2025年粤教新版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

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A.甲、乙两列波的频率之比为3:2B.两列波的起振方向相同C.t=3s时刻，平衡位置在x＝6m处的质点位移为2cmD.t=3s时刻，平衡位置在x＝3m处的质点位移为2cm3、质量为的篮球从某一高处从静止下落，经过时间与地面接触，经过时间弹离地面，经过时间达到最高点。重力加速度为忽略空气阻力。地面对篮球作用力冲量大小为（）A.B.C.D.4、如图甲，长方形金属线框从范围足够大的磁场的上边界由静止释放，经过时间下降高度时速度为v（此时线框还未完全进入磁场）；若该线框从磁场的下边界以速度v竖直向上抛出，如图乙，经过时间上升高度到达最高点（此时线框还没有完全进入磁场）。已知重力加速度为g；下列表达式正确的是（）

A.B.C.D.5、如图所示；有一小车静止在光滑的水平面上，站在小车上的人将右边管中的球一个一个地投入左边的筐中（球仍在车上）。以人；车和球作为系统，下列判断正确的是（）

A.由于系统所受合外力为零，故小车不会动B.当球全部投入左边的框中时，车仍然有向右的速度C.由于系统水平方向动量守恒，故小车右移D.若人屈膝跳起投球，则系统在竖直方向上动量守恒评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示，可看作质点的物体从光滑固定斜面的顶端a点以某初速度水平抛出，落在斜面底端b点，运动时间为t，合外力做功为W1，合外力的冲量大小为I1．若物体从a点由静止释放，沿斜面下滑，物体经过时间2t到达b点，合外力做功为W2，合外力的冲量大小为I2．不计空气阻力，下列判断正确的是()

A.W1：W2=1：1B.I1：I2=1：2C.斜面与水平面的夹角为30°D.物体水平抛出到达b点时速度方向与水平方向的夹角为60°7、如图所示，电阻不计的光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距为d，两侧接有电阻R1、R2，阻值均为R，O1O2右侧有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为m、长度也为d的金属杆置于O1O2左侧，在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静止开始运动，经时间t到达O1O2时撤去恒力F，金属杆在到达NQ之前减速为零。已知金属杆电阻也为R；与导轨始终保持垂直且接触良好，下列说法正确的是（）

A.杆刚进入磁场时速度大小为B.杆刚进入磁场时电阻R1两端的电势差大小为C.整个过程中，流过电阻R1的电荷量为D.整个过程中，电阻R1上产生的焦耳热为8、如图所示，甲、乙两球质量分别为1kg，3kg，它们在光滑水平面上发生正碰，图甲表示甲球碰撞前后的s-t图线，图乙表示乙球碰后的s-t时间图线；不计碰撞时间，则下列说法正确的是（）

A.甲、乙两球在t=2s时发生碰撞B.碰撞前后系统动量守恒C.碰撞后甲球的速度反向了D.碰撞前后甲球动量改变了9、如图，BOC为放置于月球表面的半径为R的光滑弧形槽，O点是弧形槽的最低点。半径R远大于BOC弧长。一小球由静止开始从B点释放，小球在槽内做简谐运动。欲使小球运动的周期减小，下列采用的方法不正确的是（）

A.让小球释放点更靠近O点B.让小球释放时有一个初速度C.换一个半径R小一些的弧形槽D.其他条件不变，将装置从月球拿至地球表面10、一列简谐横波在t=0.1s时波的图象如图（a）所示，此时P点的位移为5cm，Q点为平衡位置在x=2m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象；则。

A.这列简谐波的传播速度为20m/sB.这列简谐波将沿x轴正方向传播C.在时，质点P位于波峰D.从开始的一小段时间内，质点P速度不断增大11、如图所示，以原点0为界在轴上有两段不同材料的绳子，波源和分别置于和处，产生两列简谐横波甲和乙，分别沿轴正方向和轴负方向传播。时刻和处的质点刚好开始振动，某时刻二列波恰好同时到达原点0，若从开始到时间内点经过的路程为则（）

A.两波源开始振动的方向相同B.两列波不能在绳子上形成稳定的干涉图样C.时两列波恰好同时到达对方波源处D.在两个波源和之间共有6个加强点12、某同学利用双缝干涉实验装置研究光的干涉现象，保持双缝到屏的距离不变，他先用红光和蓝光在双缝间距为时进行实验，得到了如图a、b所示图样（未按实验顺序排列），然后用红光在双缝间距为d2时进行实验，得到了如图c所示图样；则下列说法中正确的是（）

A.B.C.图a为蓝光干涉图样D.图b为蓝光干涉图样13、下列关于科学技术的运用的说法正确的是（）A.交通警察用监视器测量汽车的速度时可利用多普勒效应B.用声呐探测水中的暗礁、潜艇，利用了波的反射C.在摄像机中，摄像管的作用是摄取景物的图像并将其转换为电信号E.医生利用B超探测人体内脏的位置，发现可能的病变，其原理是利用了波的衍射E.医生利用B超探测人体内脏的位置，发现可能的病变，其原理是利用了波的衍射评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、（1）内容。

如果一个系统不受外力，或者所受外力的___________为0；这个系统的总动量保持不变。

（2）表达式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系统相互作用前的总动量等于相互作用后的总动量。

b.Δp1=___________；相互作用的两个物体动量的变化量等大反向。

（3）适用条件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力为___________。

b.近似守恒：系统内各物体间相互作用的内力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统在___________动量守恒。

（4）应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象，确定___________的组成（系统包括哪几个物体及研究的过程）。

b.进行受力分析，判断系统动量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.规定___________，确定初、末状态___________。

d.由动量守恒定律列出方程。

e.代入数据，求出结果，必要时讨论说明。15、波速。

（1）定义：机械波在______的传播速度。

（2）决定因素：由______本身的性质决定，在不同的介质中，波速是______（选填“相同”或“不同”）的。

（3）波长、周期、频率和波速的关系：＝_____。16、如图，立柱固定于光滑水平面上O点，质量为M的小球a向右运动，与静止于Q点的质量为m的小球b发生弹性碰撞，碰后a球立即向左运动，b球与立柱碰撞能量不损失，所有碰撞时间均不计，b球恰好在P点追上a球，Q点为OP的中点，则a、b两球在Q点碰后速度大小之比___；a、b球质量之比为____。

17、如图，一弹簧振子沿x轴做简谐运动，振子零时刻向右经过A点，2s时第一次到达B点。已知振子经过A、B两点时的速度大小相等，2s内经过的路程为则该简谐运动的周期为________s，振幅为________m。

18、甲、乙两列简谐横波在同一均匀介质中传播，波源位于处的甲波沿x轴正方向传播，波源位于处的乙波沿x轴负方向传播，时刻两列波的波形图如图所示。已知甲的波速为回答下列问题：

甲、乙两列波__________发生稳定的干涉；（填“能”或“不能”）

两列波叠加后，处为振动的__________点；（“减弱”或“加强”）

时刻，处的质点位移为__________cm。19、右图为利用发波水槽得到的水面波形图，甲图样是水面波的________现象；乙图样是水面波的_________现象．20、两个振源相距10m，如图所示为某时刻连线之间的波形图，连线已被五等分，已知振源的振幅均为振动周期则两列波的波长均为___________m；两列波的波速均为___________m/s；振源的振动形式传播到之间距离为3.5m的位置，还需要___________s；之后，间振幅能达到80cm的位置一共有___________处。

21、出现明暗条纹的判断。

（1）亮条纹：当两个光源与屏上某点的距离之差等于半波长的______（填“奇”或“偶”）数倍时；出现亮条纹。

（2）暗条纹：当两个光源与屏上某点的距离之差等于半波长的______（填“奇”或“偶”）数倍时，出现暗条纹。评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)22、某一简谐横波在时刻的波形图如图所示。若波向右传播，画出后和前两个时刻的波的图像。___________

评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)23、在“验证动量守恒定律”的实验中，先让质量为m1的A球从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在复写纸下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把质量为m2的B球放在斜槽轨道末端，让A球仍从位置S由静止滚下，与B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，O点是轨道末端在白纸上的竖直投影点。

（1）实验中，通过测量___________间接地测定小球碰撞前后的速度；

A.小球开始释放的高度h

B.小球抛出点距地面的高度H

C.小球做平抛运动的水平距离。

（2）以下提供的器材中，本实验必须使用的是___________；

A.刻度尺B.天平C.秒表

（3）关于该实验的注意事项，下列说法正确的是___________；

A.斜槽轨道必须光滑。

B.斜槽轨道末端的切线必须水平。

C.上述实验过程中白纸可以移动。

D.两小球A、B半径相同。

（4）为了尽量减小实验误差，两个小球的质量应满足m1>m2，若满足关系式___________则可以认为两小球碰撞前后总动量守恒；

（5）某同学记录小球三个落点的平均位置时发现M和N偏离了OP方向，如图甲所示。该同学认为只要满足关系式___________；则说明两小球碰撞前后总机械能守恒；

（6）实验时，若斜槽轨道光滑、两小球发生弹性碰撞，且m1<m2<3m1，小球落点用图乙中的C、D、E表示，满足关系___________；可以两小球认为碰撞前后总动量守恒。

24、在做“探究单摆周期与摆长的关系”实验时：

（1）为了利用单摆较准确地测出重力加速度，可供选用的器材为________。

A．20cm长的细线；小木球、秒表、米尺、铁架台。

B．100cm长的细线；小钢球、秒表、米尺、铁架台。

C．100cm长的细线；大木球、秒表、量程为50cm的刻度尺、铁架台。

D．10cm长的细线；大钢球、大挂钟、米尺、铁架台。

（2）为了减小测量周期的误差，摆球应在经过最________（填“高”或“低”）点的位置时开始计时，并计数为零，摆球每次通过该位置时计数加1，当计数为60时，所用的时间为t秒，则单摆周期为____________s。

（3）实验时某同学测得的重力加速度g值偏小，其原因可能是________。

A．摆球太重。

B．计算时误将小球的直径与摆线长相加。

C．测出n次全振动时间为t，误作为（n＋1）次全振动时间进行计算。

D．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现了松动，使摆线长度增加了。

（4）有两位同学利用假期分别参观北京大学和厦门大学的物理实验室，各自在那里利用传感器较为准确地探究了“单摆的周期T与摆长L的关系”（北京大学所在地的纬度比厦门大学高），并绘制了T2－L图象，如图甲所示，去厦门大学的同学所测实验结果对应的图线是________（填“A”或“B”），另外在厦门大学做探究的同学还利用计算机绘制了a、b两种单摆的振动图象，如图乙所示，由图可知a、b两单摆的摆长之比为________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)25、如图所示，一截面为ABC的柱形玻璃砖放在水平面上，AC是半径为R的圆弧，O为圆弧对应的圆心，AB竖直．BA、BC分别与圆弧相切于A点和C点．

（ⅰ）若玻璃砖的折射率为一束光与水平面成角从D点射入玻璃砖，经玻璃砖后恰好射到O点，求BD的高度h；

（ⅱ）若换成形状和大小完全相同、折射率不同的另一玻璃砖，在O点放置一点光源，其可向四周发出光线．不考虑经反射到达AB边的光，AB边有光射出的长度为求该玻璃砖的折射率n2．

26、如图所示，足够宽的水槽下而有与水平方向夹角的平面镜、一束光从水槽左壁水平向右射出，在平面镜上O点反射后打在右壁P点，现向水槽中注入某种透明液体，光经液体折射后打在右壁M点，此时液面与右壁相交于N点，测得O点到右壁水平距离为1.5m。已知光在真空中的传播速度为求：（结果可保留根号）

①该透明液体的折射率n；

②加入透明液体后，光从O点传播到M点所用的时间。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】

【详解】

由于振子在A、B两点的速度相等，则有A、B两点关于O点是对称的；振子经过A、B两点的速度同向，从B再回到A的过程是振子先到达右侧的最远处，然后返回平衡位置，最后回到A时经历的时间最短，时间半个周期，即

故周期为

故D正确；ABC错误。

故选D。2、D【分析】【详解】

A．甲、乙两列波的波长之比为3:2，根据

可知；频率之比为2:3，选项A错误；

B．甲起振方向向下；乙起振方向向上，则两列波的起振方向相反，选项B错误；

CD．t=3s时刻，两列波各自向前传播12m，则由波形图可知，两列波平衡位置在x＝6m处的质点引起的振动都正到达平衡位置，则位移为0；平衡位置在x＝3m处的质点由乙波引起的振动正处于波峰；由甲波引起的振动正在平衡位置，则此时该质点的位移为2cm，选项C错误，D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

选向下为正，运动全程由动量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，则有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），

负号表方向。

A．故A符合题意；

B．故B不符合题意；

C．故C不符合题意；

D．故D不符合题意。

故选A。4、C【分析】【详解】

A．金属线框由静止开始进入磁场的过程中，金属线框的下边切割磁感线，根据右手定则可判断电流方向向右，根据左手定则可判断安培力方向竖直向上，根据安培力公式有

根据切割电动势公式有

根据闭合电路欧姆定律

解得

根据牛顿第二定律有

可知金属线框做加速度减小的加速运动；速度—时间图像为。

可知故A错误；

B．金属线框竖直向上进入磁场的过程中；根据上述分析可知金属线框做加速度减小的减速运动，速度时间图像为。

可知故B错误；

CD．设安培力下降过程中，由动量定理有

两边求和有

即

同理，上升过程中有

联立解得

故C正确；D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

AC．在投球过程中；人和车（含篮球）系统所受合外力不为零，但水平方向所受合外力为零，系统水平方向动量守恒，篮球由水平向左的动量，则人和车系统获得向右的水平动量，因此车仍然有向右的速度，小车向右移动，故C正确，A错误；

B．投球之前；人和车（含篮球）组成的系统动量为零，当球全部投入左边的框中时，球的速度为零，根据动量守恒定律知，车的动量也为零，小车会停止，故B错误；

D．若若人屈膝跳起投球；系统在竖直方向上所受合外力不为零，则系统在竖直方向上动量不守恒，故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C【分析】【详解】

A.物体两种状态从a到b，都只有重力做功,物体下落高度一致,故合外力做功相等,即W1=W2；故A正确；

B.物体平抛落到b点的过程，只受重力作用,故合外力的冲量大小I1=mgt；

物体沿斜面下滑,设斜面与水平面的夹角为θ，受重力、支持力作用，合外力为mgsinθ，故合外力的冲量大小为：I2=2mgtsinθ=2I1sinθ

故B错误；

C.物体平抛落到b点的过程，运动时间为t，则斜面高度

物体沿斜面下滑，设斜面与水平面的夹角为θ，受重力、支持力作用，合外力为mgsinθ，运动时间为2t，故位移为加速度为gsinθ，所以有

所以即sinθ=

得θ=30∘

故C正确；

D.物体平抛落到b点的过程,水平位移为x=v0t

竖直位移为

所以有tanθ=h/x=

那么物体在b点的水平速度为v0，竖直速度为gt，所以物体水平抛出到达b点时速度方向与水平方向夹角为arctan=arctan(2tanθ)=arctan

故D错误；

故选AC.

点睛：根据两运动过程的受力、做功情况得到功和冲量；然后再利用牛顿第二定律求得两过程的加速度，进而根据运动位移和时间得到斜面的倾斜角；最后根据平抛运动规律求得末速度的方向．7、A:C:D【分析】【详解】

A.杆刚进入磁场之前的加速度。

则进入磁场时速度大小为。

选项A正确；

B.杆刚进入磁场时产生的感应电动势：

E=Bdv则电阻R1两端的电势差大小为。

选项B错误；

C金属棒进入磁场后；由动量定理：

即。

因为。

解得。

选项C正确；

D.整个过程中；产生的总焦耳热：

则电阻R1上产生的焦耳热为。

选项D正确；

故选ACD。8、A:B:C【分析】【详解】

A．因为甲前两秒是向正方向的匀速直线运动，后是向负方向的匀速直线运动，所以甲、乙两球在时发生碰撞；故A正确；

B．因为碰撞发生在光滑的水平面上；所以碰撞前后动量守恒，故B正确；

C．末甲球的速度时间图象斜率变为负值；说明速度反向，故C正确；

D．甲球碰撞前的动量碰撞后的动量所以动量的变化量为

故D错误。

故选ABC。9、A:B【分析】【详解】

AB．小球的运动可以视为单摆模型，由单摆的周期公式可得

可知，其周期只取决于等效摆长R和重力加速度g；与小球质量；摆动幅度（振幅）无关，而是否有初速度也只是间接的改变了振幅，因此和初速度也无关，AB错误，符合题意；

C．换一个半径R小一些的弧形槽；可使小球运动的周期减小，C正确，不符合题意；

D．其他条件不变，将装置从月球拿至地球表面，重力加速度g增大；可使小球运动的周期减小，D正确，不符合题意。

故选AB。10、A:C【分析】【详解】

Ａ．由图知：λ=４m，T=0.2s，则波速

故A正确。

B．因t=0.1s时质点Q向下振动，由波形图可知，波沿x轴负向传播；选项B错误；

C．因t=0.1s时P点的位移为5cm，可知P点的位置坐标为当时波向左传播的距离为

则此时P点恰好到达波峰；选项C正确；

D．从开始的一小段时间内，质点P向上振动，则速度不断减小，选项D错误。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．从波传播的最远点判断，甲、乙波起振方向分别是正轴方向和负轴方向；A错误；

B．因二列波同时到达原点知甲波传播速度是乙波的一半，又因波长也是一半，所以甲；乙波的频率相同，能形成稳定的干涉图样，B错误；

C．在内，点的运动形式传播距离为知甲波传播的速度为乙波为分析知两列波的最远点运动形式恰好在时到达对方的波源处；C正确；

D．在正轴上，甲波经恰好到达原点此时该点的振动方向沿正轴方向，视为新波源，而此时波源振动方向也沿正轴方向，加强点满足距两波源的位移差是波长的整数倍，分别为同理在负轴上，加强点为共有6个加强点，D正确。

故选CD。12、A:C【分析】【详解】

CD．图中光照射产生的条纹间距小于图中光照射产生的条纹间距，由双缝干涉条纹的间距公式

可知，当双缝间距均为双缝到屏的距离不变时，图中光的波长小于图中光的波长，故图为蓝光干涉图样，图为红光干涉图样。故C正确；D错误。

AB．双缝到屏的距离不变，只将双缝间距改为时，同样利用红光进行实验，因此相同，对比图和图可知，图中光照射产生的条纹间距小于图中光照射产生的条纹间距，故由双缝干涉条纹的间距公式可知，故A正确，B错误。

故选AC。13、A:B:C【分析】【详解】

A．交通警察用监视器测量汽车的速度时可利用多普勒效应；A正确；

B．用声呐探测水中的暗礁；潜艇；利用了波的反射，B正确；

C．在摄像机中；摄像管的作用是摄取景物的图像并将其转换为电信号，C正确；

D．雷达是利用无线电波来测定物体位置的无线电设备；D错误；

E．医生利用B超探测人体内脏的位置；发现可能的病变，其原理是利用了波的反射，E错误。

故选ABC。三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]动量守恒的定义：如果一个系统不受外力；或者所受外力的矢量和为0，这个系统的总动量保持不变动量守恒的。

（2）[2][3]动量守恒定律的表达式为：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]动量守恒的三种情况。

a.不受外力或所受外力的合力为零。

b.系统内各物体间相互作用的内力远大于它所受到的外力。

c.如果系统在某一方向上所受外力的合力为零；则系统在这一方向上动量守恒。

（4）[7][8][9][10]应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象；确定系统的组成；

b.进行受力分析；判断系统动量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.规定正方向；确定初；末状态动量。

d.由动量守恒定律列出方程求解。【解析】矢量和m1v1′＋m2v2′-Δp2零远大于这一方向上系统守恒正方向动量15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】介质中介质不同16、略

【分析】【分析】

根据碰后再次相遇的路程关系，求出两球碰后的速度大小之比。根据碰撞过程中动量、能量守恒列方程即可求出a、b球质量之比

【详解】

[1][2]设a、b两球碰后速度大小分别为v1、v2。由题有：b球与挡板发生弹性碰撞后恰好在P点追上甲，则从碰后到相遇a、b球通过的路程之比为

根据得

以水平向右为正方向，两球发生弹性碰撞，由动量守恒定律得

由机械能守恒定律得

解得

【点睛】

解答本题的突破口是根据碰后路程关系求出碰后的速度大小之比，要掌握弹性碰撞的基本规律：动量守恒和机械能守恒。解题要注意选择正方向，用正负号表示速度的方向。【解析】17、略

【分析】【详解】

[1]根据简谐运动的对称性可知，A、B两点关于平衡位置对称，从向右经过A到第一次到达B经过了半个周期的振动，则周期为

[2]这段时间路程为

解得振幅为【解析】418、略

【分析】【详解】

[1]同种介质中两列简谐波的波速相等均为由图可知甲、乙的波长均为

根据

可得甲、乙的频率均为频率相同的简谐波能发生稳定的干涉；

[2]各质点的振动周期为

乙的波峰第一次到达处的时间为

在时间内即2T时间内，对甲处的质点完成两次全振动，仍处于波峰位置，则时刻甲、乙的波峰相遇，两列波叠加后，处为振动加强点；

[3]经过0.5s甲、乙两波在处相遇，1.5s时两列波在处的质点的平衡位置的位移为0，再经过0.25s即1.75s的时刻，甲的波峰与乙的波谷在处相遇，甲乙两波叠加后位移为【解析】能加强19、略

【分析】【详解】

[1]波绕过障碍物继续传播的现象就是波的衍射现象；故图甲说明发生了明显的衍射现象；

[2]当频率相同的两列波相遇时当波程差为波长的整数倍时振动加强；当波程差为半个波长的奇数倍时振动减弱，使有的地方振动加强有的地方振动减弱，且加强和减弱的区域交替出现，故图乙是发生了干涉现象．

【点睛】

掌握干涉和衍射的图样的特点和发生条件，是解决此类题目的关键所在．注意干涉现象的条件与明显的衍射现象条件．【解析】衍射干涉20、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，间的距离恰好等于2.5个波长，则

得

[2]由于两列波的波长相同，周期也相同，因此两列波的波速

[3]图示时刻振源的振动形式还需传播才能传播到之间距离为的位置，因此

[4]由题图知，振源的振动方向始终相反，故振动加强点到两点的波程差等于半波长的奇数倍，即满足

且

分别取0和1，可得间振幅能达到的位置分别距点因此一共有4处。【解析】4100.25421、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.偶②.奇四、作图题(共1题，共3分)22、略

【分析】【详解】

由题图我们可以知道，在质点振动的一个周期内，波向前传播一个完整的波形的距离，即传播的距离

因此在内，波向前传播了根据波的传播过程和传播的实质，若波向右传播，把波的原有图形向右移动的距离，就得到了后时刻的波形图，如图中的虚线甲所示；同理可以得到前时刻波的图像；如图中的虚线乙所示。

【解析】五、实验题(共2题，共4分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]实验中；直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，通过平抛运动的规律，得出小球对的速度，由于平抛运动的高度相同，即可通过小球平抛运动的射程，间接表示速度的大小。

故选C。

（2）[2]由于需要测量小