋转至“1”；“2”、“3”、“4”、“5”、“6”中某个位置时，即选择相应的功能。

（1）转换开关S接“1”端时，多用电表的功能是测_________（填“电流”、“电压”或“电阻”），量程为_________；

（2）转换开关S接“5”端时，多用电表的功能是测_________（填“电流”、“电压”或“电阻”），量程为_________；

（3）图中电阻R1=_________Ω，R2=_________Ω；（保留到个位）

（4）转换开关S接“4”端时，多用电表可以用来测电阻，倍率为×100，图中电阻R4=1500Ω，滑动变阻器R5调节范围为0~2000Ω，电源电动势E=2V，内阻为r=3Ω，进行欧姆调零后测量电阻Rx的阻值，表盘指针正好指向中间刻度，则电阻Rx的阻值为_________Ω。22、某课题研究小组，收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈。现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻（约为），二是手机中常用的锂电池（电动势的标称值为3.7V；允许最大放电电流为100mA）。在操作台上还准备了如下实验器材：

A．电压表V（量程4V，电阻约为）

B．电流表（量程100mA，电阻约为）

C．电流表（量程2mA，电阻约为）

D．滑动变阻器（额定电流1A）

E。电阻箱（最小分度值）

F。开关S一只；导线若干。

（1）为了测定电阻的阻值，该小组的一位成员设计了如图所示的电路原理图并选取了相应的器材（电源用待测的锂电池），其设计或器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？___________。调整后的测量值___________（填“小于”“大于”或“等于”）其真实值。

（2）在实际操作过程中，发现滑动变阻器电流表已损坏，请用余下的器材测量锂电池的电动势和内阻

①请你在方框中画出实验电路图（标注所用器材符号）______________________。

②为了便于分析，一般采用线性图象处理数据，请写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式___________。23、为探究产生感应电流的条件；两位同学做了如下的实验。

（1）小张同学用导轨、导体棒、电流计、导线组成图甲所示的电路，整个电路处于垂直导轨的磁场中，当导体棒在金属导轨上向右移动时，电流计中有电流，得出结论∶产生感应电流的条件与______（选填“A”“B”或“C”）的变化有关。

A．磁场B．电场C．闭合导体回路包围的面积。

（2）小王同学根据感应电流产生的条件，想利用摇绳发电。如图乙所示，把一条大约10m长电线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合导体回路。两个同学沿______（选填“东西”或“南北”）方向站立并迅速摇动这条电线时，发电的可能性比较大。评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)24、示波管是示波器的核心部分，它主要由电子枪、偏转系统和荧光屏三部分组成，如图甲所示．电子枪具有释放电子并使电子聚集成束以及加速的作用；偏转系统使电子束发生偏转；电子束打在荧光屏上形成光迹．这三部分均封装于真空玻璃壳中．已知电子的电荷量=1.6×10C，质量=0.91×10kg；电子所受重力及电子之间的相互作用力均可忽略不计，不考虑相对论效应．

（1）电子枪的三级加速可简化为如图乙所示的加速电场，若从阴极逸出电子的初速度可忽略不计，要使电子被加速后的动能达到1.6×10J，求加速电压为多大；

（2）电子被加速后进入偏转系统，若只考虑电子沿Y（竖直）方向的偏转情况，偏转系统可以简化为如图丙所示的偏转电场．偏转电极的极板长=4.0cm，两板间距离=1.0cm，极板右端与荧光屏的距离=18cm，当在偏转电极上加的正弦交变电压时，如果电子进入偏转电场的初速度求电子打在荧光屏上产生亮线的最大长度；25、如图所示，水平轨道ABD与半径R＝1m的竖直光滑四分之一圆轨道BC平滑连接，空间存在着水平向右的匀强电场，电场强度现有质量m＝1kg、带电量的带电滑块（可视为质点），在水平轨道上距离B点L＝1m的A处由静止释放，运动到圆轨道底端B时对轨道的压力为26N。所有轨道均绝缘，空气阻力不计，重力加速度求：

（1）滑块在水平轨道上的动摩擦因数；

（2）滑块在圆轨道上的最大速度；

（3）滑块经过C点后，落到水平轨道上的位置D到B点的距离。

26、竖直平面内存在范围足够大、大小和方向未知的匀强电场，平面内存在一个长方形区域其中电场强度的方向与所在平面平行。质量为电荷量为（）的带电粒子在Ａ点以一定的速度进入电场，粒子到达点的动能是初动能的9倍；若改变粒子速度方向，以相同的初动能仍从A点进入电场，到达点的动能为初动能的4倍。不计粒子重力，已知

（1）求匀强电场的大小和方向；

（2）若粒子进入电场时速度的大小可变；且当粒子进入电场时速度方向与电场垂直时，为使粒子穿出长方形区域的动能增量最多，求该粒子进入电场时的速度；

（3）若粒子进入电场时速度的大小可变，且当粒子进入电场时速度方向与电场垂直时，为使粒子第一次进入长方形区域时动量增量为求该粒子进入电场时的速度。

27、静电场方向平行于x轴，其电势随x的分布可简化为如图所示的折线，图中和d为已知量。一个带负电的粒子在电场中以为中心，沿x轴方向做周期性运动。已知该粒子质量为m、电量为-q；忽略重力。

（1）求粒子所受电场力的大小；

（2）若将粒子由处由静止释放；求粒子的运动周期；

（3）若粒子在处获得一定动能，且动能与电势能之和为–A（）。求粒子的运动区间。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

AB．由图可知，电路采用串联结构，电容器并联在滑动变阻器两端；当滑片P右移时；滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故电流表示数增大，灯泡亮度变亮，因内压增大，故电压表示数减小，故AB错误；

C．由P=EI可知，I变大；则电源的总功率变大，故C错误；

D．因电容器并联在滑动变阻器两端．总电流变大，灯泡及内阻分压增大，则滑动变阻器分压减小，故电容器C两端的电压减小，故C上的电量减小，故D正确．2、D【分析】【详解】

利用节点法作出等效电路图；如下图。

求得总电阻为

故ABC错误；D正确。

故选D。3、C【分析】【分析】

【详解】

由场强的叠加原理可知；在两电荷连线上的场强均向右；若两电荷带等量异种电荷，则在其连线中点处的场强最小，因两电荷带不等量异种电荷，可知在两电荷连线中点偏-q处电场强度最小，但不是零，从两点电荷向中点偏负电电场强度逐渐减小；

A．该图与结论不相符；A不符合题意；

B．该图与结论不相符；B不符合题意；

C．该图与结论相符；C符合题意；

D．该图与结论不相符，D不符合题意；4、C【分析】【详解】

由题意

则得

则得

又

则得

故有

故选C。5、D【分析】【详解】

AB．由图电场不一定是匀强电场，所以a点的电场强度不一定等于b点的电场强度，c点电势不一定为0；故AB错误；

CD．正电荷在电势高的位置电势能较大，所以正电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，根据能量守恒可知正电荷在a点的动能大于在b点的动能；故C错误；D正确；

故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

电压表与电阻的并联电阻为

电压表的读数为

故选B。二、多选题(共6题，共12分)7、A:D【分析】【分析】

闭合电路的动态变化情况的分析．

【详解】

A．由题意知，逐渐增大光照强度时，光敏电阻R的值逐渐减小，外电路的总电阻逐渐减小，由闭合电路的欧姆定律知，总电路的电流逐渐增大，通过光敏电阻R的电流也逐渐增大；所以电压表与电流表的示数之比将逐渐减小，故A正确；

B．光敏电阻R串联在电路中，定值电阻R0和电源内阻都是纯电阻，它们各自上面的电压变化量与电流变化量比值不变，因此，光敏电阻R的电压变化量与电流变化量比值也不变；故B错误。

C．电源的输出功率由公式知，增大，由闭合电路的欧姆定律知,减小，电源的内阻不知道大小，所以减小的情况也不知，因此的变化无法确定；故C错误；

D．根据电源的效率定义得外电路的电阻越大；路端电压越高，电源效率越高，电源的效率随外电路电阻减小而减小，故D正确；

故选AD．

【点睛】

直流电路动态变化要掌握各物理量变化的规律来分析．8、A:C:D【分析】【分析】

据带正电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，从而判断B处是负电荷，A处是正电荷；再根据电场线的特点分析即可．

【详解】

A、B、据电场线的分布情况可知，带电粒子从C到D的过程中，电场力的方向与运动方向小于90°，电场力对其做正功，电势能减小，动能增大；故A正确，B错误。C、据带电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，结合某点的切线方向，即为速度方向，从而判断粒子带正电；故C正确。D、据电场线的疏密程度可知，A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量；故D正确。故选ACD．

【点睛】

弄清电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．9、A:D【分析】【详解】

A．若虚线是电场线，则电场线密集的地方电场强度大，则所受电场力大，则加速度大，所以粒子在点时加速度比在点时加速度大，若虚线是等差等势线，由等差等势面密集的地方电场强度大，则所受电场力大，则加速度大，所以粒子在点时加速度比在点时加速度大；故A正确；

BCD．若虚线代表三条电场线；则带电粒子的大致受力方向和速度方向的关系如图所示。

在由Q到P的过程中，电场力做正功，动能增加，电势能减小，由于粒子带负电，则电势增加，若虚线代表等差等势线；则带电粒子的大致受力方向和速度方向的关系如图所示。

在由Q到P的过程中电场力做负功；动能减小，电势能增加，由于粒子带负电，则电势减小，故D正确，BC错误。

故选AD。10、B:D【分析】【详解】

A．由题意知，在C点达到最大速度，所以C点后速度减小；而重力做正功，所以电场力做负功，故电场力是斥力，故小球带正电，故A错误；

B．由小球在C点速度最大，所以在C点的切向加速度为零，则

解得

故B正确；

C．设小球从A点运动到C点的过程中电场力做功为W，由动能定理可得

解得

故C错误；

D．由功能关系可知，N小球从A点到C点的过程中，减少的机械能为电场力做功的绝对值，即

故D正确。

故选BD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据

可得电场强度的大小

选项A正确；

B．沿电场线电势逐渐降低，可知b点的电势比d点的电势高；选项B错误；

C．将电子从c点移到d点；因电子所受的电场力与位移反向，可知电场力做负功，选项C错误；

D．因a点的电势低于c点电势，则电子在a点的电势能大于在c点的电势能；选项D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

A．图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，滑动变阻器的滑动触头P滑到了最左端；故A错误；

B．图象可以得出电阻R0的阻值大于电源的内阻；滑动变阻器的阻值减小，电源的输出功率增大，两直线的交点对应滑动变阻器的阻值为0，即电源的输出功率最大，故B正确；

C．定值电阻R0消耗功率为

故C正确；

D．电源的效率为

故D错误。

故选BC。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【详解】

当开关均断开时，电压表示数为电源的电动势，故E=12V；当S1闭合S2断开，只有B灯接入电路，由闭合电路欧姆定律可知12=11+I1r

由欧姆定律可知

当S1、S2都闭合，电压表读数U2=9V，则有12=9+I2r；

联立以上四式可得

两灯的额定电压相等，则由可知两灯的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4014、略

【分析】【详解】

[1][2]根据电场强度的定义式，得

场强与试探电荷无关，如果将试探电荷拿走，P点的电场强度E仍为【解析】15、略

【分析】【详解】

[1][2]当都闭合时，根据欧姆定律可得：

根据闭合电路欧姆定律可得：

当断开时，根据欧姆定律可得：

根据闭合电路欧姆定律可得：

可得：【解析】21.516、略

【分析】【详解】

（1）[1]将磁铁N极向下；从线圈L中向上抽出时，磁铁离开线圈，穿过L的磁场向下，原磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，感应电流磁场应该向下，电流表指针向左偏转，电流从电流表左端流入，由安培定则可知，俯视线圈，线圈绕向为逆时针。

（2）[2]当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，指针向右偏转，电流从右端流入电流表，由安培定则可知，俯视线圈，其绕向为逆时针。【解析】逆时针逆时针17、略

【分析】【详解】

由图乙可求得电解液的电阻为由图甲可知电解液长为截面积为结合电阻定律可得【解析】40四、作图题(共3题，共24分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】19、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

20、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共3题，共21分)21、略

【分析】【详解】

（1）[1]转换开关S接“1”端时，分压电阻R2与电流计串联后，二者再与分流电阻R1并联；所以此时多用电表的功能是测电流。

[2]易知转换开关S接“1”和“2”端时，多用电表的功能都是测电流，且接“1”和“2”时所能测量的最大电流分别为

所以接“1”端时量程较大；为0~10mA。

（2）[3]转换开关S接“5”端时，分压电阻R6与改装后的电流表串联；所以此时多用电表的功能是测电压。

[4]与改装后的电流表串联的分压电阻阻值越大；电压表量程越大，所以转换开关S接“5”端时对应较小的量程0~3V。

（3）[5][6]将I1=10mA和I2=1mA分别代入前面所求的表达式中，可解得

（4）[7]转换开关S接“4”端时，该倍率下表的内阻为

进行欧姆调零后测量电阻Rx的阻值，表盘指针正好指向中间刻度，则【解析】电流0~10mA电压0~3V20180200022、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]流过R0的最大电流约为

电流表应使用电流表A2；由于电流表内阻较小，则电流表应用内接法；

[2]调整后，由于电流表的分压，使得电压的测量值偏大，则调整后的测量值大于真实值；

(2)[3]实验器材只有电压表与电阻箱；因此可以用伏阻法测电池的电动势与内阻，实验电路图如图所示。

[4]由闭合电路欧姆定律得

整理得

即

函数关系式【解析】用替换且采用电流表内接法大于23、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题意；当导体棒在金属导轨上向右移动时，闭合导体回路围成面积增大，电表中有电流，得出结论：产生感应电流的条件与闭合导体回路包围的面积变化有关。

故选C。

（2）[2]由于地磁场的磁感线沿南北方向，因此两同学沿东西方向站立时，甩动导线可使闭合回路的磁通量发生较明显的变化，发电的可能性比较大。【解析】C东西六、解答题(共4题，共40分)24、略

【分析】【详解】

(1)对于电子通过加速电场的过程，根据动能定理有：eU0=EK，

解得：

(2)根据u=480sin100πtV，可知偏转电场变化的周期为：

运动时间为：因为T＞＞t，

可见每个电子通过偏转电场的过程中，电场可视为稳定的匀强电场．