2025高考化学一轮复习之有机物的结构与性质

第1页（共1页）2025高考化学一轮复习之有机物的结构与性质一．选择题（共20小题）1．（2024•福建三模）一种新型强效解热镇痛药醋氯芬酸的结构简式如图所示。下列说法正确的是（）A．1mol该物质最多消耗6molNaOH B．该物质中含有5种官能团 C．该物质中碳原子的杂化方式有3种 D．该物质苯环上的一溴代物有4种2．（2024•江西模拟）泽兰素（Euparin）是一种来源于植物的活性成分，具有多种生物活性，是潜在的抗抑郁药物，结构简式如图，下列说法正确的是（）A．常温下，该物质易溶于水 B．1mol泽兰素最多可与4molBr2反应 C．与足量H2加成后的产物中含有7个手性碳原子 D．泽兰素能发生氧化、取代、加成、加聚等反应3．（2024•保定二模）醋丁洛尔是治疗心动过速的阻滞剂，结构如图所示。下列叙述正确的是（）A．醋丁洛尔属于芳香烃 B．醋丁洛尔中有2个手性碳原子 C．1mol醋丁洛尔最多能与4molH2反应 D．醋丁洛尔遇FeCl3溶液能发生显色反应4．（2024•湖北模拟）阿斯巴甜是一种常见的合成甜味剂，其结构如图所示，下列有关说法不正确的是（）A．阿斯巴甜属于糖类物质 B．分子中含有4种官能团 C．不存在含有两个苯环的同分异构体 D．1mol该分子最多与3molNaOH反应5．（2024•湖北三模）聚呋喃二甲酸乙二醇酯（PEF），被称为下一代聚酯，可广泛应用于绿色和高性能的包装材料。我国科技工作者提出以HMF为原料合成PEF的路线，下列有关说法正确的是（）A．FDCA中碳原子均在同一平面内 B．PEF可由FDCA与乙二醇通过加聚反应得到 C．HMF可以发生取代反应、加成反应和消去反应 D．等物质的量的FDCA与H2发生加成反应后的产物有3种6．（2024•遵义模拟）杜仲是贵州三宝药材之一，已知杜仲中含有一种名为杜仲甙的有机物，具有清湿热、保肝护肝、抗肿瘤等作用，其结构如图所示。下列有关杜仲甙的说法错误的是（）A．含有两种含氧官能团 B．分子中只有1个手性碳原子 C．分子中所有原子不可能共平面 D．该分子能发生加成反应、氧化反应、消去反应7．（2024•江西模拟）阿托酸甲酯能用于治疗肠道疾病，它可由阿托酸经过下列反应合成：下列说法错误的是（）A．阿托酸甲酯的分子式为C10H10O2 B．阿托酸可发生取代反应、加成反应和消去反应 C．阿托酸苯环上的二氯代物共有6种 D．1mol阿托酸分子最多能与4molH2发生加成反应8．（2024•江西模拟）乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）是一种简单的载氧体，对开发在特殊条件下（如潜水、高空飞行）的氧供应材料具有重要意义。乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）的制备原理如图所示，下列说法正确的是（）A．水杨醛分子中所有原子一定共平面 B．乙二胺与乙二酸可发生加聚反应 C．基态钴原子核外电子的空间运动状态有15种 D．乙二胺中H—N—C的夹角大于乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）中C—N—C的夹角9．（2024•湖北模拟）Beckmann重排反应是反应物肟（图中有机物X）在酸的催化作用下重排为酰胺（图中有机物Y）的反应。下列有关说法不正确的是（）A．X和Y互为同分异构体 B．依据红外光谱可以区分X和Y C．X中N原子上的孤电子对参与形成π键 D．经历Beckmann重排得到10．（2024•龙岩模拟）药物贝诺酯有消炎、镇痛、解热的作用，其制备原理为：下列有关说法正确的是（）A．X与H2加成后的产物不存在对映异构 B．Y分子中所有碳原子不可能在同一平面 C．可用核磁共振氢谱确定Z含有的官能团 D．X、Y可用NaHCO3溶液鉴别11．（2024•鲤城区校级模拟）中药材川芎是一味活血化瘀药，为伞形科植物川芎的干燥根茎，其有效成分之一的结构如图所示。下列有关说法正确的是（）A．分子中sp3杂化的碳原子有4个 B．可发生消去反应 C．分子中含有4个手性碳原子 D．1mol该物质与足量溴水反应，最多可消耗2molBr212．（2024•凌源市模拟）三烯丙基异氰脲酸酯是一种助交联剂，其结构如图所示。下列有关三烯丙基异氰脲酸酯的说法错误的是（）A．该有机物含有2种官能团 B．该有机物的单体分子中所有原子均共面 C．该有机物能发生加成反应、水解反应、氧化反应 D．1mol该有机物最多能与3molH2发生加成反应13．（2024•江西二模）我国科学家制备了一种新型脂肪族聚酯Z，反应如下（未配平）：下列说法正确的是（）A．化合物Z可以降解 B．Y具有亲水性 C．X中的所有原子共面 D．Y中含有四种官能团14．（2024•南通模拟）化合物Z是一种药物合成中间体，其合成路线如图：下列说法正确的是（）A．X分子中只含有酮羰基、醚键两种含氧官能团 B．1molY与足量NaOH溶液反应，消耗2molNaOH C．Z分子不存在顺反异构体 D．Z可以与HCHO在一定条件下发生缩聚反应15．（2024•重庆模拟）可见光催化的Csp3—H官能团化反应是近年来的研究热点。应用该策略可实现如下转化：下列说法正确的是（）A．M按系统命名法命名为1，4﹣甲苯 B．N中最多有14个原子共平面 C．M和N的一溴代物种类数目相同 D．M和N均可被氧化为16．（2024•湖北二模）奥司他韦（Oseltamivir）是一种作用于神经氨酸酶的特异性抑制剂，其对神经氨酸酶的抑制能起到治疗流行性感冒的作用，结构简式如图所示，下列说法正确的是（）A．奥司他韦分子中有3个手性碳原子 B．奥司他韦中C原子的杂化方式有两种，N原子的杂化方式只有sp2 C．分子式为C16H29N2O4 D．该分子可发生取代、加成、消去、氧化反应17．（2024•东西湖区校级模拟）合成抗肿瘤药氟他胺的部分流程如下。已知吡啶是一种有机碱。下列说法错误的是（）A．1mol丙与最多与3molH2发生加成反应 B．乙和丙都能与盐酸反应 C．吡啶的主要作用是作催化剂 D．甲中除氟外所有原子可能在同一平面上18．（2024•招远市三模）有机物M的结构如图所示，下列关于M的说法错误的是（）A．分子中有一个手性碳原子 B．分子中碳原子的杂化方式有2种 C．1molM中含σ键的数目为19NA D．M的同分异构体中，遇FeCl3溶液显紫色且能与NaHCO3溶液反应的有13种19．（2024•招远市三模）吲哚布芬是一种抗血栓形成药，其结构简式如图。下列有关说法错误的是（）A．分子中含有2种官能团 B．分子中所有碳原子不可能共平面 C．1mol吲哚布芬最多能与2molNaOH反应 D．苯环上氢原子发生氯代时，一氯代物有8种20．（2024•海淀区校级模拟）三尖杉属植物是我国特有树种，含有黄酮类化合物。某种黄酮类化合物的分子结构如图所示。下列说法不正确的是（）A．分子式为C15H12O6 B．分子中含有手性碳原子 C．能与Na2CO3溶液反应 D．能发生消去反应和水解反应

2025高考化学一轮复习之有机物的结构与性质参考答案与试题解析一．选择题（共20小题）1．（2024•福建三模）一种新型强效解热镇痛药醋氯芬酸的结构简式如图所示。下列说法正确的是（）A．1mol该物质最多消耗6molNaOH B．该物质中含有5种官能团 C．该物质中碳原子的杂化方式有3种 D．该物质苯环上的一溴代物有4种【答案】A【分析】A．1个羧基、1个酯基、2个碳氯键及水解生成的2个酚羟基均与NaOH反应；B．含羧基、酯基、氨基、碳氯键；C．苯环、双键中碳原子为sp2杂化，亚甲基中碳原子为sp3杂化；D．2个苯环上共6种H原子。【解答】解：A．1个羧基、1个酯基、2个碳氯键及水解生成的2个酚羟基均与NaOH反应，则1mol该物质最多消耗6molNaOH，故A正确；B．含羧基、酯基、氨基、碳氯键，共4种官能团，故B错误；C．苯环、双键中碳原子为sp2杂化，亚甲基中碳原子为sp3杂化，共2种杂化方式，故C错误；D．2个苯环上共6种H原子，该物质苯环上的一溴代物有6种，故D错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。2．（2024•江西模拟）泽兰素（Euparin）是一种来源于植物的活性成分，具有多种生物活性，是潜在的抗抑郁药物，结构简式如图，下列说法正确的是（）A．常温下，该物质易溶于水 B．1mol泽兰素最多可与4molBr2反应 C．与足量H2加成后的产物中含有7个手性碳原子 D．泽兰素能发生氧化、取代、加成、加聚等反应【答案】D【分析】A．该物质中含有苯环、碳碳双键等结构，都是憎水基团；B．碳碳双键能与Br2发生加成反应，同时酚羟基邻位上的H可被Br取代；C．连有4个不同原子或者基团的碳是手性碳；D．泽兰素含有碳碳双键。【解答】解：A．该物质中含有苯环、碳碳双键等结构，都是憎水基团，因此常温下，该物质不易溶于水，故A错误；B．该物质中含有两个碳碳双键，能与2molBr2发生加成反应，同时酚羟基邻位上的H可被Br取代，能与1molBr2发生取代反应，因此最多与3molBr2反应，故B错误；C．连有4个不同原子或者基团的碳是手性碳，该物质与足量氢气发生加成反应后的产物中手性碳原子如图中箭头所示，，共有6个手性碳原子，故C错误；D．泽兰素含有碳碳双键，能发生氧化、加成、加聚反应，含有羟基，能发生取代反应，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，熟练掌握官能团的结构、性质与转化，侧重考查学生对基础知识的理解与知识迁移运用能力。3．（2024•保定二模）醋丁洛尔是治疗心动过速的阻滞剂，结构如图所示。下列叙述正确的是（）A．醋丁洛尔属于芳香烃 B．醋丁洛尔中有2个手性碳原子 C．1mol醋丁洛尔最多能与4molH2反应 D．醋丁洛尔遇FeCl3溶液能发生显色反应【答案】C【分析】A．醋丁洛尔中除含C、H元素外，还含N、O元素；B．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子；C．该分子中含苯环和酮羰基可与氢气发生加成反应；D．醋丁洛尔分子结构中无羟基直接与苯环相连，不属于酚类有机物。【解答】解：A．芳香烃为含苯环的烃；醋丁洛尔中除含C、H元素外，还含N、O元素，不属于烃，故A错误；B．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，根据该分子结构可知，与羟基直接相连的碳原子为手性碳原子，个数为1，故B错误；C．该分子中含苯环和酮羰基可与氢气发生加成反应，则1mol醋丁洛尔最多能与4molH2反应，故C正确；D．酚羟基能与FeCl3溶液能发生显色反应，醋丁洛尔分子结构中无羟基直接与苯环相连，不属于酚类有机物，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。4．（2024•湖北模拟）阿斯巴甜是一种常见的合成甜味剂，其结构如图所示，下列有关说法不正确的是（）A．阿斯巴甜属于糖类物质 B．分子中含有4种官能团 C．不存在含有两个苯环的同分异构体 D．1mol该分子最多与3molNaOH反应【答案】A【分析】该有机物含有氨基、酰胺基、羧基、酯基四种官能团，其中酰胺基、酯基、羧基均可消耗NaOH，据此回答。【解答】解：A．糖为多羟基醛或多羟基酮，只含C、H、O元素，而阿斯巴甜中含有N元素，故不是糖类，故A错误；B．分子中有氨基、酰胺基、羧基、酯基四种官能团，故B正确；C．该分子不饱和度为7，两个苯环不饱和度为8，所以不存在含有两个苯环的同分异构体，故C正确；D．1mol该分子中的酰胺基、酯基水解后各消耗1molNaOH，羧基消耗1molNaOH，共消耗3molNaOH，故D正确；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、糖的概念是解本题关键，题目难度不大。5．（2024•湖北三模）聚呋喃二甲酸乙二醇酯（PEF），被称为下一代聚酯，可广泛应用于绿色和高性能的包装材料。我国科技工作者提出以HMF为原料合成PEF的路线，下列有关说法正确的是（）A．FDCA中碳原子均在同一平面内 B．PEF可由FDCA与乙二醇通过加聚反应得到 C．HMF可以发生取代反应、加成反应和消去反应 D．等物质的量的FDCA与H2发生加成反应后的产物有3种【答案】A【分析】A．FDCA中碳原子均为sp2杂化；B．FDCA与乙二醇反应生成PEF和水；C．HMF中与羟基相连碳的邻位C原子上无H原子；D．FDCA与H2发生1，2加成或1，4加成。【解答】解：A．FDCA中碳原子均为sp2杂化，所有碳原子均在同一平面内，故A正确；B．FDCA与乙二醇反应生成PEF和水，反应方程式为n+nHOH2C—CH2OH→+（n﹣1）H2O，属于缩聚反应，故B错误；C．HMF中含有羟基，可以发生取代反应，羟基相连的α碳相邻的碳上没有氢原子，不能发生消去反应，分子中含有碳碳双键能发生加成反应，故C错误；D．FDCA含有两个碳碳双键，具有共轭二烯烃的性质，等物质的量的FDCA与氢气发生加成后的产物有和2种，故D错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的难点，题目难度不大。6．（2024•遵义模拟）杜仲是贵州三宝药材之一，已知杜仲中含有一种名为杜仲甙的有机物，具有清湿热、保肝护肝、抗肿瘤等作用，其结构如图所示。下列有关杜仲甙的说法错误的是（）A．含有两种含氧官能团 B．分子中只有1个手性碳原子 C．分子中所有原子不可能共平面 D．该分子能发生加成反应、氧化反应、消去反应【答案】B【分析】A．分子中含羟基、醚键；B．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子；C．下面六元环中碳均为sp3杂化；D．结合烯烃、醇的性质判断。【解答】解：A．由结构简式可知，分子中含有羟基和醚键两种含氧官能团，故A正确；B．同时连有4个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故该有机物分子中只有9个手性碳原子，如图，故B错误；C．由结构简式可知，分子中存在sp3杂化的碳原子，故所有原子不可能共平面，故C正确；D．由结构简式可知，该分子中含有碳碳双键，能发生加成反应、氧化反应，含有醇羟基且相连碳上有H能发生氧化反应，含有醇羟基且邻位碳上有H能发生消去反应，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的难点，题目难度不大。7．（2024•江西模拟）阿托酸甲酯能用于治疗肠道疾病，它可由阿托酸经过下列反应合成：下列说法错误的是（）A．阿托酸甲酯的分子式为C10H10O2 B．阿托酸可发生取代反应、加成反应和消去反应 C．阿托酸苯环上的二氯代物共有6种 D．1mol阿托酸分子最多能与4molH2发生加成反应【答案】B【分析】A．阿托酸甲酯分子中含10个C原子、10个H原子、2个O原子；B．阿托酸含碳碳双键、羧基；C．阿托酸苯环上含3种H原子，可固定1个Cl原子、移动另一个Cl原子判断；D．阿托酸中苯环、碳碳双键与氢气发生加成反应。【解答】解：A．阿托酸甲酯分子中含10个C原子、10个H原子、2个O原子，则阿托酸甲酯的分子式为C10H10O2，故A正确；B．阿托酸含碳碳双键和苯环可发生加成反应，含羧基可发生酯化反应（取代反应），不能发生消去反应，故B错误；C．阿托酸苯环上含3种H原子，固定1个Cl原子、移动另一个Cl原子可知阿托酸苯环上的二氯代物有6种，故C正确；D．阿托酸中苯环、碳碳双键与氢气发生加成反应，则1mol阿托酸分子最多能与4molH2发生加成反应，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的难点，题目难度不大。8．（2024•江西模拟）乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）是一种简单的载氧体，对开发在特殊条件下（如潜水、高空飞行）的氧供应材料具有重要意义。乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）的制备原理如图所示，下列说法正确的是（）A．水杨醛分子中所有原子一定共平面 B．乙二胺与乙二酸可发生加聚反应 C．基态钴原子核外电子的空间运动状态有15种 D．乙二胺中H—N—C的夹角大于乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）中C—N—C的夹角【答案】C【分析】A．单键在空间可旋转；B．乙二胺与乙二酸可发生缩聚反应；C．Co原子序数27，核外电子排布为1s22s22p63s23p63d74s2；D．孤电子对数越多，对成键电子产生斥力越大，键角越小。【解答】解：A．单键在空间可旋转，羟基中的氢原子可能与其它原子不共平面，故A错误；B．乙二胺与乙二酸可发生缩聚反应，不能发生加聚反应，故B错误；C．Co原子序数27，核外电子排布为1s22s22p63s23p63d74s2，占据15个原子轨道，基态钴原子核外电子的空间运动状态有15种，故C正确；D．孤电子对数越多，对成键电子产生斥力越大，键角越小，根据N成键方式可知，乙二胺中N含1对孤电子对，而乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）中，N形成3个共价键和1对孤电子对形成配位键，所以乙二胺中H—N—C的夹角小于乙二胺双缩水杨醛合钴（Ⅱ）中C—N—C的夹角，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。9．（2024•湖北模拟）Beckmann重排反应是反应物肟（图中有机物X）在酸的催化作用下重排为酰胺（图中有机物Y）的反应。下列有关说法不正确的是（）A．X和Y互为同分异构体 B．依据红外光谱可以区分X和Y C．X中N原子上的孤电子对参与形成π键 D．经历Beckmann重排得到【答案】C【分析】A．X、Y的分子式相同，结构不同；B．X、Y中官能团不同；C．杂化轨道可容纳孤电子对；D．经历Beckmann重排，转化为含酰胺基的有机物。【解答】解：A．X、Y分子组成都为R1R2CHNO，二者分子式相同、结构不同，互为同分异构体，故A正确；B．X和Y官能团不同，可以通过红外光谱区分，故B正确；C．N原子有3个单电子，在X中N原子形成2个σ键，有1个单电子，N原子上的单电子参与形成π键，故C错误；D．由重排位置可知，结构中碳氮双键与羟基形成了酰胺基，碳原子上的烃基R2﹣与氮原子结合，故经历Beckmann重排得到，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。10．（2024•龙岩模拟）药物贝诺酯有消炎、镇痛、解热的作用，其制备原理为：下列有关说法正确的是（）A．X与H2加成后的产物不存在对映异构 B．Y分子中所有碳原子不可能在同一平面 C．可用核磁共振氢谱确定Z含有的官能团 D．X、Y可用NaHCO3溶液鉴别【答案】D【分析】A．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子；B．苯环、酰胺键为平面结构；C．红外光谱确定Z含有的官能团；D．只有含羧基的有机物与碳酸氢钠溶液反应。【解答】解：A．X与H2加成后的产物中存在2个手性碳原子，存在对映异构，故A错误；B．Y分子中苯环、酰胺键为平面结构，单键可以旋转，所有碳原子有可能在同一平面，故B错误；C．用红外光谱确定Z含有的官能团，核磁共振氢谱确定等效氢，故C错误；D．羧基能与碳酸氢钠反应放出二氧化碳，则可用NaHCO3溶液鉴别X、Y，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的难点，题目难度不大。11．（2024•鲤城区校级模拟）中药材川芎是一味活血化瘀药，为伞形科植物川芎的干燥根茎，其有效成分之一的结构如图所示。下列有关说法正确的是（）A．分子中sp3杂化的碳原子有4个 B．可发生消去反应 C．分子中含有4个手性碳原子 D．1mol该物质与足量溴水反应，最多可消耗2molBr2【答案】D【分析】A．含5个形成4个单键的碳原子；B．与羟基相连的碳的邻位碳上无H原子；C．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子；D．酚羟基的邻位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应。【解答】解：A．含5个形成4个单键的碳原子，则分子中sp3杂化的碳原子有5个，故A错误；B．与羟基相连的碳的邻位碳上无H原子，不能发生消去反应，故B错误；C．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子，则中黑球表示的3个碳原子为手性碳，故C错误；D．酚羟基的邻位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1mol该物质与足量溴水反应，最多可消耗2molBr2，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的难点，题目难度不大。12．（2024•凌源市模拟）三烯丙基异氰脲酸酯是一种助交联剂，其结构如图所示。下列有关三烯丙基异氰脲酸酯的说法错误的是（）A．该有机物含有2种官能团 B．该有机物的单体分子中所有原子均共面 C．该有机物能发生加成反应、水解反应、氧化反应 D．1mol该有机物最多能与3molH2发生加成反应【答案】B【分析】A．分子中含碳碳双键、酰胺基；B．该有机物的单体分子为CH2＝CHCH2NHCOOH；C．结合碳碳双键、酰胺基的性质判断；D．只有碳碳双键与氢气发生加成反应。【解答】解：A．分子中含碳碳双键、酰胺基，共2种官能团，故A正确；B．该有机物的单体分子为CH2＝CHCH2NHCOOH，亚甲基中碳原子及N原子均为sp3杂化，则所有原子不能共面，故B错误；C．含碳碳双键可发生加成反应、氧化反应，含酰胺基可发生水解反应，故C正确；D．只有碳碳双键与氢气发生加成反应，则1mol该有机物最多能与3molH2发生加成反应，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的易错点，题目难度不大。13．（2024•江西二模）我国科学家制备了一种新型脂肪族聚酯Z，反应如下（未配平）：下列说法正确的是（）A．化合物Z可以降解 B．Y具有亲水性 C．X中的所有原子共面 D．Y中含有四种官能团【答案】A【分析】A．Z含酯基，为高分子化合物；B．Y含烃基和酯基，均为疏水基；C．X含4个sp3杂化的碳原子；D．Y含酯基、碳碳三键。【解答】解：A．Z含酯基，为高分子化合物，在酸碱或催化剂条件下可发生降解，故A正确；B．Y含烃基和酯基，均为疏水基，不溶于水，故B错误；C．X含4个sp3杂化的碳原子，所有原子一定不能共面，故C错误；D．Y含酯基、碳碳三键，共2种官能团，故D错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的易错点，题目难度不大。14．（2024•南通模拟）化合物Z是一种药物合成中间体，其合成路线如图：下列说法正确的是（）A．X分子中只含有酮羰基、醚键两种含氧官能团 B．1molY与足量NaOH溶液反应，消耗2molNaOH C．Z分子不存在顺反异构体 D．Z可以与HCHO在一定条件下发生缩聚反应【答案】C【分析】A．X中含羰基、醚键、酯基；B．Y中酚羟基、酯基及水解生成的酚羟基，均与NaOH反应；C．碳碳双键的碳原子连接不同基团时存在顺反异构；D．Z中酚羟基的邻位均有取代基。【解答】解：A．X中含羰基、醚键、酯基，有3种含氧官能团，故A错误；B．Y中酚羟基、酯基及水解生成的酚羟基，均与NaOH反应，则1molY与足量NaOH溶液反应，消耗3molNaOH，故B错误；C．碳碳双键的碳原子连接不同基团时存在顺反异构，可知Z分子不存在顺反异构体，故C正确；D．Z中酚羟基的邻位均有取代基，与HCHO在一定条件下不能发生缩聚反应，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的易错点，题目难度不大。15．（2024•重庆模拟）可见光催化的Csp3—H官能团化反应是近年来的研究热点。应用该策略可实现如下转化：下列说法正确的是（）A．M按系统命名法命名为1，4﹣甲苯 B．N中最多有14个原子共平面 C．M和N的一溴代物种类数目相同 D．M和N均可被氧化为【答案】C【分析】A．M中苯环的对位有甲基；B．N中甲基上2个H原子与其它原子不共面时，共面原子最多；C．M中苯环上一种H原子、甲基上一种H原子，N中结构不对称，含4种H原子；D．与苯环相连的甲基可被酸性高锰酸钾氧化生成羧基。【解答】解：A．M中苯环的对位有甲基，则系统命名法命名为1，4﹣甲苯，故A正确；B．N中甲基上2个H原子与其它原子不共面时，共面原子最多，则N中最多有14个原子共平面，故B正确；C．M中苯环上一种H原子、甲基上一种H原子，N中结构不对称，含4种H原子，则M和N的一溴代物种类数目分别为2种、4种，故C错误；D．与苯环相连的甲基可被酸性高锰酸钾氧化生成羧基，醛基可被氧化为羧基，则M和N均可被氧化为，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的易错点，题目难度不大。16．（2024•湖北二模）奥司他韦（Oseltamivir）是一种作用于神经氨酸酶的特异性抑制剂，其对神经氨酸酶的抑制能起到治疗流行性感冒的作用，结构简式如图所示，下列说法正确的是（）A．奥司他韦分子中有3个手性碳原子 B．奥司他韦中C原子的杂化方式有两种，N原子的杂化方式只有sp2 C．分子式为C16H29N2O4 D．该分子可发生取代、加成、消去、氧化反应【答案】A【分析】A．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子；B．双键中的碳原子为sp2杂化，形成4个单键的碳原子为sp3杂化，氨基中N原子为sp3杂化；C．分子中含28个H原子；D．结合酰胺基、氨基、碳碳双键、酯基的性质判断。【解答】解：A．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子，奥司他韦分子中含有如图*所示3个手性碳原子：，故A正确；B．由结构简式可知，奥司他韦分子中单键氮原子的杂化方式为sp3杂化，C有两种杂化方式，故B错误；C．由结构简式可知，奥司他韦的分子式为C16H28O4N2，故C错误；D．由结构简式可知，奥司他韦分子的官能团为酯基、酰胺基、氨基、碳碳双键，可发生取代反应、加成反应、氧化反应，但不能发生消去反应，故D错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的难点，题目难度不大。17．（2024•东西湖区校级模拟）合成抗肿瘤药氟他胺的部分流程如下。已知吡啶是一种有机碱。下列说法错误的是（）A．1mol丙与最多与3molH2发生加成反应 B．乙和丙都能与盐酸反应 C．吡啶的主要作用是作催化剂 D．甲中除氟外所有原子可能在同一平面上【答案】C【分析】A．苯环和氢气以1：3发生加成反应，酰胺键中碳氧双键和氢气不反应；B．含有氨基、酰胺基、酯基的有机物都能和盐酸反应；C．乙和吡啶发生取代反应生成丙；D．甲中苯环上的碳原子及N原子都采用sp2杂化。【解答】解：A．苯环和氢气以1：3发生加成反应，酰胺键中碳氧双键和氢气不反应，则1mol丙与最多与3molH2发生加成反应，故A正确；B．含有氨基、酰胺基、酯基的有机物都能和盐酸反应，乙含有氨基、丙含有酰胺键，所以乙和丙都能与盐酸反应，故B正确；C．乙和吡啶发生取代反应生成丙，则吡啶为反应物，不是催化剂，故C错误；D．甲中苯环上的碳原子及N原子都采用sp2杂化，连接氟原子的碳原子采用sp3杂化，则连接氟原子的碳原子具有甲烷结构特点，甲烷分子中最多有3个原子共平面，所以甲中除氟外所有原子可能在同一平面上，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。18．（2024•招远市三模）有机物M的结构如图所示，下列关于M的说法错误的是（）A．分子中有一个手性碳原子 B．分子中碳原子的杂化方式有2种 C．1molM中含σ键的数目为19NA D．M的同分异构体中，遇FeCl3溶液显紫色且能与NaHCO3溶液反