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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理下册阶段测试试卷224考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题,共16分)1、如图所示,两个不带电的导体A和B,用一对绝缘柱支持使它们彼此接触.把一带正电荷的物体C置于A附近;贴在A;B下部的金属箔都张开。
A.此时A带正电,B带负电B.此时B带负电C.移去C,贴在B下部的金属箔都闭合D.先把A和B分开,然后移去C,贴在B下部的金属箔都闭合2、如图,两盏电灯完全相同.当滑动变阻器的滑动头向右移动时;则()
A.灯变亮,灯变亮B.灯变暗,灯变亮C.灯变暗,灯变暗D.灯变亮,灯变暗3、下列说法中不正确的是()A.用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法B.如果电场线与等势面不垂直,那么电场强度就有一个沿着等势面的分量,在等势面上移动电荷,静电力就要做功。这里用的逻辑方法是假设法C.在推导匀变速直线运动的位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加。这里采用了微元法D.用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如场强电容加速度都是采用比值法定义的4、用小量程电流表G改装成大量程的某种电表;电路如图所示。改装后的电表是()
A.电压表,接两个端点时,量程较大B.电压表,接两个端点时,量程较大C.电流表,接两个端点时,量程较大D.电流表,接两个端点时,量程较大5、静电场中某点电势的数值等于()A.试验电荷q0置于该点时具有的电势能B.单位试验电荷置于该点时具有的电势能C.单位正电荷置于该点时具有的电势能D.把单位正电荷从该点移到电势零点外力所作的功6、如图所示,某电场中的一条电场线,一电子从a点由静止释放,它将沿电场线向b点运动;下列有关该电场的判断正确的是()
A.该电场一定是匀强电场B.场强Ea一定小于EbC.电子具有的电势能Epa一定大于EpbD.电势φa>φb7、如图所示,电源电动势为4V,内阻为1Ω,电阻R1=3Ω,R2=R3=4Ω;电流表的内阻不计,闭合S,电路达到稳定状态后,电容器两极间电压为().
A.0B.2.3VC.3VD.3.2V8、某同学在测量电阻实验时;按图所示连接好实验电路。闭合开关后发现:电流表示数很小;电压表示数接近于电源电压,移动滑动变阻器滑片时两电表示数几乎不变化,电表及其量程的选择均无问题。请你分析造成上述结果的原因可能是()
A.电流表断路B.滑动变阻器滑片接触不良C.开关接触部位由于氧化,使得接触电阻太大D.待测电阻和接线柱接触位置由于氧化,使得接触电阻很大评卷人得分二、多选题(共6题,共12分)9、带电粒子以初速度v0垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中,它离开时偏离原方向y,偏角为φ,下列说法正确的是()A.粒子在电场中做类平抛运动B.粒子飞过电场的时间,决定于极板长和粒子进入电场时的初速度C.粒子的偏移距离y,可用加在两极板上的电压控制D.偏角φ与粒子的电荷量和质量无关10、如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r,开关K闭合,将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为理想电流表示数变化量的绝对值为正确的是。
A.V2的示数增大,A的示数减小B.电源输出功率在增大C.与的比值在减小D..11、如图所示的电路,R1、R2是两个定值电阻,R′是滑动变阻器,R3为小灯泡,电源内阻为r.开关闭合后;当滑动变阻器触头P向上移动时()
A.电压表示数变大B.小灯泡亮度变大C.电容器充电D.电源的总功率变大12、如图所示,平行板电容器与电动势为的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地。闭合开关,一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态;下列说法正确的是()
A.保持开关闭合,将上极板向上移动一小段距离,油滴仍静止B.保持开关闭合,将上极板向左移动一小段距离,油滴将向上运动C.若将开关断开,并将上极板向上移动一小段距离,油滴仍静止D.若将开关断开,并将上极板向左移动一小段距离,油滴将向上运动13、如图所示,在x轴上处固定两个带电量均为的点电荷,一电子仅在静电力的作用下沿x轴从处移动到处或沿y轴从处移动到处。下列说法中正确的是()
A.沿x轴移动时电子的动能先增大后减小B.沿y轴移动时电子的动能先增大后减小C.在处固定电荷量为的负点电荷,可使处的电场强度为0D.在处固定电荷量为的正点电荷,可使处的电场强度为014、下列说法中正确的是()A.由公式可知,电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力F的大小成正比,与检验电荷的电量q成反比B.电场是一种物质,与其他物质一样,是不依赖我们的感觉而客观存在的C.公式中的d为匀强电场中电势差为U的两点间的距离D.在库仑定律的表达式中,可以理解为是点电荷Q1在点电荷Q2处的场强大小;而是点电荷Q2在点电荷Q1处的场强大小评卷人得分三、填空题(共7题,共14分)15、电磁波谱的排列是:无线电波、微波、_______________、可见光、紫外线、X射线、γ射线;可用来灭菌消毒的电磁波是____________;在探月工程中,从地球向“月兔号”月球车发指令,电磁波信号经过__________s到达月球车。(已知地月表面距离约为3.84×108m)16、如图所示是电场中某区域的电场线分布图,A、B是电场中的两点,可以判断____点场强较大(选填“A”或“B”);一正点电荷在B点受到电场力的方向是____(选填“向左”或“向右”).17、一个额定电压为220V、额定功率为9W的LED灯泡,若它每天正常发光5h,一个月(30天)消耗的电能是___________kW•h,与普通白炽灯相比,在达到相同亮度的条件下,假设LED灯可以节约90%的电能,则这个LED灯与功率为___________W的白炽灯亮度相当。18、关于电流表;电压表的改装:
(1)有一个满偏电流为100mA的毫安表,电表内阻为9Ω,现将该毫安表的量程扩大至0.6A,则应并联一个阻值为_____Ω的电阻。
(2)如图所示为一双量程电压表的示意图,已知电流表G的量程为0~10mA,内阻为60Ω,图中串联的分压电阻R1=440Ω,则R2=_____Ω。19、某电荷带电量为C,则该电荷所带电荷量是元电荷的多少倍______。20、现有一个内阻Rg=30Ω,满偏电流Ig=1mA的电流表,龚燕玲同学想把它改装为量程0~3V的电压表,则她要____________(填串联或并联)一个阻值为________Ω的电阻。21、一根导线长0.2m,通以3A的电流,在磁场中某处受到的最大的磁场力是则该处的磁感应强度B的大小是____T,如果该导线的长度和电流都减小一半,则该处的B的大小是______T。评卷人得分四、作图题(共3题,共6分)22、如图所示,A、B、C为匀强电场中的三个点,已知φA=18V,φB=11V,φC=-3V。试画出该电场的电场线;并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示辅助线,实线表示电场线)。
23、在如图所示的四幅图中;分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线(标上方向)或电流方向。
24、在如图所示的四幅图中;分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线(标上方向)或电流方向。
评卷人得分五、实验题(共2题,共10分)25、如图所示为J0411多用电表示意图。其中A、B、C为三个可调节的部件。某同学在实验室中用它测量一阻值约为1~3kΩ的电阻。他测量的操作步骤如下:
(1)调节可调部件____;使电表指针指向____。
(2)调节可调部件B;使它的尖端指向___位置。
(3)将红黑表笔分别插入正负插孔中;两笔尖相互接触,调节可动部件___,使电表指针指向欧姆零刻度位置。
(4)将两只表笔分别与待测电阻两端相接;进行测量读数。
26、某同学在测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率时。
(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲,由图可知其长度为________cm;
(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙,由图可知其直径为________mm。
(3)在该实验中,用伏安法测量金属丝电阻时,电流表的连接有图丙和图丁两种连接方式,因所用金属丝电阻较小,考虑电表内阻引起的系统误差,应选择图________(选填“丙”或“丁”)连接方式可使测量结果更加准确,用这种接法测得的电阻值将________(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。
评卷人得分六、解答题(共2题,共20分)27、如图所示,真空中有两个固定的点电荷和求它们连线上P点的场强的大小和方向。()
28、如图所示,平行金属板A、B间距为d,电压为一电子由静止从A板开始加速,穿过B板的小孔,垂直进入平行金属板C、D间的匀强电场。C、D两板间距离和板长均为L,在C、D板的右侧L处有一垂直于C、D板的显示屏MN,当C、D间电压为零时,电子打在屏上O点。当C、D间电压为U时。电子打在MN屏的P点(图中没画出)。已知电子电量为e,质量为m;电子重力不计,求:
(1)电子到达B板时的速度;
(2)电子从静止开始运动到离开电场所经过的时间;
(3)OP间的距离。
参考答案一、选择题(共8题,共16分)1、C【分析】【分析】
【详解】
带正电的物体C靠近A附近时,由于静电感应,A端带上负电,B端带上正电,故AB错误;移去C后,由于电荷间相互作用,重新中和,达电中性状态,两金属箔均闭合,故C正确;先把AB分开,则A带负电,B带正电,移去C后,电荷不能再进行中和,故两金属箔仍然张开,故D错误.2、D【分析】当滑出向右移动时,滑动变阻器连入电路的电阻增大,所以外电路电阻增大,路端电压增大,总电流减小,即B中的电流减小,所以B变暗,B两端的电压减小,而路端电压是增大的,所以并联电路两端的电压增大,即A两端的电压增大,所以A变亮,D正确.3、D【分析】【详解】
A.用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法;故A正确;
B.如果电场线与等势面不垂直;那么电场强度就有一个沿着等势面的分量,在等势面上移动电荷,静电力就要做功。这里用的逻辑方法是假设法,故B正确;
C.在推导匀变速直线运动的位移公式时;把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加。这里采用了微元法,故C正确;
D.加速度是加速度的决定式,不是定义式,加速度定义式为故D错误。
本题选择错误的,故选D。4、B【分析】【详解】
若把小量程的电流表G改装成大量程的电流表,根据并联电路的分流原理,需要并联电阻;若把小量程的电流表G改装成大量程的电压表,根据串联电路分压原理,需要串联一个大电阻,由
可知串联的电阻越大,量程就越大;所以由题图可知,该改装表为电压表,接两个端点时,量程较大,故选B。5、C【分析】【详解】
由
可知;电势的数值等于单位正电荷置于该点时具有的电势能。
故选C。6、C【分析】【详解】
AB.因电子由静止释放,且由a向b运动,则电子所受的电场力一定是由a指向b,因为电子带负电荷,所受的电场力方向与场强方向相反,说明电场线的方向一定是由b指向a。由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况;因此无法确定场强大小关系,故A错误,B错误;
C.由题意知,电场力对电子做正功,电势能减小,所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb;故C正确;
D.由分析可知电场方向由b指向a,而沿着电场线方向电势降低,所以电势φa一定低于φb,故D错误。7、C【分析】【分析】
【详解】
此电路相当于只有R1连入电路,电容器两端电压等于路端电压,选C8、D【分析】【详解】
AB.电流表断路或者滑动变阻器滑片接触不良;都会造成整个电路是断路情况,即电表示数为零,AB错误;
C.开关接触部位由于氧化;使得接触电阻太大,则电路电阻过大,电流很小,流过被测电阻的电流也很小,所以其两端电压很小,不会几乎等于电源电压,C错误;
D.待测电阻和接线柱接触位置由于氧化;使得接触电阻很大,相当于当被测电阻太大,远大于和其串联的其他仪器的电阻,所以电路电流很小,其分压接近电源电压,D正确。
故选D。二、多选题(共6题,共12分)9、A:B:C【分析】【详解】
试题分析:带电粒子进入偏转电场做类平抛运动;结合平抛运动规律解题:水平方向匀速直线运动,竖直方向初速度为零的匀加速直线运动;并且两方向运动具有等时性.
带电粒子以初速度垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中,仅受在垂直速度方向上只受到电场力作用,做类平抛运动,A正确;粒子平行于极板方向做匀速直线运动,时间即粒子飞过电场的时间,决定于极板长和粒子进入电场时的初速度,B正确;粒子的偏移距离故可用加在两极板上的电压控制y的大小,C正确;粒子的偏转角φ满足:粒子偏角φ与粒子的电量和质量有关,D错误.(以上公式中的U表示两极板间的电压,L表示极板的长度,d表示两极板间的距离,q表示粒子的电荷量,m表示粒子的质量)10、B:D【分析】【详解】
A.理想电压表内阻无穷大,相当于断路,理想电流表内阻为零,相当短路,所以定值电阻与变阻器串联,电压表分别测量路端电压和变阻器两端的电压;当滑动变阻器滑片向下滑动时,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,内电压增大,路端电压减小,则的示数减小;故A错误;
B.当内外电阻相等时;电源的输出功率最大,故当滑动变阻器滑片向下滑动时,外电阻越来越接近内阻,故电源的输出功率在增大;故B正确;
C.根据闭合电路欧姆定律得:
可得:
与的比值保持不变;故C错误;
D.根据闭合电路欧姆定律得:
可得:
根据欧姆定律得:
可得:
则有:
故D正确.11、A:C【分析】【详解】
闭合开关后,当滑动变阻器触头P向上移动时,增大,外电路总电阻增大,干路中电流减小,则小灯泡亮度变小.电源的内电压减小,路端电压增大,则电压表的示数变大,故AB错误;电路稳定时电容器的电压等于串联总电压,根据串联电路电压分配规律可知,增大,电容器的电压增大,则电容器充电,故C正确;电源的总功率为干路电流I减小,则电源的总功率变小,故D错误.
【点睛】
本题按“部分→整体→部分”的思路进行动态变化分析.对于电压表的示数,可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析.根据串联电路电压与电阻成正比的特点,分析各部分电压的变化,比较简便.12、C:D【分析】【详解】
一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态;则电场力与重力平衡。
A.保持开关闭合,可知电容器两极板间的电势差U不变,将上极板向上移动一小段距离,则d增大,根据可知两板间电场强度减小;则油滴受到的电场力小于重力,油滴将向下运动,故A错误;
B.保持开关闭合,可知电容器两极板间的电势差U不变,将上极板向左移动一小段距离,则两极板正对面积S变小;但两板间距离不变,则电场强度不变,油滴仍然静止,故B错误;
C.若将开关断开,可知电容器的电荷量Q不变,将上极板向上移动一小段距离,则d增大,根据可得
可知两极板间电场强度E不变;则电场力不变,故油滴仍然静止,故C正确;
D.若将开关断开,可知电容器的电荷量Q不变,将上极板向左移动一小段距离,则两极板正对面积S变小,根据可得
可知两极板间电场强度E变大;则电场力变大,油滴将向上运动,故D正确。
故选CD。13、A:C【分析】【详解】
AB.等量负点电荷电场分布情况如图。
x轴上,从处移动到处,场强先减小后变大,电场力先做正功后做负功,电子的动能先增大后减小。y轴上,场强从原点向外,先增大后减小,从处移动到处;电场力先做负功后做正功,电子的动能先减小后增大,A正确,B错误;
C.在处固定电荷量为的负点电荷处的电场强度为
又
解得
C正确;
D.在处固定电荷量为的正点电荷,可使处的电场强度为
又
解得
D错误。
故选AC。14、B:D【分析】【分析】
【详解】
A.电场中某点的场强由电场本身决定,与放在该点的检验电荷所受的电场力F无关,与检验电荷的电量q无关。故A错误;
B.电场是客观存在的一种物质;与其他物质一样,是不依赖我们的感觉而客观存在的。故B正确;
C.公式中的d为匀强电场中电势差为U的两点间沿电场方向的距离。故C错误;
D.在库仑定律的表达式中,可以理解为是点电荷Q1在点电荷Q2处的场强大小;而是点电荷Q2在点电荷Q1处的场强大小。故D正确。
故选BD。三、填空题(共7题,共14分)15、略
【分析】【分析】
考查电磁波谱;电磁波的特性,电磁波的传播。
【详解】
[1].电磁波谱根据波长从长波到短波排列顺序是:无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线;
[2].紫外线具有灭菌消毒的作用;
[3].电磁波在真空中传播速度为光速所以:【解析】红外线紫外线1.2816、略
【分析】试题分析:由电场线的疏密程度判断场强的大小;由场强的方向与电荷的电性确定电场力的方向.
解:B点电场线密;场强大,A点疏场强小.
正电荷受力方向与场强方向相同;则在B点正电荷受力方向向左.
故答案:B;左。
【点评】考查电场线描述场强大小及方向的方法,会判断电场力的方向.【解析】B,左17、略
【分析】【分析】
【详解】
[1]灯泡一个月消耗的电能。
W=Pt=9×10-3kW×5h×30=1.35kW•h[2]设两种灯泡正常发光的时间为t;则LED消耗的电能。
W=Pt白炽灯消耗的电能为。
W′=P′t在达到相同亮度的条件下;LED灯可以节约90%的电能。
解得。
P′=90W【解析】1.359018、略
【分析】【详解】
(1)[1].根据电表的改装原理可知,应并联的电阻
(2)[2].根据电表的改装原理可知,R2的阻值为【解析】1.8100019、略
【分析】【详解】
元电荷则【解析】20、略
【分析】【详解】
[1]把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻;
[2]串联电阻阻值【解析】串联297021、略
【分析】【详解】
[1]根据
得
[2]磁感应强度B是磁场本身的属性,与有无电流元以及电流大小无关.所以当该导线的长度和电流都减小一半,该处的B的大小仍为0.1T。【解析】0.10.1四、作图题(共3题,共6分)22、略
【分析】【分析】
【详解】
连接BC,过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD,将AD分成两等份,找出B点的等势点,即E点,电势为11V,连接BE,则BE为等势线;电场线与等势线垂直,由高电势指向低电势,如图所示。
【解析】23、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)在图(1)中;已知小磁针静止时N极的指向,由直线电流的安培定则,可知直线中的电流方向向下,如图所示。
(2)在图(2)中;已知小磁针静止时N极的指向,由环形电流的安培定则,可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向,如图所示。
(3)在图(3)中;已知螺线管内小磁针静止时N极的指向,由通电螺线管的右手螺旋定则可知,螺线管中的电流方向从左端导线流入,右端导线流出,如图所示。
(4)在图(4)中,已知磁感线的方向,由安培定则可知,环形电流方向沿逆时针方向,如图所示。【解析】24、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)在图(1)中;已知小磁针静止时N极的指向,由直线电流的安培定则,可知直线中的电流方向向下,如图所示。
(2)在图(2)中;已知小磁针静止时N极的指向,由环形电流的安培定则,可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向,如图所示。
(3)在图(3)中;已知螺线管内小磁针静止时N极的指向,由通电螺线管的右手螺旋定则可知,螺线管中的电流方向从左端导线流入,右端导线流出,如图所示。
(4)在图(4)
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