2024年中图版选择性必修2物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年中图版选择性必修2物理下册阶段测试试卷686考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图甲所示；10匝的线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈的磁通量在按图乙所示规律变化，下列说法正确的是（）

A.电压表读数为20VB.电压表读数为15VC.电压表“+”接线柱接B端D.电压表“+”接线柱接A端2、如图所示，一理想变压器，左右两边接有额定电压均为U的4盏完全相同的灯泡（额定功率为P）左端接在一电压恒为Uo的交流电源两端。此4盏灯刚好正常发光。下列说法中正确的是（）

A.该变压器的原副线圈匝数比为1∶3B.此时交流电源输出的功率为3PC.Uo=4UD.如果灯L2突然烧断，L1将变亮，而其余2盏将变暗3、如图所示，一个理想边界为PQ、MN的匀强磁场区域，磁场宽度为d，方向垂直纸面向里。一电子从O点沿纸面垂直PQ以速度v0进入磁场。若电子在磁场中运动的轨道半径为2d。在MN上，且与MN垂直。下列判断正确的是（）

A.电子将向右偏转B.电子打在MN上的点与点的距离为dC.电子打在MN上的点与点的距离为D.电子在磁场中运动的时间为4、第一个发现并总结“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应的科学家是（）A.法拉第B.奥斯特C.楞次D.麦克斯韦5、如图所示，理想变压器原，副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b，当输入电压U为灯泡额定电压的5倍时；两灯泡均能正常发光。下列说法正确的是（）

A.原、副线圈匝数之比为5：1B.原、副线圈匝数之比为4：1C.此时a和b的电功率之比为4：1D.此时a和b的电功率之比为1：16、振荡电路的电流随时间变化的图像如图所示。在时刻；电容器的M板带负电。在某段时间里，回路的磁场能在减小，而M板仍带负电，则这段时间对应图像中（）

A.段B.段C.段D.段7、赤道上某处有一竖直的避雷针，当带有正电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电，则地磁场对避雷针的作用力方向为:A.正南B.正东C.正西D.正北8、在市少年宫物理兴趣小组自做的发电机工作原理如图所示，在磁感应强度为的匀强磁场中，有一匝数为的矩形线圈，其面积为电阻为线圈两端外接一电阻为的用电器和一个交流电压表，若线圈绕对称轴以角速度做匀速转动，则线圈从图示位置转过的过程中；下列说法正确的是（）

A.交流电压表的示数为B.通过电阻的电量为C.交流电压表的示数为D.电阻产生的热量为9、下列属于正弦式交流电的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，置于水平面上的两根金属导轨间距为L，分别与电源正、负极相连，导体棒放在导轨上且与导轨垂直，整个装置处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导体棒，且与导轨平面夹角为已知回路中电流为I；导体棒始处于静止状态，关于导体棒的受力情况，下列说法正确的是（）

A.安培力大小为0B.安培力大小为C.静摩擦力大小为D.静摩擦力大小为11、如图是安培研究通电导体间相互作用的简化示意图。甲、乙、丙三个圆形线圈的圆心在同一水平轴线上，轴线垂直线圈平面.甲和丙固定且用导线串联，并通以电流I1，乙通入电流I2；电流方向在图中标出，则乙线圈（）

A.圆心处的磁场方向水平向左B.圆心处的磁场方向水平向右C.受到甲对它的吸引力D.受到丙对它的排斥力12、如图所示，一电子以初速度v沿与金属板平行的方向飞入MN极板间，发现电子向M板偏转；则可能是（）

A.电键S闭合瞬间B.电键S由闭合到断开瞬间C.电键S是闭合的，变阻器滑片P向左迅速滑动D.电键S是闭合的，变阻器滑片P向右迅速滑动13、如图甲所示，金属圆环放置在绝缘水平桌面上，在圆环的正上方有一个螺线管，规定电流从螺线管a端流入为正方向，在螺线管中通入如图乙所示的电流后，金属圆环始终未离开桌面。已知通电螺线管产生的磁场的磁感应强度与电流成正比，下列能正确反映金属圆环中感应电流（以图示方向为正方向）、金属圆环对桌面的压力F随时间t的变化关系的是（）

A.B.C.D.14、如图所示，两根足够长的光滑平行金属导轨固定放置在足够高的水平台面上，导轨间距质量电阻的直导体棒放在导轨上，且始终与导轨垂直，导体棒通过一根轻质细绳绕过定滑轮与一质量也为的重物相连。导轨左端与阻值的电阻相连，导轨电阻不计，整个装置放在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度在时刻，由静止释放导体棒和重物，直导体棒由静止开始向右做直线运动（导轨足够长，轻质细绳始终与导轨共面且平行），下列说法中正确的是（）

A.重物向下做加速度减小的加速运动，最终做匀速直线运动B.当导体棒速度时，导体棒加速度C.导体棒最终做匀速直线运动的速度为D.导体棒最终做匀速直线运动的速度为评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、导体棒切割磁感线产生感应电流，导体棒所受安培力的方向与导体棒运动方向_________，导体棒克服_________做功，把其他形式的能转化为电能。16、图甲、乙中，金属导体中产生的感应电动势分别为E甲=___________，E乙=___________。

17、非电学量转换为电学量的意义：把非电学量转换为电学量，可以很方便地进行测量、_____、处理和____18、如图所示，图甲为热敏电阻的R­t图像，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为150Ω。当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合。为继电器线圈供电的电池的电动势E＝6V；内阻可以不计。图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。

（1）应该把恒温箱内的加热器接在________（选填“A、B端”或“C、D端”）。

（2）如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R′的值应调节为________Ω。

（3）为使恒温箱内的温度保持在更高的数值，可变电阻R′的值应________（选填“增大”或“减小”）。19、电磁振荡的实质。

在电磁振荡过程中，电路中的电流i、电容器极板上的电荷量q、电容器里的电场强度E、线圈里的磁感应强度B，都在______，电场能和磁场能也随着做周期性的______。20、如图，在匀强磁场中，单位长度质量为m0的“U型”金属导线可绕水平轴OO′转动，ab边长为L1，bc边长为L2．若导线中通以沿abcd方向的电流I，导线保持静止并与竖直方向夹角为θ，则磁场的磁感应强度至少为______，此时方向为_______．

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)21、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

22、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

23、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

24、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)25、初中物理学习了电磁继电器；某同学学习了高中物理的传感器后，用电源；电磁继电器、滑动变阻器、开关、导线等仪器设计了一个高温报警器，要求是：正常情况绿灯亮，温度过高时电铃报警。电路如图所示，图中仪器还不完整。请完成以下问题：

（1）图中的甲还需要放入的元件是________；

A．随温度升高电阻阻值增大的热敏电阻。

B．随温度升高电阻阻值减小的热敏电阻。

（2）电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏高了一点点。为了安全起见，要求在温度更低一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器的滑片往________（选填“左”或“右”）移动一点。26、某同学用匝数可调的可拆变压器来探究“变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验：

（1）下列操作正确的是______。

A．原线圈接学生电源直流电压；电表置于直流电压挡。

B．原线圈接学生电源交流电压；电表置于交流电压挡。

（2）如图甲所示，一变压器的副线圈匝数模糊不清，该同学为确定其匝数，原线圈选择“0”、“8”（100匝）接线柱，测得电源电压为10.0V，副线圈电压为4.9V，则此时接入的副线圈可能是______。

A．“0”；“2”接线柱B．“0”、“4”接线柱。

（3）如图乙所示，探究铁芯在变压器中的用途时，该同学先将上方的铁芯取出，再将铁芯缓慢向左水平推入，则观察到小灯泡亮度变化与铁芯作用分析正确的是______。

A．小灯泡变亮。

B．小灯泡变暗。

C．铁芯起到传送能量的作用。

D．若将铁芯换成等大的铜块；则实验现象更明显。

（4）你认为该实验的系统误差主要来源是______（写出一条即可）。27、在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中；可拆变压器结构如图所示。

（1）变压器的铁芯，它的结构和材料是______；（填字母）

A.整块硅钢铁芯B.整块不锈钢铁芯C.绝缘的铜片叠成D.绝缘的硅钢片叠成。

（2）观察两个线圈的导线，发现粗细不同，导线粗的线圈匝数______（填“多”或“少”）

（3）若原线圈和副线圈的匝数比为实验中发现副线圈的输出电压总是略小于原线圈的输入电压的造成这种误差的原因可能是_______。

A.铁芯漏磁B.线圈电阻产生少许电热C.少许涡流损失D.输入电压不稳定。

（4）用匝数匝和匝的变压器，实验测量数据如表：。1.802.803.804.904.006.018.029.98

根据测量数据可判断原线圈匝数为________匝。（填“400”或“800”）

（5）某同学仔细观察铁芯是由相互绝缘的零碎合金片平行平面叠压而成，如图，这样制作铁芯的目的是________。

28、在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中；可拆变压器如图所示。

（1）变压器铁芯的结构和材料是_____；（填字母代号）

A.整块硅钢铁芯。

B.整块不锈钢铁芯。

C.绝缘的铜片叠成。

D.绝缘的硅钢片叠成。

（2）为了人身安全，实验中交流电源的电压不要超过_____；（填字母代号）

A.2VB.12VC.50VD.72V

（3）本实验要通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系，实验中需要运用的科学方法是_____；（填字母代号）

A.控制变量法B.等效替代法C.类比法。

（4）实验中原、副线圈的电压之比与它们的匝数之比有微小差别。原因不可能为_____。（填字母代号）

A.原；副线圈上通过的电流发热。

B.铁芯在交变磁场作用下发热。

C.变压器铁芯漏磁。

D.原线圈输入电压发生变化评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、如图所示，为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为其右侧有一边长为的正三角形区域，区域内及边界上有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板之间加上电压后，板电势高于板电势。现有一带正电的粒子，质量为电荷量为其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板的中央小孔处射入电容器，穿过小孔后从距三角形点的处垂直方向进入磁场。

（1）求粒子到达小孔时的速度大小

（2）若粒子从P点进入磁场后经时间从间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小

（3）若粒子能从间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？

30、如图所示，在矩形区域ABCD内存在竖直向上的匀强电场，在BC右侧Ⅰ、Ⅱ两区域存在匀强磁场，L1、L2、L3是磁场的边界（BC与L1重合），宽度相同，方向如图所示，区域Ⅰ的磁感应强度大小为B1。一电荷量为＋q、质量为m的粒子（重力不计）从AD边中点以初速度v0沿水平向右方向进入电场，粒子恰好从B点进入磁场，经区域Ⅰ后又恰好从与B点同一水平高度处进入区域Ⅱ.已知AB长度是BC长度的倍。

（1）求带电粒子到达B点时的速度大小；

（2）求区域Ⅰ磁场的宽度L；

（3）要使带电粒子在整个磁场中运动的时间最长，求区域Ⅱ的磁感应强度B2的最小值。

31、如图所示，绝缘斜面倾角为30°，与绝缘水平面相接，斜面上有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度水平面有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度．在斜面和水平面上铺设如图所示的轨道，是用单位长度电阻为的材料制成的导轨，金属导轨与沿斜面平行放置，上端分别与连接，下端刚好在斜面底端，分别与光滑绝缘材料制成的平滑连接，且为足够长的金属导轨，轨道段和段平行，间距为间接的电阻．现将一有效电阻为的金属棒PQ垂直导轨静置于绝缘段上，将另一单位长度电阻为的导体棒MN从轨道上端的O点开始，在沿斜面的拉力作用下以的速度匀速下滑，滑至处时撤去拉力，导体棒MN运动到水平段与PQ相碰，碰后粘在一起向前运动，不计MN、PQ与轨道间的摩擦，运动过程中MN始终保持与和垂直，导体棒经处时无能量损失．已知导体棒MN的质量金属棒PQ质量金属导轨的电阻不计，导体棒MN始终与轨道良好接触．

(1)导体棒MN在段下滑时，判断M、N的电势高低，并求经过MN的电流大小；

(2)求MN与PQ碰后向右滑行的距离；

(3)求在导体棒MN运动的整个过程中，回路中产生的焦耳热．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据法拉第电磁感应定律可得

AB错误；

CD．线圈中垂直纸面向里的磁通量在增大；所以根据楞次定律可得线圈中的电流方向是逆时针，所以A端是正极，B端是负极，故电压表“+”接线柱接A端，C错误，D正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

A．设灯泡正常发光时，额定电流为由题图可知原线圈中电流

副线圈中3灯并联，副线圈中电流

根据理想变压器的基本规律得

故A错误；

B．根据总功率等于各部分功率之和知电源输出功率为故B错误；

C．副线圈中电压

根据理想变压器的基本规律得

所以

故C正确；

D．如果灯突然烧断，总功率减小，故副线圈总电流减小，原线圈电流也减小，故灯将变暗；而原线圈电压变大，故副线圈电压变大，其余2盏灯将变亮，故D错误；

故选C。3、D【分析】【详解】

A．电子带负电；进入磁场后，由左手定则可知，电子所受洛伦兹力方向向左，电子将向左偏转，故A错误；

BC．设电子打在上的点与点的距离为如图所示。

根据几何知识可得

故BC错误；

D．设轨迹对应的圆心角为由几何关系得

得

则电子在磁场中运动的时间为

故D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

第一个发现并总结“磁生电”是一种在变化；运动的过程中才能出现的效应的科学家是法拉第。

故选A。5、B【分析】【详解】

AB．当输入电压U为灯泡额定电压的5倍时，灯泡正常发光，故灯泡的额定电压为原线圈输入电压为副线圈的电压为则可知，原、副线圈匝数之比为

故A错误；B正确；

CD．根据变压器原理可得

所以I1＝I2

由于小灯泡两端的电压相等，所以根据公式P＝UI

可得两者的电功率之比为1：4；故CD错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

某段时间里；回路的磁场能在减小，说明回路中的电流在减小，电容器充电，而此时M带负电，那么一定是给下极板充电，电流方向逆时针。

由题意知t=0时，电容器开始放电，且M极板带负电，结合i-t图像可知，电流以顺时针方向为正方向，因此这段时间内，电流为负，且正在减小，符合条件的只有图像中的cd段。

故选D。7、B【分析】【分析】

赤道上方地磁场的方向是水平向北的；带正电的乌云经避雷针放电，电流方向向下，根据左手定则判断地磁场对避雷针作用力的方向．

【详解】

磁场水平向北；电流竖直向下，由左手定则可知磁场力方向向东．

故选B．

【点评】

知道避雷针中电流的方向、赤道上方磁场方向是解题的前提，熟悉左手定则的内容并灵活应用左手定则是解题的关键．8、B【分析】【详解】

AC．电动势的最大值Em=NBSω

电动势的有效值E=Em

交流电压表示数U=E

得到

选项AC错误；

B．从图示位置开始转动90°磁通量的变化量ΔΦ=Φ2-Φ1=BS

由

联立解得电量q=

选项B正确；

D．电阻R产生的热量

选项D错误。

故选B。9、A【分析】【分析】

【详解】

A．选项A的图线中电流随时间按正弦规律变化；是正弦式交流电，A正确；

B．选项B的图线中电流大小改变；但方向不变，是正弦单向脉冲电流，所以不是正弦式交变电流，B错误；

C．选项C的图线中电流大小改变；但方向不变，是正弦半波电流，不是正弦式交变电流，C错误；

D．选项D的图线是非对称性交变电流；但不是正弦式交变电流，D错误。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)10、B:D【分析】【详解】

AB．因为B与IL的关系为始终垂直，故安培力为

A错误；B正确；

CD．导体棒受力如下图所示。

因B与水平方向夹角为而根据左手定则B与垂直，由几何关系易知与竖直方向夹角为可得

C错误；D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

AB．根据右手螺旋定则可知；圆心处的磁场方向水平向右，故A错误，B正确；

CD．三个线圈的电流方向相同；同向电流相互吸引，故乙受到甲对它的吸引力，乙受到丙对它的吸引力，故C正确，D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．开关S接通瞬间，根据安培定则，穿过线圈的磁通量向右增加，由楞次定律知，在右侧线圈中感应电流的磁场方向向左，产生左正右负的电动势，电子向M板偏转；选项A正确；

B．断开开关S的瞬间，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知，在右侧线圈中产生左负右正的电动势，电子向N板偏转；选项B错误；

C．接通S后，变阻器滑动触头向左迅速滑动，电阻减小，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律知在上线圈中产生左正右负的电动势，电子向M板偏转；选项C正确；

D．接通S后，变阻器滑动触头向右迅速滑动，电阻增大，电流减小，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律知在上线圈中产生左负右正的电动势，电子向N板偏转；选项D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

B．0~1s时间内电流从a端流入；穿过圆环的磁场方向向上，磁通量增加，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向应向下，由安培定则可知感应电流沿正方向。同理可知1~2s时间内电流方向为负方向，2~3s时间内感应电流方向为正方向，B项错误；

A．由法拉第电磁感应定律得。

1~2s时间内的感应电动势为0~1s；2~3s时间内感应电动势的2倍；A项正确；

CD．0~1s时间内；金属圆环对桌面的压力。

1~1.5s时间内。

1.5~2s时间内。

2~3s时间内。

C项错误；D项正确。

故选AD。14、A:C【分析】【详解】

A．重物和导体棒整体受力分析有

根据闭合电路欧姆定律有

可知随着速度的增大；重物的加速度减小，所以重物向下做加速度减小的加速运动，最终做匀速直线运动，故A正确；

B．当导体棒速度时，根据A项可知

解得

故B错误；

CD．导体棒最终做匀速直线运动时有

解得

故C正确；D错误；

故选AC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】相反安培力16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】BlvBlvsinθ17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】传输控制18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]当温度较低时，热敏电阻的阻值较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁脱离电磁铁，A、B部分接入电路，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以应把恒温箱内的加热器接在A、B端。

（2）[2]当温度达到100℃时，加热电路要断开，此时继电器的衔铁要被吸合，即控制电路的电流要达到I＝20mA，设继电器线圈的电阻为R0；根据闭合电路欧姆定律可得；

I＝代入数据解得。

R′＝100Ω（3）[3]由以上分析可知，若使恒温箱内的温度保持在更高的数值，则I＝20mA时R变小，R0不变，故可变电阻R′的值应增大，从而实现目标。【解析】A、B端100增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.周期性地变化着②.转化20、略

【分析】【详解】

[1][2]这是一个力矩平衡的问题，因为ab、cd电流方向相反，如果有安培力，则它们对OO′产生的力矩也会正好抵消，所以可以不考虑．当安培力的方向垂直于ab边向上时；安培力最小，磁感应强度最小，此时U型金属导线受力侧视图如下．

由力矩平衡有L2m0g·L1sinθ+2L1m0g·sinθ=BIL2·L1,

解得B=．

【点睛】

要知道力矩平衡，会分析安培力最小时，是力臂最长的情况．【解析】沿ba方向向上四、作图题(共4题，共12分)21、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】24、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共32分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题意；正常情况绿灯亮，此时电磁继电器不工作，即电磁铁磁性较小，通过电磁铁的电流较小，所以在正常温度时，甲的电阻较大；当温度过高时，甲的电阻应减小，从而使通过电磁铁的电流增大，使电磁继电器工作，所以图中的甲还需要放入的元件是随温度升高电阻阻值减小的热敏电阻。

故选B。

（2）[2]要求在温度更低一点时就开始报警，需要电流在温度更低一点就达到原先报警时的电流，则需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，调节滑动变阻器的滑片往右移动一点。【解析】B右26、略

【分析】【详解】

（1）[1]变压器在交流电条件下才能正常工作；A错误，B正确。

故选B。

（2）[2]根据电压匝数关系有

解得

A错误；B正确。

故选B。

（3）[3]ABC．变压器的铁芯的作用是导磁；尽量减少漏磁，其起到传递能量的作用，AC正确，B错误；

D．铜不能被磁化；因此不能导磁，若将铁芯换成等大的铜块，则实验现象不明显，D错误。

故选AC。

（4）[4]实际的变压器的线圈与铁芯都有一定的电阻，且存在漏磁，则实验的系统误差主要来源是线圈和铁芯有一定的电阻与存在漏磁。【解析】BBAC见解析27、略

【分析】【详解】

（1）[1]变压器的铁芯；它的结构和材料是：绝缘的硅钢片叠成。

故选D。

（2）[2]观察两个线圈的导线，发现粗细不同，根据

可知匝数少的电流大；则导线越粗，即导线粗的线圈匝数少。

（3）[3]若原线圈和副线圈的匝数比为根据

可得

实验中发现副线圈的输出电压总是略小于原线圈的输入电压的造成这种误差的原因可能是铁芯漏磁。

故选A。

（4）[4]该变压器非理想变压器，由于存在漏磁，所以副线圈测量电压应小于理论变压值，根据表格中数据可知为输入端，为输出端，原线圈匝数为

（5）[5]某同学仔细观察铁芯是由相互绝缘的零碎合金片平行平面叠压而成，这样制作铁芯的目的是：为了减小涡流产生的热量。【解析】D少A800为了减小涡流产生的热量28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]变压器铁芯的材料要选择磁性材料；为防止出现涡流，用绝缘的硅钢片叠成，故选D；

（2）[2]为了人身安全；实验中交流电源的电压不要超过12V，故选B；

（3）[3]本实验要通过改变原；副线圈匝数；探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系，实验中需要运用的科学方法是控制变量法，故选A；

（4）[4]实验中原；副线圈的电压之比与它们的匝数之比有微小差别。

AB.原；副线圈上通过的电流发热；铁芯在交变磁场作用下发热，都会使变压器输出功率发生变化，